广州市中考数学试卷含答案.doc

广东省广州市中考数学试题
一、选择题
1.四个数0，1， ， 中，无理数是（    ）
A. B.1 C. D.0
2.如图所示五角星是轴对称图形，它对称轴共有（    ）
A.1条 B.3条 C.5条 D.无数条
3.如图所示几何体是由4个相似小正方体搭成，它主视图是（    ）
A.            B.          C.      D. 
4.下列计算对是（    ）
A. B. C. D.
5.如图，直线AD，BE被直线BF和AC所截，则∠1同位角和∠5内错角分别是（  ）
A.∠4，∠2 B.∠2，∠6 C.∠5，∠4 D.∠2，∠4
6.甲袋中装有2个相似小球，分别写有数字1和2，乙袋中装有2个相似小球，分别写有数字1和2，从两个口袋中各随机取出1个小球，取出两个小球上都写有数字2概率是（    ）
A.                      B.                        C.                       D. 
7.如图，AB是圆O弦，OC⊥AB，交圆O于点C，连接OA，OB，BC，若∠ABC=20°，则∠AOB度数是（    ）
A.40° B.50° C.70° D80°
8.《九章算术》是我国古代数学经典著作，书中有一种问题：“今有黄金九枚，白银一十一枚，称之重适等，交易其一，金轻十三两，问金、银各重几何？”意思是：甲袋中装有黄金9枚（每枚黄金重量相似），乙袋中装有白银11枚（每枚黄金重量相似），称重两袋相等，两袋互相互换1枚后，甲袋比乙袋轻了13辆（袋子重量忽视不计），问黄金、白银每枚各重多少两？设每枚黄金重x辆，每枚白银重y辆，根据题意得（    ）
A. B.
C. D.
9.一次函数 和反比例函数 在同一直角坐标系中大体图像是（    ）
A. B.C. D.
10.在平面直角坐标系中，一种智能机器人接到如下指令，从原点O出发，按向右，向上，向右，向下方向依次不停移动，每次移动1m，其行走路线如图所示，第1次移动到 ，第2次移动到 ……，第n次移动到 ，则△ 面积是（    ）
A.504 B. C. D.
二、填空题
11.已知二次函数 ，当x＞0时，y随x增大而________（填“增大”或“减小”）
12.如图，旗杆高AB=8m，某一时刻，旗杆影子长BC=16m，则tanC=________。
13.方程 解是________
14.如图，若菱形ABCD顶点A，B坐标分别为（3，0），（-2，0）点D在y轴上，则点C坐标是_______
15.如图，数轴上点A表达数为a，化简： =________
16.如图9，CE是平行四边形ABCD边AB垂直平分线，垂足为点O，CE与DA延长线交于点E，连接AC，BE，DO，DO与AC交于点F，则下列结论：
①四边形ACBE是菱形；②∠ACD=∠BAE
③AF：BE=2：3         ④
其中对结论有________。（填写所有对结论序号）
三、解答题
17.解不等式组
18.如图，AB与CD相交于点E，AE=CE，DE=BE．求证：∠A=∠C。
19.已知
（1）化简T。
（2）若正方形ABCD边长为a，且它面积为9，求T值。

20.伴随移动互联网迅速发展，基于互联网共享单车应运而生，为理解某小区居民使用共享单车状况，某研究小组随机采访该小区10位居民，得到这10位居民一周内使用共享单车次数分别为：17，12，15，20，17，0，7，26，17，9．
（1）这组数据中位数是________，众数是________．
（2）计算这10位居民一周内使用共享单车平均次数；
（3）若该小区有200名居民，试估计该小区居民一周内使用共享单车总次数。

21.友谊商店A型号笔记本电脑售价是a元/台，近来，该商店对A型号笔记本电脑举行促销活动，有两种优惠方案，方案一：每台按售价九折销售，方案二：若购置不超过5台，每台按售价销售，若超过5台，超过部分每台按售价八折销售，某企业一次性从友谊商店购置A型号笔记本电脑x台。
（1）当x=8时，应选择哪种方案，该企业购置费用至少？至少费用是多少元？
（2）若该企业采用方案二方案更合算，求x范围。

