2023版高考化学一轮复习第四章非金属及其化合物第3课时硫及其重要化合物练习.doc

课时3硫及其重要化合物一、选择题1以下关于硫及其化合物的说法中正确的选项是()A自然界中不存在游离态的硫B二氧化硫的排放会导致光化学烟雾C二氧化硫能使滴有酚酞的氢氧化钠溶液褪色，表达了其漂白性D浓硫酸可用来枯燥SO2、CO、Cl2等气体解析自然界中存在游离态的硫；排放二氧化硫会污染空气，形成酸雨，但不会导致光化学烟雾；二氧化硫能使滴有酚酞的氢氧化钠溶液褪色，表达了酸性氧化物的性质；浓硫酸具有吸水性，可枯燥SO2、CO、Cl2等气体。答案D2以下说法正确的选项是()ASO2和SO3都是酸性氧化物，二者的水溶液都是强酸B将铜片放入浓硫酸中，无明显现象是因为铜片发生了钝化C硫粉在适量的纯氧中燃烧可以生成大量的SO3D富含硫黄的矿物在工业上可用于制造硫酸解析SO2溶于水生成的亚硫酸是弱酸，A错误；常温下铜片和浓硫酸不反响，加热条件下能反响，B错误；硫粉在过量的纯氧中燃烧生成大量的SO2，C错误。答案D3将SO2气体通入以下溶液中，能生成白色沉淀且SO2过量时沉淀不溶解的是()Ba(OH)2溶液Ba(NO3)2溶液BaCl2溶液Ba(ClO)2溶液ABCD解析向Ba(OH)2溶液中通入SO2，先产生BaSO3沉淀，继续通入过量的SO2，沉淀溶解，转化为Ba(HSO3)2，错误；向Ba(NO3)2溶液中通入SO2，发生反响：2NO3SO22H2O=2NO3SO4H、Ba2SO=BaSO4，正确；BaCl2与SO2不发生反响，错误；向Ba(ClO)2溶液中通入SO2, 发生反响：ClOSO2H2O=ClSO2H、Ba2SO=BaSO4，正确。答案C4在探究SO2水溶液成分和性质的实验中，以下根据实验现象得出的结论正确的选项是()A向SO2水溶液中参加少量NaHCO3粉末，有气泡产生，说明SO2水溶液呈酸性B向SO2水溶液中滴加Ba(NO3)2溶液，有白色沉淀产生，说明SO2水溶液中含有SOC将SO2水溶液中通入H2S气体，有淡黄色沉淀产生，说明SO2水溶液具有复原性D向KMnO4溶液中滴加SO2水溶液，溶液颜色褪去，说明SO2水溶液具有漂白性解析A项，SO2溶于水生成H2SO3，H2SO3与NaHCO3反响生成CO2，酸性H2SO3H2CO3，正确；B项，SO2溶于水显酸性，H与NO结合成HNO3，HNO3会氧化SO生成SO，错误；C项，发生反响：SO22H2S=3S2H2O，SO2作氧化剂，错误；D项，KMnO4具有强氧化性，可以氧化SO2生成SO，SO2表现复原性，错误。答案A5以下溶液能够区别SO2和CO2气体的是()澄清的石灰水H2S溶液酸性KMnO4溶液氯水品红溶液ABC除以外D全部解析SO2和CO2都属于酸性氧化物，它们都能与石灰水反响生成不溶性的盐，所以不能区别SO2和CO2。SO2具有氧化性，能将H2S氧化成单质硫(有淡黄色沉淀生成)；SO2具有复原性，能被酸性KMnO4溶液和氯水氧化(溶液褪色)；SO2具有漂白性，能使品红溶液褪色。而CO2没有这些性质。所以可以用、来区别SO2和CO2。答案C6化学实验中常将溶液或试剂进行酸化，以下酸化处理的措施正确的选项是()A检验溶液是否含有SO时，先用盐酸将待检验溶液酸化，然后往其中滴加BaCl2溶液B为提高高锰酸钾溶液的氧化能力，用盐酸将高锰酸钾溶液酸化C检验溶液中是否含有Fe3时，用硝酸酸化D定性检验SO，将BaCl2溶液用HNO3酸化解析B项，高锰酸钾会将Cl氧化为Cl2，不能用盐酸酸化高锰酸钾溶液；C项，HNO3会将Fe2氧化成Fe3，无法判断原溶液中是否含有Fe3，错误；D项，HNO3会将SO氧化为SO，错误。