2022年四川省广安市中考化学试卷(解析版).docx

四川省广安市2022年中考化学试卷一、我会选择每题1分，共18分11分2022广安以下变化中属于化学变化的是 A酒精挥发B食物腐烂C火柴折断D固体粉碎考点：化学变化和物理变化的判别专题：物质的变化与性质分析：化学变化是指有新物质生成的变化，物理变化是指没有新物质生成的变化，化学变化和物理变化的本质区别是否有新物质生成；据此分析判断解答：解：A、酒精挥发过程中只是状态发生改变，没有新物质生成，属于物理变化B、食物腐烂过程中有新物质生成，属于化学变化C、火柴折断过程中只是形状发生改变，没有新物质生成，属于物理变化D、固体粉碎过程中只是形状发生改变，没有新物质生成，属于物理变化应选：B点评：此题难度不大，解答时要分析变化过程中是否有新物质生成，假设没有新物质生成属于物理变化，假设有新物质生成属于化学变化21分2022广安以下属于纯洁物是 A空气B石油C碘酒D蒸馏水考点：纯洁物和混合物的判别专题：物质的分类分析：此题考查利用纯洁物的概念来判断物质是否为纯洁物，宏观上看只有一种物质，微观上只有一种分子解答：解：A、空气中含有氧气、氮气、二氧化碳等物质，属于混合物，故A错；B、石油中含有煤油、汽油、柴油等物质，属于混合物，故B错；C、碘酒是碘与酒精的混合物，故C错；D、蒸馏水是由水一种物质组成，属于纯洁物，故D正确应选D点评：在熟悉概念的根底上能从宏观和微观两个方面来判断纯洁物和混合物，还要从社会实践中了解生活中常见物质的组成31分2022广安以下化学符号书写正确的选项是 A两个水分子2H2OB氯化铝AlClC两个氯原Cl2D正二价的铜元素Cu2+考点：化学符号及其周围数字的意义专题：化学用语和质量守恒定律分析：此题考查化学用语的意义及书写，解题关键是分清化学用语所表达的对象是分子、原子、离子还是化合价，才能在化学符号前或其它位置加上适当的计量数来完整地表达其意义，并能根据物质化学式的书写规那么正确书写物质的化学式，才能熟练准确的解答此类题目解答：解：A、分子的表示方法：正确书写物质的化学式，表示多个该分子，就在其化学式前加上相应的数字，故两个水分子可表示为：2H2O；故A正确；B、氯化铝是由显+3价的铝元素和显1价的氯元素组成的，根据化合价原那么，其化学式可表示为：AlCl3；故B错误；C、原子的表示方法就是用元素符号来表示一个原子，表示多个该原子，就在其元素符号前加上相应的数字所以两个氯原子，就可表示为：2Cl；故C错误D、元素化合价的表示方法：确定出化合物中所要标出的元素的化合价，然后在其化学式该元素的上方用正负号和数字表示，正负号在前，数字在后，所以正二价的铜元素，故可表示为：；故D错误；应选A点评：此题主要考查学生对化学用语的书写和理解能力，题目设计既包含对化学符号意义的了解，又考查了学生对化学符号的书写，考查全面，注重根底，题目难度较易41分2022广安“生活中离不开化学，以下表达合理的是 