2016年广西柳州市中考物理试题（解析）.doc

2016年广西柳州市中考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（每小题3分，共36分每小题的四个选项中只有一个是正确的，不选、多选、错选均不得分）1【分析】物理实验室中用来测量力的大小的仪器是弹簧测力计。【解答】解：A、卷尺是测量长度的仪器。故A不符合题意。B、弹簧测力计是测量力的工具。故B符合题意。C、停表是测量时间的仪器，故C不符合题意。D、量筒是测量体积的仪器。故D不符合题意。故选：B。【点评】掌握物理中天平、量筒、密度计、弹簧测力计、电流表、电压表、电能表、刻度尺、温度计、压强计测量的物理量，以及如何正确使用。2【分析】知道几个电压值：一节干电池电压、对人体安全电压、家庭照明电压、动力电压、一节蓄电池电压。【解答】解：因为一节干电池电压为1.5V、对人体安全电压不高于36V、家庭电路照明电压220V，故D正确。故选：D。【点评】对于家庭电路电压、人体安全电压、一节干电池的电压，有时不是直接出现在题目中，而是隐含在题目中，注意挖掘。3【分析】声波可以传递信息，是指告诉我们什么，也就是传递了信息，如教师讲课，告诉我们知识；声波可以传递能量是指可以改变什么，也就是传递了能量，如超声波排除人体内的结石，超声波清洗牙齿等。【解答】解：A、听众欣赏交响乐曲，是声音传递信息，故A错误；B、学生听老师讲课，是告诉我们知识，是声音传递信息，故B错误；C、超声波排除人体内的结石，是碎掉体内的结石，是声音传递能量，故C正确；D、路人听到汽车鸣笛声，让声音告诉我们危险，是声音传递信息，故D错误。故选：C。【点评】此题考查声音可以传递信息和能量的区别，重在把握它们的区别。4【分析】本题明确电流表、电压表、验电器和测电笔的用途。测电笔的用途是辨别家庭电路中的火线和零线的。电流表是测量电流的，电压表是测量电压的，电能表是测量电功的仪表。【解答】解：A、测电笔的用途是辨别家庭电路中的火线和零线的。故A符合题意。B、验电器是检验物体是否带电的仪器，故B不符合题意；C、电流表是测量电流的，故C不符合题意。D、电压表是测量电压的，故D不符合题意。故选：A。【点评】本题考查了电流表、电压表、验电器和测电笔的用途，是一道基础题。5【分析】近视眼是由于晶状体太厚，折光能力太强（也可能是由于眼球的前后方向距离太长），使得像成在视网膜的前方而造成的视觉障碍，需用凹透镜来矫正。【解答】解：由于近视眼的像成在了视网膜的前方，故要想使像成在视网膜上，必须让原来的光线要发散一些，故需用凹透镜来矫正，ABC都是凸透镜，D是凹透镜。故选：D。【点评】知道并理解近视眼的成因及矫正是解决该题的关键。6【分析】（1）机械能包括动能和势能。弹性势能和重力势能统称为势能（2）物体由于运动而具有的能，叫做动能；物体由于被举高而具有的能量，叫做重力势能；物体由于发生弹性形变而具有的能，叫做弹性势能。【解答】解：A、停止在站台上的火车，不运动，所以不具有动能。故A错误；B、悬挂在天花板上的吊灯相对于地面有一定的高度，所以具有重力势能，没有动能，故B错误；C、在空中飞行的飞机处于运动状态，具有动能；同时飞机相对于地面有一定的高度，具有重力势能。所以飞机既具有动能，也具有重力势能。故C正确；D、被拉开的弹弓发生弹性形变，所以具有弹性势能，不具有动能，故D错误。故选：C。【点评】判定物体具有什么形式的机械能，要利用该形式机械能的特征去判定：具有动能的特征是运动；重力势能的特征是举高；弹性势能的特征是发生弹性形变。7【分析】扩散现象是分子运动的结果，一切物质的分子都在不停地做无规则运动。【解答】解：由于螺蛳粉的香味分子做无规则运动，在空气中进行扩散，所以只要有香味，整个五星街都会闻到。故选：B。【点评】本题主要考查学生对：扩散现象的了解和掌握，是一道基础题。由于分子的体积很小，分子的运动无法用肉眼直接看到，但可以通过气味、颜色的变化来体现。