1994年重庆高考理科数学真题及答案.doc

1994年重庆高考理科数学真题及答案本试卷分第卷(选择题)和第卷(非选择题)两部分共150分，考试时间120分钟第卷(选择题共65分)一、选择题：本大题共15小题；第(1)(10)题每小题4分，第(11)(15)题每小题5分，共65分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的(1) 设全集I=0，1，2，3，4，集合A=0，1，2，3，集合B=2，3，4，则( )(A) 0(B) 0，1(C) 0，1，4(D) 0，1，2，3，4(2) 如果方程x2+ky2=2表示焦点在y轴上的椭圆，那么实数k的取值范围是( )(A) (0，+)(B) (0，2)(C) (1，+)(D) (0，1)(3) 极坐标方程所表示的曲线是( )(A) 双曲线(B) 椭圆(C) 抛物线(D) 圆(4) 设是第二象限的角，则必有( )(A) (B) (C) (D) (5) 某种细菌在培养过程中，每20分钟分裂一次(一个分裂为两个)经过3小时，这种细菌由1个可繁殖成( )(A) 511个(B) 512个(C) 1023个(D) 1024个(6) 在下列函数中，以为周期的函数是( )(A) y=sin2x+cos4x(B) y=sin2xcos4x(C) y=sin2x+cos2x(D) y=sin2xcos2x(7) 已知正六棱台的上、下底面边长分别为2和4，高为2，则其体积为( )(A) 32(B) 28(C) 24(D) 20(8) 设F1和F2为双曲线y2=1的两个焦点，点P在双曲线上且满足F1PF2=90，则F1PF2的面积是( )(A) 1(B) (C) 2(D) (9) 如果复数z满足z+i+zi=2，那么z+i+1的最小值是( )(A) 1(B) (C) 2(D) (10) 有甲、乙、丙三项任务，甲需2人承担，乙、丙各需1人承担从10人中选派4人承担这三项任务，不同的选法共有( )(A) 1260种(B) 2025种(C) 2520种(D) 5040种(11) 对于直线m、n和平面、，的一个充分条件是( )(A) mn，m，n(B) mn，=m，n(C) mn，n，m(D) mn，m，n(12) 设函数f(x)=1(1x0)，则函数y=f1(x)的图像是( )(13) 已知过球面上A、B、C三点的截面和球心的距离等于球半径的一半，且AB=BC=CA=2，则球面面积是( )(A) (B) (C) 4(D) (14) 函数y=arccos(sinx)的值域是( )(A) (B) (C) (D) (15) 定义在(，+)上的任意函数f(x)都可以表示成一个奇函数g(x)和一个偶函数h(x)之和，如果f(x)=lg(10x+1)，x(，+)，那么( )(A) g(x)=x，h(x)=lg(10x+10x+2)(B) g(x)=lg(10x+1)+x，h(x)=lg(10x+1)x(C) g(x)=，h(x)=lg(10x+1)(D) g(x)=，h(x)=lg(10x+1)+第卷(非选择题共85分)二、填空题 (本大题共5小题，共6个空格；每空格4分，共24分把答案填在题中横线上) (16) 在(3x)7的展开式中，x5的系数是 (用数字作答)(17) 抛物线y2=84x的准线方程是 ，圆心在该抛物线的顶点且与其准线相切的圆的方程是 (18) 已知sin +cos =，(0，)，则ctg的值是_(19) 设圆锥底面圆周上两点A、B间的距离为2，圆锥顶点到直线AB的距离为，AB和圆锥的轴的距离为1，则该圆锥的体积为_(20) 在测量某物理量的过程中，因仪器和观察的误差，使得n次测量分别得到a1，a2，an，共n个数据，我们规定所测量物理量的“最佳近似值” a是这样一个量：与其他近似值比较，a与各数据的差的平方和最小依此规定，从a1，a2，an推出的a=_三、解答题(本大题共5小题，共61分；解答应写出文字说明、证明过程或推演步骤)(21) (本小题满分11分)已知z=1+i(1)设=z2+34，求的三角形式；(2)如果，求实数a，b的值(22) (本小题满分12分)已知函数f(x)=tgx，x(0，)若x1，x2(0，)，且x1x2，证明f(x1)+f(x2)f()(23) (本小题满分12分)如图，已知A1B1C1ABC是正三棱柱，D是AC中点(1)证明AB1平面DBC1；(2)假设AB1BC1，求以BC1为棱，DBC1与CBC1为面的二面角的度数(24) (本小题满分12分)已知直线l过坐标原点，抛物线C顶点在原点，焦点在x轴正半轴上若点和点B(0，8)关于l的对称点都在C上，求直线l和抛物线C的方程(25) (本小题满分14分)设an是正数组成的数列，其前n项和为Sn，并且对于所有的自然数n，an与2的等差中项等于Sn与2的等比中项(1)写出数列an的前3项；(2)求数列an的通项公式(写出推证过程)；(3)令，求参考答案一、选择题(本题考查基本知识和基本运算)1C 