A食用加碘盐可预防大脖子病，所以应尽量多吃B煤、石油、天然气都是不可再生的能源C用甲醛溶液浸泡鱿鱼，以保质保鲜D有人称自己有特异功能，能“化水为油考点：微量元素、维生素与健康的关系及摄取方法；质量守恒定律及其应用；常见能源的种类、能源的分类；亚硝酸钠、甲醛等化学品的性质与人体健康专题：化学与能源；化学用语和质量守恒定律；化学与生活分析：A、根据人体缺碘元素会导致大脖子病进行解答；B、根据煤、石油、天然气都是化石燃料，属于不可再生的能源进行解答；C、根据甲醛有毒进行解答；D、根据质量守恒定律，在化学反响中，反响前后元素的种类没有改变进行解答解答：解：A、人体缺碘元素会导致大脖子病，所以食用加碘盐可预防大脖子病，但并不是越多越好，故A错误；B、煤、石油、天然气都是化石燃料，属于不可再生的能源，故B正确；C、甲醛会使蛋白质变性，不能浸泡食品，故C错误；D、水由氢、氧元素组成，根据质量守恒定律可知不会生成含有碳元素的油，故D错误应选：B点评：此题考查了质量守恒定律，化学物质与食品和再生能源等内容，此类题也经常出现在中招试题中，需仔细分析51分2022广安以下物质敞口放置在空气中一段时间后，因发生化学反响使质量增加的是 A浓硫酸B氯化钠C烧碱D浓盐酸考点：空气中常见酸碱盐的质量或性质变化及贮存法专题：物质的变化与性质分析：敞口放置在空气中一段时间后，因发生化学反响质量增加，也就是与空气中的成分发生了化学反响，生成了新的物质导致质量增加，据此根据常见物质的化学性质进行分析判断解答：解：A、浓硫酸具有吸水性，放置在空气中会吸收空气中的水分，使其质量增加，但发生的是物理变化，应选项错误B、氯化钠不与空气中的成分发生化学反响，质量不变，应选项错误C、烧碱敞口放置在空气中，能与空气中的二氧化碳发生化学反响生成碳酸钠和水，发生了化学反响导致质量增加，应选项正确D、浓盐酸具有挥发性，会使其质量减少，应选项错误应选：C点评：此题难度不大，掌握常见的酸、碱、盐的物理性质与化学性质、在空气中的质量变化等是正确解答此类题的关键61分2022广安从分子的角度分析，以下解释错误的选项是 A墙内开花墙外香分子在不断地运动B吹胀气球分子间的间隔变大C电解水生成H2和O2分子分成原子，原子重新组成分子D液氧和氧气都能助燃同种物质的分子化学性质相同考点：利用分子与原子的性质分析和解决问题专题：物质的微观构成与物质的宏观组成分析：根据分子的根本特征：分子质量和体积都很小；分子之间有间隔；分子是在不断运动的；同种物质的分子性质相同，不同物质的分子性质不同，结合事实进行分析判断即可解答：解：A、墙内开花墙外香，是因为花香中含有的分子是在不断运动的，向四周扩散，使人们闻到花香，应选项解释正确B、吹胀气球，是因为分子间有间隙，压强增大，分子间间隔变小，应选项解释错误C、电解水生成H2和O2，是因为水分子分裂成了氢原子和氧原子，然后氢原子、氧原子分别重新组合形成氢分子、氧分子，大量的氢分子、氧分子分别聚集成氢气、氧气，该事实说明分子是可以再分的，应选项解释正确D、液氧和氧气都能助燃，是因为它们是由氧分子构成的，同种的分子性质相同，应选项解释正确应选：B点评：此题难度不大，掌握分子的根本性质及利用分子的根本性质分析和解决问题的方法是解答此类题的关键71分2022广安阿莫西林是一种常见的抗生素，其化学式为C16H19N3O5S，关于阿莫西林的说法不正确的选项是 A阿莫西林是一种有机化合物B阿莫西林中碳、氧元素质量比为12：5C阿莫西林由碳、氢、氮、氧、硫五种元素组成D阿莫西林中含有44个原子考点：化学式的书写及意义；有机物与无机物的区别；元素质量比的计算专题：化学用语和质量守恒定律分析：A根据有机物的概念来分析；B根据元素质量比的计算方法考虑；C根据物质的组成来分析；D根据物质的结构来分析解答：解：A由阿莫西林的化学式C16H19N3O5S可知，这是一种含碳元素的化合物，属于有机物，故正确；B由阿