22.设P（x，0）是x轴上一种动点，它与原点距离为 。
（1）求 有关x函数解析式，并画出这个函数图像
（2）若反比例函数 图像与函数 图像交于点A，且点A横坐标为2．①求k值
②结合图像，当 时，写出x取值范围。
23.如图，在四边形ABCD中，∠B=∠C=90°，AB＞CD，AD=AB+CD．
（1）运用尺规作∠ADC平分线DE，交BC于点E，连接AE（保留作图痕迹，不写作法）
（2）在（1）条件下，①证明：AE⊥DE；
②若CD=2，AB=4，点M，N分别是AE，AB上动点，求BM+MN最小值。

24.已知抛物线 。
（1）证明：该抛物线与x轴总有两个不一样交点。
（2）设该抛物线与x轴两个交点分别为A，B（点A在点B右侧），与y轴交于点C，A，B，C三点都在圆P上。①试判断：不管m取任何正数，圆P与否通过y轴上某个定点？若是，求出该定点坐标，若不是，阐明理由；
②若点C有关直线 对称点为点E，点D（0，1），连接BE，BD，DE，△BDE周长记为 ，圆P半径记为 ，求 值。

25.如图，在四边形ABCD中，∠B=60°，∠D=30°，AB=BC．
（1）求∠A+∠C度数。
（2）连接BD，探究AD，BD，CD三者之间数量关系，并阐明理由。
（3）若AB=1，点E在四边形ABCD内部运动，且满足 ，求点E运动途径长度。

答案解析部分
一、选择题
1.【答案】A
【考点】实数及其分类，无理数认识
【解析】【解答】解：A. 属于无限不循环小数，是无理数，A符合题意；
B.1是整数，属于有理数，B不符合题意；
C. 是分数，属于有理数，C不符合题意；
D.0是整数，属于有理数，D不符合题意；
故答案为：A.
【分析】无理数：无限不循环小数，由此即可得出答案.
2.【答案】C
【考点】轴对称图形
【解析】【解答】解：五角星有五条对称轴.
故答案为：C.
【分析】轴对称图形：平面内，一种图形沿一条直线折叠，直线两旁部分可以完全重叠图形,这条直线叫做对称轴。由此定义即可得出答案.
3.【答案】B
【考点】简朴几何体三视图
【解析】【解答】解：∵从物体正面看，最底层是三个小正方形，第二层最右边一种小正方形，
故答案为：B.
【分析】主视图：从物体正面观测所得到图形，由此即可得出答案.
4.【答案】D
【考点】实数运算
【解析】【解答】解：A.∵（a+b）2=a2+2ab+b2 ， 故错误，A不符合题意；
B.∵a2+2a2=3a2 ， 故错误，B不符合题意；
C.∵x2y÷ =x2y×y=x2y2 ， 故错误，C不符合题意；
D.∵（-2x2）3=-8x6 ， 故对，D符合题意；
故答案为D：.
【分析】A.根据完全平方和公式计算即可判断错误；
B.根据同类项定义：所含字母相似，相似字母指数也相似，再由合并同类项法则计算即可判断错误；
C.根据单项式除以单项式法则计算，即可判断错误；
D.根据幂乘方计算即可判断对；
5.【答案】B

【考点】同位角、内错角、同旁内角
【解析】【解答】解：∵直线AD，BE被直线BF和AC所截，
∴∠1与∠2是同位角，∠5与∠6是内错角，
故答案为：B.
【分析】同位角：两条直线a，b被第三条直线c所截（或说a，b相交c），在截线c同旁，被截两直线a，b同一侧角，我们把这样两个角称为同位角。
内错角：两条直线被第三条直线所截，两个角分别在截线两侧，且夹在两条被截直线之间，具有这样位置关系一对角叫做内错角。根据此定义即可得出答案.
6.【答案】C
【考点】列表法与树状图法，概率公式
【解析】【解答】解：依题可得：