答案A7常温下，某同学设计实验验证H2SO3的酸性强于H2CO3，他的以下实验设计不能到达目的的是()选项实验设计实验结果A将SO2气体和CO2气体分别通入水中至饱和，立即测定两溶液的pH前者的pH小于后者的B测定相同物质的量浓度的NaHSO3溶液和NaHCO3溶液的pH前者的pH小于后者的C将CO2气体依次通过NaHSO3(或Na2SO3)溶液、品红溶液品红溶液不褪色D将SO2气体依次通过NaHCO3(或Na2CO3)溶液、酸性KMnO4溶液、品红溶液、澄清石灰水品红溶液不褪色且澄清石灰水变浑浊解析通过测定pH来比拟H2SO3和H2CO3的酸性强弱，酸的浓度必须相等，由于SO2的溶解度远大于CO2，两饱和溶液的浓度不相等，故A项不能到达目的；根据酸越弱其对应的盐越易水解的规律，相同物质的量浓度的NaHSO3溶液和NaHCO3溶液，前者的pH小于后者的，说明其对应酸的酸性H2SO3H2CO3，B项能到达目的；通过复分解反响中强酸制弱酸的原理说明酸性：H2SO3H2CO3，C、D项可到达目的。答案A8某兴趣小组探究SO2气体复原Fe3，他们使用的药品和装置如以下图所示，以下说法不合理的是()A能说明I的复原性弱于SO2的现象是B中蓝色溶液褪色B装置C的作用是吸收SO2尾气，防止污染空气C为了验证A中发生了氧化复原反响，参加用稀盐酸酸化的BaCl2溶液，产生白色沉淀D为了验证A中发生了氧化复原反响，参加KMnO4溶液，紫红色褪去解析装置B中蓝色溶液褪色说明发生了反响：SO2I22H2O=H2SO42HI，说明复原性：SO2I，故A合理；装置C中NaOH溶液能吸收SO2，防止污染环境，B合理；将SO2通入FeCl3溶液后，再加盐酸酸化的BaCl2溶液有白色沉淀产生，证明有SO存在，说明装置A中发生了氧化复原反响，C合理；溶解的SO2气体也能使KMnO4溶液的紫红色褪去，所以D选项不合理。答案D9一定量的Cu粉与浓H2SO4共热产生SO2气体的体积为2.24 L(标准状况下)，那么以下情况不可能的是()A参加Cu的质量为6.4 gB参加的浓H2SO4中含溶质0.2 molC参加Cu的质量大于6.4 gD参加浓H2SO4中含溶质多于0.2 mol解析由Cu2H2SO4(浓)CuSO4SO22H2O知，生成2.24 L SO2需要消耗6.4 g Cu、0.2 mol H2SO4，但随反响的进行，浓H2SO4会变为稀H2SO4，故硫酸量应大于0.2 mol，D正确，B错误；铜可能恰好反响完全也可能有剩余，A、C正确。答案B10用下面的方案进行某些离子的检验，其中方案设计最严密的是()A检验试液中的SO：试液无沉淀白色沉淀B检验试液中的SO：试液无沉淀白色沉淀C检验试液中的I：试液深黄色溶液深黄色溶液D检验试液中的CO：试液白色沉淀沉淀溶解解析A选项中先参加稀硝酸，如果溶液中没有SO，而存在SO，硝酸可能将SO氧化成SO，最终也会出现白色沉淀，A选项错误；B选项中先参加足量稀盐酸，可以排除SO、Ag等离子的干扰，然后参加BaCl2溶液产生白色沉淀，说明原溶液中存在SO，B选项正确；如果溶液中存在I，I具有复原性，被过氧化氢氧化为碘单质，淀粉溶液遇碘单质显蓝色，但是C选项中最终溶液没有变蓝色，故C选项错误；D选项中如果存在SO，也会出现相同的实验现象，故D选项错误。