莫西林的化学式C16H19N3O5S可知，其中碳、氧元素质量比为：1216：165=12：5，故正确；C由阿莫西林的化学式C16H19N3O5S可知，阿莫西林由碳、氢、氮、氧、硫五种元素组成的，故正确；D阿莫西林是由分子构成的，一个阿莫西林分子中共含有原子数为：16+19+3+5+1=44，故错误应选D点评：此题主要考查学生对化学用语的书写和理解能力，题目设计既包含对化学符号意义的了解，又考查化学式的意义和有关计算，难度稍大81分2022广安以下列图示的实验操作正确的选项是 A检查气密性B放回滴瓶C加热液体D来源:学|科|网振荡试管考点：检查装置的气密性；液体药品的取用；给试管里的液体加热专题：常见仪器及化学实验根本操作分析：A、根据检查装置的气密性的根本操作分析B、据滴瓶中滴管专瓶专用，不需用水清洗分析；C、给液体加热时，注意试管内液体的量，试管的倾斜度等D、根据振荡试管的方法分析解答：解：A、应该先用水把漏斗口封住，图中操作错误，故A错误；B、滴瓶中滴管专瓶专用，不需用水清洗分析，图中操作错误，故B错误；C、给液体加热时，试管内液体不能超过其体积，防止沸腾溅出；试管与桌面成约45角，加热时，先预热再集中加热，故C正确D、清洗振荡试管时，用腕力左右振荡试管，而不应该上下振荡，图中操作错误，故D错误；应选C点评：此题主要了解各操作的本卷须知；考查过滤液体和闻气体的气味的方法、酒精灯的使用及给试管里的液体加热的方法91分2022广安在盛有稀硫酸的烧杯中，分别参加以下物质，最终只存在无色液体的是 ANa2CO3溶液、KCl溶液BBaCl2溶液、KOH溶液CFeSO4溶液、NaNO3溶液DCuO、Na2SO4溶液考点：离子或物质的共存问题专题：物质的别离、除杂、提纯与共存问题分析：根据题意，在盛有稀硫酸的烧杯中，分别参加一些物质，最终只存在无色液体；假设物质之间相互交换成分，能结合成沉淀的那么不能得到透明的溶液；此题还要注意能得到无色透明溶液，不能含有明显有颜色的铜离子、铁离子和亚铁离子等解答：解：在盛有稀硫酸的烧杯中，分别参加一些物质，最终只存在无色液体，说明彼此之间不能生成沉淀，且不存在有色离子A、稀硫酸和Na2CO3溶液生成硫酸钠、水和二氧化碳，与KCl溶液不反响，且不存在有色离子，最终只存在无色液体，应选项正确B、稀硫酸与氯化钡溶液反响生成硫酸钡白色沉淀，溶液变浑浊，应选项错误C、三者之间不反响，但FeSO4溶液呈浅绿色，应选项错误D、稀硫酸与氧化铜反响生成硫酸铜和水，硫酸铜溶液呈浅绿色，故此选项错误应选：A点评：此题难度不是很大，对于能否得到无色的溶液，要注意彼此之间不能生成沉淀，还要注意特定离子的颜色101分2022广安燃烧是生活中一种常见的现象，以下有关燃烧和灭火的说法错误的选项是 A碳、硫在氧气中燃烧比在空气中燃烧剧烈B锅里的油着火时可以用锅盖盖灭，是因为隔绝了氧气C用扇子扇煤炉火焰，越扇越旺，是因为提供了更充足的氧气D图书馆内图书着火，立即用水基型灭火器灭火考点：燃烧与燃烧的条件；灭火的原理和方法；几种常用的灭火器专题：化学与生活分析：A、根据氧气的浓度越大，可燃物燃烧越剧烈判断；B、根据灭火的原理判断；C、根据燃烧的条件判断；D、根据泡沫对档案资料造成污染判断解答：解：A、增大氧气的浓度，能促进可燃物的燃烧，氧气的浓度越大，可燃物燃烧越剧烈，故正确；B、盖上锅盖能隔绝氧气，隔绝氧气可以灭火，故正确；C、用扇子扇煤炉火焰，越扇越旺，是因为提供了更充足的氧气，氧气可以支持燃烧，故正确；D、图书馆内的图书着火，立即用二氧化碳灭火器灭火，用水基型灭火器灭火会对图书造成污染，故D错误；应选D点评：此题难度不大，考查燃烧的条件与灭火的原理，掌握燃烧的条件、灭火的原理并能灵活运用是正确解答此题的关键111分2022广安甲、乙两物质的溶解度曲线如下列图，以下说法不正确的选项是 