∴一共有4种状况，而取出两个小球上都写有数字2状况只有1种，
∴取出两个小球上都写有数字2概率为：P= .
故答案为：C.
【分析】根据题意画出树状图，由图可知一共有4种状况，而取出两个小球上都写有数字2状况只有1种，再根据概率公式即可得出答案.
7.【答案】D
【考点】垂径定理，圆周角定理
【解析】【解答】解：∵∠ABC=20°,
∴∠AOC=40°,
又∵OC⊥AB，
∴OC平分∠AOB，
∴∠AOB=2∠AOC=80°.
故答案为：D.
【分析】根据同弧所对圆心角等于圆周角两倍得∠AOC度数，再由垂径定理得OC平分∠AOB，由角平分线定义得∠AOB=2∠AOC.
8.【答案】D
【考点】二元一次方程应用
【解析】【解答】解：依题可得： ，
故答案为：D.
【分析】根据甲袋中装有黄金9枚（每枚黄金重量相似），乙袋中装有白银11枚（每枚黄金重量相似），称重两袋相等，由此得9x=11y；两袋互相互换1枚后，甲袋比乙袋轻了13辆（袋子重量忽视不计），由此得（10y+x）-（8x+y）=13,从而得出答案.
9.【答案】A
【考点】反比例函数图象，一次函数图像、性质与系数关系
【解析】【解答】解：A.从一次函数图像可知：01，
∴a-b>0，
∴反比例函数图像在一、三象限，故对；A符合题意；
B.从一次函数图像可知：01，
∴a-b>0，
∴反比例函数图像在一、三象限，故错误；B不符合题意；
C. 从一次函数图像可知：01008,0），
∴A（1009,1），
∴A2A=1009-1=1008,
∴S△ = ×1×1008=504（ ）.
故答案为：A.
【分析】根据图中规律可得A4n（2n，0），即A=A4×504（1008,0），从而得A（1009,1），再根据坐标性质可得A2A=1008,由三角形面积公式即可得出答案.
二、填空题
11.【答案】增大
【考点】二次函数y=ax^2性质
【解析】【解答】解：∵a=1＞0，
∴当x＞0时，y随x增大而增大.
故答案为：增大.
【分析】根据二次函数性质：当a＞0时，在对称轴右边，y随x增大而增大.由此即可得出答案.
12答案】
【考点】锐角三角函数定义
【解析】【解答】解：在Rt△ABC中，
∵高AB=8m，BC=16m，
∴tanC= = = .
故答案为： .
【分析】在Rt△ABC中，根据锐角三角函数正切定义即可得出答案.
13.【答案】x=2
【考点】解分式方程
【解析】【解答】解：方程两边同步乘以x（x+6)得：
x+6=4x
∴x=2.
经检查得x=2是原分式方程解.
故答案为：2.
【分析】方程两边同步乘以最先公分母x（x+6)，将分式方程转化为整式方程，解之即可得出答案.
14.【答案】（－5，4）
【考点】坐标与图形性质，菱形性质，矩形鉴定与性质

【解析】【解答】解：∵A（3，0），B（-2，0）,
∴AB=5，AO=3，BO=2，
又∵四边形ABCD为菱形，
∴AD=CD=BC=AB=5，
在Rt△AOD中，
∴OD=4，
作CE⊥x轴，