8【分析】分析各个选项与物重的大小关系，得出最省力的选项。【解答】解：由题知，不计滑轮所受重力及摩擦力。A、图中直接用手提升物体，拉力FG；B、图中使用的是滑轮组，n2，拉力FG；C、图中使用的是定滑轮，拉力FG；D、图中使用的是滑轮组，n3，拉力FG；可见，D选项最省力，拉力FG。故选：D。【点评】本题考查了定滑轮、滑轮组的省力特点，属于基础题目。9【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；（2）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼等都是光的折射形成的；（3）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的。【解答】解：A、由图可知，激光引导掘进方向是利用了光的直线传播，由于光是沿直线传播的，所以光引导的掘进方向也是直的，故A正确。B、池水变“浅”了，是光线从水中射向空气中进入人眼，此时光线就会发生折射，折射光线进入人眼，人看到池底的虚像，由于虚像的位置比池底的位置要高，所以我们觉得水变浅了，是折射现象，故B错误；C、平面镜成像是由于光的反射形成的，像是反射光线反向延长线的交点，是虚像，是反射现象，故C错误；D、铅笔“折断”，是由于来自水中的那部分铅笔的光线，在从水中射向空气中时发生了折射造成的，是折射现象，故D错误；故选：A。【点评】本题考查了光的直线传播、反射、折射及其形成的现象，该知识点是物理中考的一个热点知识，一定要掌握。10【分析】各种形式的能量是可以相互转换的，在转换过程中，能量既不会创生，也不会消失，只会从一种形式的能转换从另一种形式的能，或从一个物体转移到另一个物体上，但能的总量保持不变，据此解题。【解答】解：永动机是指违反热力学基本定律的永不停止运动的发动机。由能量守恒定律可知，能量既不会创生，也不会消灭，它只能从一种形式转化为另一种形式，或者从一个物体转移到另一个物体，在转化或转移的过程中，能量的总量不变，这就是能量守恒定律。因为能量的转化是有方向性的，自然界里无论什么运动都会产生热，热向四周扩散，成为无用的能量。如不补给能量，任何运动着的机器都会停下来，所以永动机违背了能量守恒定律，是不可能制成的，故ACD不符合题意，B符合题意。故选：B。【点评】本题考查能量守恒定律的应用，是一道基础题。11【分析】要解决此题，需要掌握奥斯特实验，知道此实验证实了电流周围存在磁场，是电生磁的现象。【解答】解：A、图中装置是奥斯特实验，在平行直导线下方平行地放置着小磁针，当导线中有电流通过时，小磁针发生偏转，说明小磁针受到磁力的作用。因此说明电流周围存在磁场。故A正确；B、由于电流的热效应，导线通电会发热，但不是小磁针转动的原因，故B错误；C、导线做切割磁感线运动时会产生电流是电磁感应现象，是磁生电的现象，故C错误；D、当导线中没有电流通过时，电流周围没有磁场，小磁针不会受力，不会发生偏转，故D错误。故选：A。【点评】此题主要考查了电流的磁效应，即电流周围存在磁场。这个实验证实了电可以生磁，与电磁感应正好相反，要注意找出这两个实验的不同之处。12【分析】两电阻并联，并联电路中各支路两端的电压相等，据此分析AC选项，根据欧姆定律分析B选项，根据P分析D选项。【解答】解：（1）由题知，甲、乙两电阻并联，由并联电路中各支路两端电压与电源电压都相等可知，甲两端的电压等于乙两端的电压，故A错误，C正确；（2）已知甲、乙两电阻分别是R甲5，R乙10，由I可知，通过甲的电流与通过乙的电流不相等，故B错误；由P可知，甲的电功率与乙的电功率不相等，故D错误。故选：C。【点评】本题考查了并联电路特点、欧姆定律和电功率公式的应用，关键是公式的熟练应用。二、填空题（每空1分，共16分）13【分析】（1）体温计是测量人体温度的仪表，其的测量范围是3542；温度计测量温度时，不能超过其测量范围，否则会损坏温度计。