At1时，甲和乙的溶解度相等B甲和乙的溶解度都随温度的升高而增大Ct1时，甲和乙各30g分别参加90g水中，均能完全溶解Dt2时，在100g水中放入60g甲，形成饱和溶液考点：固体溶解度曲线及其作用专题：溶液、浊液与溶解度分析：A、根据溶解度曲线图可知t1时，甲和乙的溶解度相等进行解答；B、根据溶解度曲线图可知甲和乙的溶解度都随温度的升高而增大进行解答；C、根据溶解度曲线图可知t1时，甲和乙的溶解度都为30g进行解答；D、根据t2时甲物质的溶解度为50g进行解答解答：解：A、由溶解度曲线图可知t1时，甲和乙的溶解度相等，故A正确；B、根据溶解度曲线图可知甲和乙的溶解度都随温度的升高而增大，故B正确；C、由溶解度曲线图可知t1时，甲和乙的溶解度都为30g，即在t1时，100g水中溶解30g甲、乙刚好到达饱和，所以t1时，甲和乙各30g分别参加90g水中，还会有一局部固体不溶解，故C错误；D、t2时甲物质的溶解度为50g，即t2时，在100g水中最多溶解50g甲物质，所以t2时，在100g水中放入60g甲，形成饱和溶液，故D正确应选：C点评：根据溶解度曲线，可以看出物质的溶解度随着温度的变化而变化的情况，可以比较在一定温度范围内的物质的溶解度大小，可以判断某温度下物质的溶解度121分2022广安节能减排，保护环境，伊娃美丽广安，是我们共同的责任以下做法中，与此倡导不相符的是 A提倡使用一次性发泡塑料餐具和塑料袋B合理使用化肥、农药C开展快速公交、减少私家车出行D提倡使用无磷洗衣粉考点：白色污染与防治；防治空气污染的措施；富营养化污染与含磷洗衣粉的禁用；合理使用化肥、农药对保护环境的重要意义专题：化学与环境保护分析：A、一次性发泡塑料餐具和塑料袋，会加重白色污染；B、合理使用化肥、农药可以保护环境；C、开展快速公交、减少私家车出行，可以保护环境；D、磷元素是植物生长的营养元素解答：解：A、一次性发泡塑料餐具和塑料袋，会加重白色污染，故不利于环境的保护，故符合题意；B、合理使用化肥、农药可以保护环境，故不符合题意；C、开展快速公交、减少私家车出行，可以保护环境，故不符合题意；D、由于磷元素是植物的营养元素，如大量使用含磷洗衣粉会造成水体的富营养化，故应推广使用无磷洗衣粉故不符合题意；应选A点评：保护环境是每个公民应尽的责任和义务，我们应该从平时的点滴做起，如拒绝使用一次性筷子等131分2022广安某同学在毕业体检时，检查出蛋白质摄入量缺乏，假设你是一名医生，你会建议他在平时的饮食中可适量增加的食物是 A水果、蔬菜B米饭、面条C瘦肉、面条D奶油、牛油考点：食品、药品与健康食品中的有机营养素专题：化学与生活分析：根据人体所需六大营养素的种类、食物来源，结合题中所给的食物判断所含的营养素，进行分析判断解答：解：某同学在毕业体检时，检查出蛋白质摄入量缺乏，建议他平时的饮食中应该多吃富含蛋白质的食物A水果、蔬菜中富含维生素；B米饭面条中富含糖类；C瘦肉中富含蛋白质；D奶油、牛油中富含油脂应选C点评：此题难度不大，掌握各种营养素的生理功能、食物来源等是正确解答此类题的关键141分2022广安以下表达与对应的示意图表示正确的选项是 