∴四边形OECD为矩形，
∴CE=OD=4，OE=CD=5，
∴C（-5,4）.
故答案为：（-5,4）.
【分析】根据A、B两点坐标可得出菱形ABCD边长为5，在Rt△AOD中，根据勾股定理可求出OD=4；作CE⊥x轴，可得四边形OECD为矩形，根据矩形性质可得C点坐标.
15.【答案】2
【考点】实数在数轴上表达，二次根式性质与化简
【解析】【解答】解：由数轴可知：
02，
∴a-2<0，
∴原式=a+
      =a+2-a，
      =2.
故答案为：2.
【分析】从数轴可知0形，
故①对.
②由①四边形ACBE是菱形，
∴AB平分∠CAE，
∴∠CAO=∠BAE，
又∵四边形ABCD是平行四边形，
∴BA∥CD，
∴∠CAO=∠ACD，
∴∠ACD=∠BAE.
故②对.
③∵CE垂直平分线AB，
∴O为AB中点，
又∵四边形ABCD是平行四边形，
∴BA∥CD，AO= AB= CD，
∴△AFO∽△CFD，
∴ = ，
∴AF:AC=1:3,
∵AC=BE，
∴AF:BE=1:3,
故③错误.
④∵ ·CD·OC,
由③知AF:AC=1:3,
∴ ,
∵ = × CD·OC= ,
∴ = + = = ,
∴
故④对.
故答案为：①②④.
【分析】①根据平行四边形和垂直平分线性质得AO=BO,∠AOE=∠BOC=90°,BC∥AE，AE=BE，CA=CB，根据ASA得△AOE≌△BOC，由全等三角形性质得AE=CB，根据四边相等四边形是菱形得出①对.
②由菱形性质得∠CAO=∠BAE，根据平行四边形性质得BA∥CD，再由平行线性质得∠CAO=∠ACD，等量代换得∠ACD=∠BAE；故②对.
③根据平行四边形和垂直平分线性质得BA∥CD，AO= AB= CD，从而得△AFO∽△CFD，由相似三角形性质得 = ，从而得出AF:AC=1:3,即AF:BE=1:3,故③错误.
④由三角形面积公式得 ·CD·OC,从③知AF:AC=1:3,因此= + = = ,从而得出 故④对.
三、解答题
17.【答案】解： ，
解不等式①得：x>-1，
解不等式②得：x<2,
∴不等式组解集为：-1考点】运用分式运算化简求值
【解析】【分析】（1）先找最简公分母，通分化成分母相似分式，再由其法则：分母不变，分子相加；合并同类项之后再因式分解，约分即可.
（2）根据正方形面积公式即可得出边长a值，代入上式即可得出答案.
20.【答案】（1）16；17
（2）解：这组数据平均数是： =14.答：这10位居民一周内使用共享单车平均次数为14.
（3）解：200×14=2800（次）.
答：该小区一周内使用共享单车总次数大概是2800次.
【考点】平均数及其计算，中位数，用样本估计总体，众数
【解析】【解答】解：（1）将这组数据从小到大次序排列：
0，7，9，12，1517，17，17，20，26。
∵中间两位数是15，17，
∴中位数是 =16，
又∵这组数据中17出现次数最多，
∴众数是17.
故答案为：16,17.
【分析】（1）将此组数据从小到大或者从大到小排列，恰好是偶数个，因此处在中间两个数平均数即为这组数据中位数；根据一组数据中出现次数最多即为众数，由此即可得出答案.
（2）平均数：指在一组数据中所有数据之和再除以这组数据个数，由此即可得出答案.
（3）根据（2）中样本平均数估算总体平均数,由此即可得出答案.
21.【答案】（1）解：∵x=8，
∴方案一费用是：0.9ax=0.9a×8=7.2a，
方案二费用是：5a+0.8a（x-5）=5a+0.8a（8-5）=7.4a
∵a＞0，
∴7.2a＜7.4a
∴方案一费用至少，
答：应选择方案一，至少费用是7.2a元.
（2）解：设方案一，二费用分别为W1 ， W2 ，
由题意可得：W1=0.9ax（x为正整数），
当0≤x≤5时，W2=ax（x为正整数），
当x＞5时，W2=5a+（x-5）×0.8a=0.8ax+a（x为正整数），
∴ ，其中x为正整数,
由题意可得，W1＞W2 ，
∵当0≤x≤5时，W2=ax＞W1 ， 不符合题意，
∴0.8ax+a＜0.9ax，
解得x＞10且x为正整数，
即该企业采用方案二购置更合算，x取值范围为x＞10且x为正整数。
考点】一元一次不等式应用，一次函数实际应用，根据实际问题列一次函数体现式
【解析】【分析】（1）根据题意，分别得出方案一费用是：0.9ax，方案二费用是：5a+0.8a（x-5）=a+0.8ax，再将x=8代入即可得出方案一费用至少以及至少费用.
（2）设方案一，二费用分别为W1 ， W2 ， 根据题意，分别得出W1=0.9ax（x为正整数），，其中x为正整数,再由W1＞W2 ， 分状况解不等式即可得出x取值范围.
22.【答案】（1）解：∵P（x，0）与原点距离为y1 ，
∴当x≥0时，y1=OP=x，
当x＜0时，y1=OP=-x，
∴y1有关x函数解析式为 ，即为yx|，
函数图象如图所示：