答案B11用以下两种途径制取H2SO4，某些反响条件和产物已省略，以下有关说法不正确的选项是()途径SH2SO4，途径SSO2SO3H2SO4A途径反响中表达了浓硝酸的强氧化性和酸性B途径的第二步反响在实际生产中可以通过增大O2的浓度来降低本钱C由途径和分别制取1 mol H2SO4，理论上各消耗1 mol S，各转移6 mol电子D途径与途径相比更能表达“绿色化学的理念解析途径反响的化学方程式为S6HNO3(浓)=H2SO46NO22H2O，属于浓HNO3和非金属单质的反响，产物中无盐生成，因此浓硝酸只表现氧化性而不表现酸性，A项说法错误。答案A12X为一种常见气体(常温下)，a、b、c是中学化学常见物质，均由常见元素组成，转化关系如下图，以下说法不正确的选项是()A假设a、b、c焰色反响均呈黄色，水溶液均呈碱性，那么a中可能既含有离子键又含有共价键B假设X为O2，a为一种固态单质，那么c可能为CO2和SO3C假设b为固态非金属单质，b与X所含元素同主族，那么a、b、c均能与X反响D假设a为固态非金属单质，a与X所含元素同周期，常温常压下c为白色固体，那么X与a所含元素原子的核电荷数相差2解析从框图分析，常见气体X可以为CO2、O2、Cl2等。符合各个选项的框图情况如下图。B项看似a为C、S均符合，但由于S与氧气化合不能直接生成SO3，符合条件的只有C及其氧化物的转化。答案B二、填空题13某同学欲探究SO2的性质。(1)将相关的含硫物质按一定的规律和方法分为如表所示3组，那么第2组中物质X的化学式是_。第1组第2组第3组S(单质)SO2、X、Na2SO3、NaHSO3SO3、H2SO4、Na2SO4、NaHSO4(2)利用以下图所示的装置探究SO2的性质：(熔点：SO276.1 ，SO3 16.8 ，沸点：SO210 ，SO3 45 )装置模拟工业生产中SO2催化氧化的反响，其化学方程式是_。甲同学按、的顺序连接装置，装置的作用是_；装置中溶液逐渐褪色，生成Mn2，同时pH降低，那么该反响的离子方程式是_。乙同学按、的顺序连接装置，假设装置中有40 mL 2.5 molL1 NaOH溶液。反响后增重4.8 g，那么装置中发生反响的化学方程式是_。解析(1)比照第2、3组的物质可知，第2组中的X为H2SO3。(2)工业生产中SO2催化氧化的反响的化学方程式为2SO2O22SO3，书写时注意该反响为可逆反响和反响条件。甲同学按、的顺序连接装置，根据题目所给SO2和SO3的熔、沸点及冰水浴，可知装置的作用是使SO3凝结成固体与SO2别离，便于实验的进行，减少干扰。乙同学按、的顺序连接装置，NaOH的物质的量为0.1 mol，反响后增重的质量为SO2，SO2的物质的量为0.075 mol，NaOH与SO2的物质的量之比为43，所以产物既有Na2SO3又有NaHSO3，化学方程式为3SO24NaOH=Na2SO32NaHSO3H2O。答案(1)H2SO3(2)2SO2O22SO3将SO3凝结成固体与SO2别离5SO22H2O2MnO=5SO2Mn24H3SO24NaOH=Na2SO32NaHSO3H2O14(海南高考卷)硫代硫酸钠(Na2S2O3)可用作分析试剂及鞣革复原剂。它受热、遇酸易分解。工业上可用反响：2Na2SNa2CO34SO2=3Na2S2O3CO2制得。