（2）物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。【解答】解：（1）我国的气温一般在2035之间，温度计的测量范围是3542，气温的范围不在温度计的范围之内，故体温计不能测量气温；（2）樟脑球是固态的，变小实际上是变为了气态，物体直接由固态变为气态的过程叫升华。故答案为：不能；升华。【点评】该题考查了体温计的使用、生活中的物态变化现象，解题的关键是先搞清楚变化前后所处的状态，然后再确定是什么物态变化。14【分析】液体内部存在压强，其大小与深度和密度有关，液体密度越大，深度越大，其压强越大；在流体中，流速大的地方压强小，流速小的压强大。【解答】解：液体内部的压强的大小与深度与密度有关，密度一定时，深度越大，其压强越大；流动的液体中，流速大的地方压强小。故答案为：大；小。【点评】本题考查液体内部压强的大小与哪些因素有关，要理解流速与压强的关系。15【分析】家庭添置的大功率用电器越多，干路上的电流会越大，由QI2Rt可知导线上产生的热量越大，据此分析，电能表的额定电流是电能表正常工作时允许通过的最大电流值。【解答】解：家庭电路中各用电器是并联的，添置的大功率用电器越多，干路上的电流越大；如果换用更粗一点的导线，便可减小导线的电阻R，由QI2Rt可知导线上产生的热量会减小（即损失的电能会减小），因此改造的主要内容之一是把电线换成更粗的；由于电能表是接在干路上，由PUI可知，当用电器的总功率越大时，干路上的电流会增大，所以电能表应换成额定电流更大的。故答案为：更粗；更大。【点评】本题考查的影响导体电阻大小的因素和电功知识，难度不大。16【分析】（1）解答此题的关键是正确理解和掌握牛顿第一定律的本质。在理解这一定律时要抓住“一切”、“没有受到力的作用”、“总”、“或”这些关键词语。这就是著名的牛顿第一定律，牛顿第一定律又叫惯性定律；（2）增大摩擦力的方法：在压力一定时，增大接触面的粗糙程度。在接触面的粗糙程度一定时，增大压力。【解答】解：（1）一切物体在没有受到力的作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态，这就是牛顿第一定律；（2）鞋底上刻有凹凸不平的花纹，是采用压力一定，增大接触面的粗糙程度来增大摩擦的。故答案为：匀速直线运动；增大。【点评】此题主要考查学生对牛顿第一定律的理解和掌握，掌握摩擦力大小的影响因素。掌握增大和减小摩擦力的方法，并能结合实例分析。17【分析】（1）容易导电的物体是导体，不容易导电的物体是绝缘体；（2）电流流过导体时，导体发热，把电能转化为内能的现象是电流的热效应。【解答】解：（1）橡皮擦、玻璃杯都不善于导电，属于绝缘体；铁丝容易导电，属于导体。（2）用电器接通电源后，伴有热现象产生，这种现象叫做电流的热效应。故答案为：铁丝；热。【点评】本题考查了导体与绝缘体的区别、电流的热效应，属于基础题目。18【分析】磁极间的作用规律：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，据此回答，电动机是利用通电线圈在磁场中受力转动的原理制成的。【解答】解：磁极间的作用规律为：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引吸引；电动机的工作原理是利用磁场对电流（通电导线）的作用具有力的作用而使导体运动的。故答案为：吸引；通电。【点评】本题是一道基础题，要熟记教材上的一些规律，掌握电动机的工作原理。19【分析】从信息、能源与可持续发展的基础知识入手，对常识性的东西要有所了解和记忆。可再生能源是能在短时间内形成的能源，可再生资源特点是不污染环境。【解答】解：移动电话是利用电磁波传递信息的；像风能、水能和太阳能属于可再生能源，风力发电其主要特点是取之不尽用之不竭，并且环保无污染；故答案为：电磁波；可。【点评】此题考查信息常和可再生资源的特点，是一道基础题。