（2）解：∵A横坐标为2，
∴把x=2代入y=x，可得y=2，此时A为（2，2），k=2×2=4，
把x=2代入y=-x，可得y=-2，此时A为（2，-2），k=-2×2=-4，
当k=4时，如图可得，y1＞y2时，x＜0或x＞2。
当k=-4时，如图可得，y1＞y2时，x＜-2或x＞0。

【考点】反比例函数系数k几何意义，反比例函数与一次函数交点问题，根据实际问题列一次函数体现式
【解析】【分析】（1）根据P点坐标以及题意，对x范围分状况讨论即可得出 有关x函数解析式.
（2）将A点横坐标分别代入 有关x函数解析式，得出A（2,2）或A（2,-2再分别代入反比例函数解析式得出k值；画出图像，由图像可得出当 时x取值范围.
23.【答案】（1）
（2）①证明：在AD上取一点F使DF=DC，连接EF，

∵DE平分∠ADC，
∴∠FDE=∠CDE，
在△FED和△CDE中，
DF=DC，∠FDE=∠CDE，DE=DE
∴△FED≌△CDE（SAS），
∴∠DFE=∠DCE=90°，∠AFE=180°-∠DFE=90°
∴∠DEF=∠DEC，
∵AD=AB+CD，DF=DC，
∴AF=AB，
在Rt△AFE≌Rt△ABE（HL）
∴∠AEB=∠AEF，
∴∠AED=∠AEF+∠DEF= ∠CEF+ ∠BEF= （∠CEF+∠BEF）=90°。
∴AE⊥DE
②解：过点D作DP⊥AB于点P，

∵由①可知，B，F有关AE对称，BM=FM，
∴BM+MN=FM+MN，
当F，M，N三点共线且FN⊥AB时，有最小值，
∵DP⊥AB，AD=AB+CD=6，
∴∠DPB=∠ABC=∠C=90°，
∴四边形DPBC是矩形，
∴BP=DC=2，AP=AB-BP=2，
在Rt△APD中，DP= = ，
∵FN⊥AB，由①可知AF=AB=4，
∴FN∥DP，
∴△AFN∽△ADP
∴ ，
即 ，
解得FN= ，
∴BM+MN最小值为
【考点】全等三角形鉴定与性质，矩形鉴定与性质，作图—基本作图，轴对称应用-最短距离问题，相似三角形鉴定与性质
【解析】【分析】（1）根据角平分做法即可画出图.（2）①在AD上取一点F使DF=DC，连接EF；角平分线定义得∠FDE=∠CDE；根据全等三角形鉴定SAS得△FED≌△CDE，再由全等三角形性质和补角定义得∠DFE=∠DCE=∠AFE=90°，
∠DEF=∠DEC；再由直角三角形全等鉴定HL得Rt△AFE≌Rt△ABE，由全等三角形性质得∠AEB=∠AEF，再由补角定义可得AE⊥DE.
②过点D作DP⊥AB于点P；由①可知，B，F有关AE对称，根据对称性质知BM=FM，
当F，M，N三点共线且FN⊥AB时，有最小值，即BM+MN=FM+MN=FN；在Rt△APD中，根据勾股定理得DP= = ；由相似三角形鉴定得△AFN∽△ADP，再由相似三角形性质得 ，从而求得FN，即BM+MN最小值.
24.【答案】（1）证明：当抛物线与x轴相交时，令y=0，得：
x2+mx-m-4=0
∴△=m2+4（2m+4）=m2+8m+16=（m+4）2
∵m＞0，
∴（m+4）2＞0，
∴该抛物线与x轴总有两个不一样交点。
（2）解：①令y=x2+mx-2m-4=（x-2）（x+m+2）=0，
解得：x1=2，x2=-m-2，
∵抛物线与x轴两个交点分别为A，B（点A在点B右侧），
∴A（2，0），B（-2-m，0），
∵抛物线与y轴交于点C，
∴C（0，-2m-4），
设⊙P圆心为Px0 ， y0），
则x0= = ，
∴P（ ，y0），
且PA=PC，则PA2=PC2 ，
则
解得 ，
∴P（ ， ），
∴⊙P与y轴另一交点坐标为（0，b）
则 ，
∴b=1，
∴⊙P通过y轴上一种定点，该定点坐标为（0，1）
②由①知，D（0，1）在⊙P上，
∵E是点C有关直线 对称点，且⊙P圆心P（ ， ），
∴E（-m，-2m-4）且点E在⊙P上，
即D，E，C均在⊙P上点，且∠DCE=90°，
∴DE为⊙P直径，
∴∠DBE=90°，△DBE为直角三角形，
∵D（0，1），E（-m，-2m-4），B（-2-m，0），
∴DB= ，
BE= = =
∴BE=2DB，
在Rt△DBE中，设DB=x，则BE=2x，
∴DE= = ，
∴△BDE周长l=DB+BE+DE=x+2x+ =
⊙P半径r= =
∴ = =
【考点】一元二次方程根鉴别式及应用，二次函数图像与坐标轴交点问题，两点间距离，勾股定理，圆周角定理
【解析】【分析】（1）当抛物线与x轴相交时，即y=0，根据一元二次方程根鉴别式△=b2-4ac=m2+4（2m+4）=m2+8m+16=（m+4）2＞0，从而得出该抛物线与x轴总有两个不一样交点.
（2）①抛物线与x轴两个交点，即y=0，因式分解得出A（2，0），B（-2-m，0）；抛物线与y轴交点，即x=0，得出C（0，-2m-4）；设⊙P圆心为P（x0 ， y0），由P为AB中点，得出P点横坐标，再PA=PC，根据两点间距离公式得出P点纵坐标，即P（ ， ）；设⊙P与y轴另一交点坐标为（0，b），根据中点坐标公式得b=1，即⊙P通过y轴上一种定点，该定点坐标为（0，1）.
②由①知，D（0，1）在⊙P上，由）①知⊙P圆心P（ ， ），由圆周角定理得△DBE为直角三角形，再根据两点间距离公式得DB= ，BE= ，由BE=2DB，在Rt△DBE中，设DB=x，则BE=2x，根据勾股定理得DE= ，由三角形周长公式得
△BDE周长l= ，又⊙P半径r= ，从而得出 值.
25.【答案】（1）解：在四边形ABCD中，∠B=60°，∠D=30°，
∴∠A+∠C=360°-∠B-∠C=360°-60°-30°=270°。
（2）解：如图，将△BCD绕点B逆时针旋转60°，得到△BAQ，连接DQ，