2D 3D 4A 5B 6D 7B 8A 9A 10C 11C 12B 13D 14B 15C二、填空题(本题考查基本知识和基本运算)16189 17x=3，(x2)2+y2=1 18 19 20三、解答题21本小题考查共轭复数、复数的三角形式等基础知识及运算能力解：(1)由z1+i，有=z2+34 =(1+i)2+34 =2i+3(1i)4=1i，的三角形式是 (2)由z=1+i，有 = 由题设条件知(a+2)(a+b)i=1i根据复数相等的定义，得解得22本小题考查三角函数基础知识、三角函数性质及推理能力证明：tgx1+tgx2=x1，x2(0，)，x1x2，2sin(x1+x2)0，cos x1cosx20，且0cos (x1x2)1，从而有0cos (x1+x2)+cos (x1x2)，( tgx1+tgx2)tg，即f(x1)+f(x2)f()23本小题考查空间线面关系、正棱柱的性质、空间想象能力和逻辑推理能力(1)证明：A1B1C1ABC是正三棱柱，四边形B1BCC1是矩形连结B1C交BC1于E，则B1E=EC连结DE在AB1C中，AD=DC，DEAB1又AB1平面DBC1，DE平面DBC1，AB1平面DBC1(2)解：作DFBC，垂足为F，则DF面B1BCC1，连结EF，则EF是ED在平面B1BCC1上的射影AB1BC1，由(1)知AB1DE，DEBC1，则BC1EF，DEF是二面角的平面角设AC=1，则DC=ABC是正三角形，在RtDCF中，DF=DCsinC=，CF=DCcosC=取BC中点GEB=EC，EGBC在RtBEF中，EF2=BFGF，又BF=BCFC=，GF=，EF2=，即EF=tgDEF=DEF=45故二面角为4524本小题考查直线与抛物线的基本概念和性质，解析几何的基本思想方法以及综合运用知识解决问题的能力解法一：依题设抛物线C的方程可写为y2=2px (p0)，且x轴和y轴不是所求直线，又l过原点，因而可设l的方程为y=kx (k0)设A、B分别是A、B关于l的对称点，因而AAl，直线AA的方程为由、联立解得AA与l的交点M的坐标为又M为AA的中点，从而点A的坐标为x A=，y A= 同理得点B的坐标为x B=， y B= 又A、B均在抛物线y2=2px(p0)上，由得，由此知k1，即 同理由得即 从而 =，整理得 k2k1=0解得但当时，由知，这与A在抛物线y2=2px(p0)上矛盾，故舍去设，则直线l的方程为将代入，求得所以直线方程为抛物线方程为解法二：设点A、B关于l的对称点分别为A(x1、y1)、B(x2，y2)，则|OA|=|OA|=1，|OB|=|OB|=8设由x轴正向到OB的转角为，则x2=8cos，y2=8sin 因为A、B为A、B关于直线l的对称点，而BOA为直角，故BOA为直角，因此x1=cos=sin，y1=sin=cos， 由题意知x10，x20，故为第一象限角因为A、B都在抛物线y2=2px上，将、代入得cos2=2psin，64sin2=2p8cos8sin3=cos3，2sin=cos，解得 将代入cos2=2psin得，抛物线C的方程为因为直线l平分BOB，故l的斜率 直线l的方程为25本小题考查等差数列、等比数列、数列极限等基础知识考查逻辑推理能力和分析问题与解决问题的能力解：(1)由题意，当n=1时有，S1=a1，解得a1=2当n=2时有，S2=a1+ a2，a1=2代入，整理得(a22)2=16由a20，解得 a2=6当n=3时有，S3=a1+ a2+ a3，将a1=2，a2=6代入，整理得(a32)2=64由a30，解得 a3=10故该数列的前3项为2，6，10(2)解法一：由(1)猜想数列an有通项公式an =4n2下面用数学归纳法证明数列 an 的通项公式是an =4n2 (nN)当n=1时，因为412=2，又在(1)中已求出a1=2，所以上述结论成立假设n=k时结论成立，即有ak=4k2由题意，有，将ak=4k2代入上式，得2k= ，解得Sk=2k2由题意，有，Sk+1=Sk+ak+1，将Sk=2k2代入，得=2(ak+1+2k2)，整理得4 ak+1+416 k2=0由ak+10，解得ak+1=2+4k所以ak+1=2+4k=4(k+1)2这就是说，当n=k+1时，上述结论成立根据、，上述结论对所有的自然数n成立解法二：由题意，有，整理得Sn=(an+2)2，由此得 Sn+1 =(an+1+2)2，an+1= Sn+1Sn =(an+1+2)2(an+2)2，整理得(an+1+ an)( an+1an4)=0，由题意知 an+1+an0，an+1an=4即数列 an 为等差数列，其中a1=2，公差d=4an =a1+(n1)d=2+4(n1)，即通项公式为an =4n2(3)解：令cn=bn1，则 ，b1+b2+bnn=c1+c2+cn=