20【分析】根据PUII2R，功率和为：PP1+P2I2（R1+R2），当电路中电流最大时，功率和最大，根据欧姆定律先求出电路中的最大电流，再求最大功率和；根据P0I2R0R0，根据数学知识分析讨论有最大功率的条件。【解答】解：原电路中，R1、R2与滑动变阻器串联，根据PUII2R，R1与R2电功率之和：PP1+P2I2（R1+R2），当电路中电流最大时，电功率之和最大，根据欧姆定律，当变阻器接入电路中的电阻为0时，最大电流：I0.6A，故功率之和最大值为：PP1+P2I2（R1+R2）（0.6A）2（6+4）3.6W；R0电功率：P0I2R0R0，故当R010时，功率有最大值。故答案为：3.6；10。【点评】本题考查串联电路的规律及欧姆定律的运用和电功率最值的求法，体现了数学知识在物理中的运用。三、作图、实验探究题（第21、22小题各2分，第23小题5分，第24小题6分，第25小题9分，共24分）21【分析】在作凸透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点来作图。【解答】解：根据平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点作出其折射光线，如图所示：【点评】凸透镜的三条特殊光线：通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴。平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点。过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变。22【分析】两灯泡并联，开关同时控制两个小灯泡，说明开关在干路上，根据题意完成实物电路的连接。【解答】解：两灯泡并联，开关同时控制两个小灯泡，说明开关在干路上，将电源正接线柱与开关右端接线柱连接，将左边灯泡的左端接线柱与右边灯泡的左端接线柱连接，如图所示：【点评】此题考查了正确连接电路的能力：先要判断电路的连接形式，再从电源的一极开始连起，先串后并，且在连接时开关的状态是断开的。23【分析】（1）测长度的工具为刻度尺；（2）研究平面镜成像特点时，确定像的位置是关键。根据等效替代法，像的位置用蜡烛B与蜡烛A的像重合来确定，据此确定大小有关系；实像能用光屏承接，虚像不能用光屏承接；（3）实验中A、B两支蜡烛的外形相同，因B蜡烛与A蜡烛的像完全重合，据此分析像与物的大小关系；由表中数据分析回答。【解答】解：（1）实验中沿着玻璃板在纸上画一条直线，代表平面镜的位置。用于测量像与物体到平面镜的距离的工具是刻度尺；（2）实验中A、B两支蜡烛的外形应 相同；当B蜡烛与A蜡烛的像完全重合时，移去B蜡烛，在原来的位置上放一光屏，在光屏上 不能承接到A蜡烛的像，说明平面镜成的像是虚像。（3）因实验中A、B两支蜡烛的外形相同，当B蜡烛与A蜡烛的像完全重合时，故可知，平面镜所成像的大小与物体的大小相等；由表中数据可知，像和物体到平面镜的距离相等，像和物体的连线与镜面垂直。故答案为：（1）刻度尺；（2）相同；不能； （3）物体；相等。【点评】本题探究平面镜成像的特点，考查所用的测量工具、等效替代法的运用、实像与虚像的不同及分析归纳结论的能力。24【分析】（1）使用温度计测量液体温度时，温度计的玻璃泡要与液体充分接触，不能接触容器底或容器壁；（2）从图中能看出温度计的分度值是1，然后根据液面到达的刻度即可读数。（3）根据表格数据描图，就是先根据数据描点，然后用平滑曲线或直线把这些点连接起来。（4）沸腾时的现象：气泡在上升过程中体积逐渐变大；水沸腾时的温度特点：吸热温度保持不变。【解答】解：（1）由图知，温度计的玻璃泡接触了烧杯的底部，会导致测量结果偏大；（2）从图中能看出温度计的分度值是1，所以温度计的示数是94；（3）先根据数据描点，然后用两条线段将这些点连接起来，如下图所示：（4）从实验中可以看到，水沸腾时形成的大量气泡不断上升、变大，这是一种剧烈的汽化现象。