实验室模拟该工业过程的装置如下图。答复以下问题：(1)b中反响的离子方程式为_，c中试剂为_。(2)反响开始后，c中先有浑浊产生，后又变澄清。此浑浊物是_。(3)d中的试剂为_。(4)实验中要控制SO2生成速率，可以采取的措施有_ (写出两条)。(5)为了保证硫代硫酸钠的产量，实验中通入的SO2不能过量，原因是_。解析(2)由该反响的反响物和生成物的元素组成可知此浑浊物是S。(3)d装置的作用是吸收反响中产生的CO2，故d中的试剂为NaOH溶液。(4)溶液中的反响速率受温度、浓度的影响，故可通过控制反响温度及滴入酸溶液的速率的方式到达目的。(5)SO2溶于水可形成酸性较强的亚硫酸，而 Na2S2O3遇酸会分解。答案(1)SO2H=SO2H2O或HSOH=SO2H2O硫化钠和碳酸钠混合溶液(2)硫(或S)(3)NaOH溶液(4)控制反响温度、调节酸的滴加速率(或调节酸的浓度等)(5)假设SO2过量，溶液显酸性，产物分解15(2023山东潍坊高三统考，17)兴趣小组同学利用以下图所示装置(夹持装置已略去)探究SO2的性质，并制取一种常用食品抗氧化剂焦亚硫酸钠(Na2S2O5)。请答复以下问题：(实验前已除去装置中的空气) (1)翻开分液漏斗活塞，发现其中的液体不能流下，应采取的操作是_。(2)关闭K2、K3，翻开K1，装置B中发生反响的离子方程式为_，观察到装置C中发生的现象是_。(3)装置D和F的作用是_。(4)关闭K1、K3，翻开K2。一段时间后E中有Na2S2O5晶体析出，装置E中发生反响的化学方程式为_。(5)葡萄酒常用Na2S2O5作抗氧化剂。测定某葡萄酒中抗氧化剂的残留量(以游离SO2计算)的方案如下：溶液出现蓝色且30 s内不褪色(：滴定时反响的化学方程式为SO2I22H2O=H2SO42HI)按上述方案实验，消耗标准I2溶液20.00 mL，实验测得样品中抗氧化剂的残留量(以游离SO2计算)为_gL1。假设实验中盛装标准液的滴定管未润洗，那么测定结果_(填“偏高、“偏低或“不变)。(6)设计实验验证Na2S2O5晶体在空气中已被氧化_。解析(1)使用分液漏斗时应取下分液漏斗上口的玻璃塞，使分液漏斗内的压强等于大气压强，保证液体顺利流下。(2)装置A中生成SO2，装置B中FeCl3溶液与SO2发生反响，Fe3被复原为Fe2，SO2被氧化为SO，根据得失电子守恒、原子守恒和电荷守恒配平离子方程式。装置C中发生反响：H2OSO2Na2S=H2SNa2SO3、SO22H2S=3S2H2O，现象是有淡黄色沉淀生成。(3)装置D和F的作用是吸收SO2，防止污染空气。(4)装置E中Na2SO3与SO2反响生成Na2S2O5。(5)根据反响SO2I22H2O=H2SO42HI进行计算，那么样品中抗氧化剂的残留量为0.128 gL1。假设盛标准液的滴定管未润洗，那么消耗标准液的体积偏高，测定结果偏高。(6)假设Na2S2O5晶体在空气中已被氧化，那么生成Na2SO4，可以利用稀盐酸和BaCl2溶液检验SO。答案(1)拔掉分液漏斗上口的玻璃塞(或使分液漏斗玻璃塞上的凹槽或小孔对准瓶颈处的小孔)(2)2Fe3SO22H2O=2Fe2SO4H有淡黄色沉淀生成(3)吸收SO2，防止污染空气(4)SO2Na2SO3=Na2S2O5(5)0.128偏高(6)取少量Na2S2O5晶体于试管中，加适量水溶解，再滴加足量盐酸，振荡，再滴入BaCl2溶液，有白色沉淀生成7