∵BD=BQ，∠DBQ=60°，
∴△BDQ是等边三角形，
∴BD=DQ，
∵∠BAD+∠C=270°，
∴∠BAD+∠BAQ=270°，
∴∠DAQ=360°-270°=90°，
∴△DAQ是直角三角形
∴AD2+AQ2=DQ2 ，
即AD2+CD2=BD2
（3）解：如图，将△BCE绕点B逆时针旋转60°，得到△BAF，连接EF，

∵BE=BF，∠EBF=60°，
∴△BEF是等边三角形，
∴EF=BE，∠BFE=60°，
∵AE2=BE2+CE2
∴AE2=EF2+AF2
∴∠AFE=90°
∴∠BFA=∠BFE+∠AFE=60°+90°=150°，
∴∠BEC=150°，
则动点E在四边形ABCD内部运动，满足∠BEC=150°，以BC为边向外作等边△OBC，
则点E是以O为圆心，OB为半径圆周上运动，运动轨迹为BC，
∵OB=AB=1，
则BC= =
【考点】等边三角形鉴定与性质，勾股定理逆定理，多边形内角与外角，弧长计算，旋转性质
【解析】【分析】（1）根据四边形内角和为360度，结合已知条件即可求出答案.
（2）将△BCD绕点B逆时针旋转60°，得到△BAQ，连接DQ（如图），由旋转性质和等边三角形鉴定得△BDQ是等边三角形，由旋转性质根据角计算可得△DAQ是直角三角形，根据勾股定理得AD2+AQ2=DQ2 ， 即AD2+CD2=BD2.
（3）将△BCE绕点B逆时针旋转60°，得到△BAF，连接EF(如图)，由等边三角形鉴定得△BEF是等边三角形，结合已知条件和等边三角形性质可得AE2=EF2+AF2 ， 即∠AFE=90°，从而得出∠BFA=∠BEC=150°，从而得出点E是在以O为圆心，OB为半径圆周上运动，运动轨迹为BC，根据弧长公式即可得出答案.