水在沸腾过程中需要吸收热量，水的温度不变。故答案为：（1）温度计玻璃泡接触烧杯底部； （2）94； （3）如上图所示；（4）变大；不变。【点评】水的沸腾实验是初中热学中重要的实验，一般考查温度计的正确使用和读数、水沸腾前后气泡的变化、沸腾的特点、水沸腾的图象、等等。25【分析】（1）为了保护电路，连接电路时，开关应断开，滑动变阻器接入电路的阻值应为滑动变阻器的最大阻值；根据灯泡的额定电压判断电压表的量程；（2）灯泡不亮、电压表无示数，说明灯泡发生了短路。（3）由图丙所示电表确定电表量程与分度值，读出电表示数，然后根据pUI算出功率。（4）根据电流表的内阻和锰铜电阻丝的电阻很小选择滑动变阻器；滑动变阻器的滑片可以使电流表的示数为0.6A；可以从扩大电流表量程着手，连一个分流电阻。【解答】解：（1）连接电路时，开关应断开；由电路图知，闭合开关前，滑片应置于B端，此时滑动变阻器接入电路的阻值最大；因为灯泡的额定电压为2.5V，故电压表的量程为03V；（2）闭合开关，小柳发现电流表有示数，但小灯泡不亮，说明电路没有发生断路，而是短路，又因为电压表示数为零，所以与电压表并联的灯泡发生短路；（3）由图乙所示电流表可知，电流表量程是03A，分度值是0.1A，电流表示数是1A；小灯泡正常发光时的功率：PUI2.5V1A2.5W；（4）因为电流表的内阻和锰铜电阻丝的电阻很小，为了保护电路，选择电阻较大的滑动变阻器即050的，故选C；闭合开关，调节滑动变阻器的滑片以改变电路中的总电阻，根据欧姆定律I，可以使电流表的示数为0.6A；把电流表扩大一倍的量程，可以在电流表的两端并联一个分流电阻，分流电阻和电流表内阻相等，从而使电流表的示数减半，故保持滑动变阻器接入电路的电阻不变，然后接上并移动ab上的夹子，使电流表的示数为0.3A。故答案为：（1）断开；B；03V；（2）小灯泡被短路；（3）1；25；（4）C；调节滑动变阻器的滑片；保持滑动变阻器接入电路的电阻不变，然后接上并移动ab上的夹子，使电流表的示数为0.3A。【点评】本题考查了实验注意事项、电表读数、求的电功率等问题，是实验的常考问题，一定要掌握；对电表读数时，要先确定电表量程与分度值，然后再读数，读数时视线要与刻度线垂直。四、综合应用题（第26小题6分，第27小题8分，第28小题10分，共24分要求写出必要的文字说明、运算公式和重要演算步骤，答案必须写出数值和单位）26【分析】（1）已知时间和路程，利用v计算速度，然后再根据v计算他按此速度完成6km骑行体验运动，需要的时间；（2）根据二力平衡条件求出他骑行时的动力，然后利用PFv计算骑车行驶的功率。【解答】解：（1）小龙同学在50s内骑车行驶的速度：v6m/s，按此速度完成6km骑行体验运动，需要的时间：t1000s；（2）小龙汽车匀速直线行驶，根据二力平衡条件可知他骑行时的动Ff40N，骑车行驶的功率：PFv40N6m/s240W。答：（1）小龙同学在50s内骑车行驶的速度是6m/s；若他按此速度完成6km骑行体验运动，需要1000s；（2）小龙同学在50s内骑车行驶的功率是240W。【点评】此题考查速度公式及其应用，二力平衡条件的应用和功率的计算，关键是根据二力平衡条件求出他骑行时的动力，同时还要注意功率推导公式的应用。27【分析】（1）知道灯泡的额定电压和额定功率，根据PUI求出额定电流；（2）灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据串联电路的电压特点求出变阻器两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出滑动变阻器连入电路的阻值；（3）根据欧姆定律求出灯泡的电阻，灯泡正常发光时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，当电压表的示数最大时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，根据串联电路的电压特点求出灯泡两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律得出等式即可求出变阻器接入电路中的电阻，然后得出滑动变阻器的阻值变化范围。