1、《计算机组成原理(本)》模拟卷2答案
一、单选题(20分，每小题2分)1、指令格式中，地址码字段表征指令的_A_o
A.操作对象B.操作数的功能C.操作性质D.指令的长短2、在多级存储体系中，“cache一主存”结构的作用是解决_D—的问题。
A.主存容量不足B.主存与辅存速度不匹配
C.辅存与CPU速度不匹配D.主存与CPU速度不匹配3、计算机中的信息主要以_B—方式表示。
A.十进制B.二进制 C.BCD码 D. 16进制4、已知X为整数，且[X]补二10010111,则X的十进制数值是_Bo
A +135 B - 105 C - 135 D +1055、DMA传送方式主要实现
2、的是_C—之间的数据交换。
A. CPU和主存B.Cache和主存
C.主存和高速I/O设备D. CPU和Cache6、CRT的灰度级为256,则其刷新存储器每个单元的字长是_C—。
A 256位 B 16位 C 8位 D 7位7、某计算机字长32位，它的存贮容量是32MB,若按字编址，则它的寻址范围是_D—
A. IM B. 8MB C. 1MB D. 8M8、用16位字长(其中1位符号位)表示定点小数时，所能表示的数值范围是_B—o
A [0, 1 - 2*] B [- (1 - 2 *5), 1 - 2'15] C [- (1 - 2*), 1 - 2_,6] D [0, 1]
3、9、某DRAM芯片，其存储容量为256KX8位，该芯片的地址线和数据线数目为_A。
A.18, 8B.19, 8C.16, 8D.16, 410、相联存储器是按内容访问的存储器，它属于_D—存储器。
A.串行 B.双端口C.多模块交叉D.并行 二、填空题(20分，每空2分)1、程序、冯.诺依曼
2、8 位。
3、CISC, CISC4、多模块交叉和相联存储器
5、指令流，数据流6、存储容量，存储器的可靠性
三、判断题(10分，每小题1分；正确打错误打X)
1、(V )
2、(V )
3、(V )
4、(X )四、计算题(10分，每题5分)
1、已知X=0. 11001,
4、Y=-0. 10011,写出它们的原码、补码及反码表示。
解答：［X］原=0. 11001, ［X］补=0. 11001, ［X］反=0. 11001,［Y］原=1. 10011, ［Y］补=1.0110b ［X］反=1.01100,
2、己知X=-0. 01111, Y=+0. 11001,求［X］补,［-X］补,［Y］补,［-丫］补，X+Y=? , X-Y=?
［X］补=1. 10001, ［-X］补=0.01111, ［Y］补=0. 11001, ［-Y］补=1.00111 ［X+Y］=00. 01010, x+Y=0. 01010［X-Y］=10. 11000,结果负溢出
五、
5、简答题(10分)
1、设计思想：存取程序控制，并按地址顺序执行。
2、画出指令标量流水线时空图，分析指令流水线结构的特点及其优点。
六、计算题(10分)
已知浮点数X=2101X (-0.100010), Y=2,WX (-0.111110),设浮点数的阶码和尾数部分均用 补码表示，按浮点数的运算规则，计算X+Y, X-Yo
解答:［X］浮=0101； 1.011110, ［Y］浮=0100； 1.000010
对阶：小阶向大阶看齐，E=Ea-Eb=l, mf浮=0101； 1. 100001 (右移一位)
对阶之后，尾数相加求和：11.011110+ 11.100001
10
6、111111
需要右规一次,［X+Y］浮=0110； 1.011111X+Y=2ll0X (-0. 100001)右规最多一次
对阶之后，尾数相减求差：11. 011110+ 00.011111
11. 111101还原成原数发现需左规4次
需要左规四次，［X-Y］浮二0001； 1.010000X-丫=2°°伙(-0. 110000)X+Y=2ll0X (-0. 100001 )
(专科)己知某机字长为16位，主存采用半导体存贮器，地址线为16位，若使用4KX4位SRAM芯片组成该机所允许的最大主存空间，并选用模块板结构形式，问:
（1）若每块模板为4KX8,共需几块模板？
（2）每个模块内共有多少片SRAM芯片？
（3）主存共需多少SRAM芯片？
七（10分）解：答案如图B4. 1
打印机 2/ts
T L
巴器 闵 市1园园阮1同目图 B4.1
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答题纸
试卷满分100分。考试时间90分钟。
（全部答在答题纸上，请写清题号，反面可用。试卷与答题纸分开交）
密封线内不要答题
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