【解答】解：（1）由PUI可得，灯泡的额定电流：IL0.5A；（2）因串联电路中总电压等于各分电压之和，且灯泡正常发光，所以，滑动变阻器两端的电压：URUUL9V8V1V，因串联电路中各处的电流相等，所以，由I可得，滑动变阻器连入电路的阻值：R2；（3）灯泡的电阻：RL16，灯泡正常发光时，滑动变阻器接入电路中的电阻2最小，当电压表的示数UR3V时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，此时灯泡两端的电压：ULUUR9V3V6V，此时电路中的电流：I，解得：R8，所以，为使整个电路安全，滑动变阻器的阻值变化范围为28。答：（1）灯泡的额定电流为0.5A；（2）为使灯泡正常发光，滑动变阻器连入电路的阻值为2；（3）为使整个电路安全，滑动变阻器的阻值变化范围为28。【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活运用，正确的判断滑动变阻器接入电路中的最大和最小值是关键。28【分析】（1）先根据VSh求出圆柱体B的体积，根据mV求出圆柱体B的质量，再根据Gmg求出圆柱体B所受的重力；（2）将塑料块A浸没在水中排开水的体积和自身的体积相等，根据阿基米德原理求出受到的浮力，然后与A的重力相比较判断其浮沉情况；（3）根据题意求出受到的浮力，塑料块A对水槽底部的压力等于A和B的重力减去受到的浮力，根据p求出塑料块A对水槽底部的压强。【解答】解：（1）圆柱体B的体积：VBSBhB5103m20.1m5104m3，由可得，物体B的质量：mBBVB1.6103kg/m35104m30.8kg，物体B的重力：GBmBg0.8kg10N/kg8N；（2）当塑料块A浸没在水中时，排开水的体积：VA排VAlA3（0.1m）3103m3，塑料块A浸没在水中受到的浮力：F浮A水gVA排1.0103 kg/m310N/kg103m310NGA，因塑料块A受到的浮力大于自身的重力，所以，释放后它上浮；（3）将圆柱体B置于塑料块A正上方，它们的总重GA+GB6N+8N14N，当水深hlA0.1m时，由2小题可知A浸没时的浮力F浮A10N，小于二者的总重力，此过程中A沉底，则塑料块A对水槽底部的压力：F压GA+GBF浮AGA+GB水gSAh，塑料块A对水槽底部的压强：p1400104h （Pa）；当水深hlA0.1m时，塑料块A对水槽底部的压力：F压GA+GBF浮A和BGA+GB水glA3+SB（hlA），塑料块A对水槽底部的压强：p9005000h （Pa），当p0时，即9005000h0，解得h0.18m；所以，当0.1mh0.18m时，p9005000h （Pa），当h0.18m时，p0（A、B两物体漂浮在水中，A对水槽底的压强为0）。答：（1）圆柱体B所受的重力是8N；（2）将塑料块A浸没在水中，通过计算可知释放后它上浮；（3）当h0.1m时，塑料块A对水槽底部的压强p1400104h （Pa）；当0.1mh0.18m时，塑料块A对水槽底部的压强p9005000h （Pa）；当h0.18m时，塑料块A对水槽底部的压强p0。【点评】本题考查了密度公式和重力公式、阿基米德原理、压强定义式的综合应用，正确的得出最后一问中受到的浮力是关键。声明：试题解析著作权属菁优网所有，未经书面同意，不得复制发布日期：2022/3/18 18:02:17；用户：微信用户；邮箱：orFmNt6JxbombNK-PZkfnvM8130；学号：42171657第14页（共14页）