A水的电解B向稀硫酸中滴加过量的氢氧化钠溶液C加热一定质量的氯酸钾制取气体D等质量的锌、铁与足量等浓度的稀硫酸反响考点：电解水实验；实验室制取氧气的反响原理；金属的化学性质；中和反响及其应用专题：元素化合物知识型分析：根据已有的知识结合图示进行分析，A电解水时生成的氢气和氧气的质量比是1：8；B盐酸的pH小于7，氢氧化钠溶液的pH大于7；C氯酸钾能分解生成氧气，氯酸钾的质量一定，那么生成氧气的质量一定；D等质量的锌和铁与足量的硫酸反响，锌反响的速率大，生成的氢气少解答：解：A、电解水时生成的氢气和氧气的质量比是1：8，不是2：1，故A错误；B、盐酸的pH小于7，氢氧化钠溶液的pH大于7，向稀盐酸中滴加过量的氢氧化钠溶液，开始时溶液的pH应该是小于7，不是大于7，故B错误；C、加热一定质量的氯酸钾制氧气，当氯酸钾完全分解，生成氧气的质量不再改变，故C错误；D、等质量的锌和铁与足量的硫酸反响，锌反响的速率大，在坐标中斜线陡，铁的反响速率小，在坐标中的斜线缓，锌反响生成氢气的质量小于铁生成的氢气的质量，故D正确；应选D点评：此题考查了化学反响与图象的结合，完成此题，可以依据已有的知识结合具体的图象进行解答，要熟记金属与酸反响的速率和质量关系，对于提高此类选择题的速度有很大的帮助151分2022广安比较推理是化学学习中常用的思维方法，以下推理正确的选项是 A生铁比纯铁硬，故黄铜比纯铜硬B烧碱属于碱，故纯碱也属于碱C金刚石很硬，故石墨也很硬D氢氧化铝可治疗胃酸过多，故氢氧化钠也可治疗胃酸过多考点：合金与合金的性质；常见碱的特性和用途；常见的氧化物、酸、碱和盐的判别；碳单质的物理性质及用途专题：物质的分类；碳单质与含碳化合物的性质与用途；金属与金属材料；常见的碱 碱的通性分析：生铁是铁碳合金，黄铜是由铜和锌的合金，合金的硬度一般比其组分中任一金属的硬度大；根据纯碱是碳酸钠的俗称，碳酸钠属于盐；石墨很软；氢氧化钠有强烈的腐蚀性进行解答解答：解：A、生铁是铁碳合金，黄铜是由铜和锌的合金；合金的硬度一般比其组分中任一金属的硬度大，故A说法正确；B、纯碱是碳酸钠的俗称，碳酸钠属于盐，故B错误；C、金刚石虽很硬，但石墨却很软，故C错误；D、氢氧化钠有强烈的腐蚀性，不能用于治疗胃酸过多，故D错误；应选A点评：此题考查化学中的常用的思维方法推理，属于易错题型，推理法是重要的思维方法，根据已有的知识，推测未知的领域，要细心，符合事实、规律，不要盲目推理161分2022广安日常生活中，区别以下各组物质所用的方法，错误的选项是 A氮气和氧气将燃着的木条分别伸入集气瓶内，观察火焰是否熄灭B氮肥和磷肥观察颜色C苏打和小苏打分别与足量的白醋反响，观察是否有气泡产生D热塑性塑料和热固性塑料加热，观察外形变化考点：物质的鉴别、推断；常见气体的检验与除杂方法；盐的化学性质；化肥的简易鉴别；塑料及其应用专题：物质的鉴别题分析：A、根据氮气和氧气的化学性质进行分析；B、根据氮肥是白色晶体，磷肥是灰白色粉末进行分析；C、根据碳酸盐和酸反响会生成二氧化碳气体进行分析；D、根据热塑性塑料和热固性塑料加热后的不同现象进行分析解答：解：A、取样品，将燃着的木条分别伸入集气瓶内，木条熄灭的是氮气，木条燃烧更旺的是氧气，现象不同，可以鉴别，故A正确；B、取样品，观察颜色，白色晶体的是氮肥，灰白色粉末的是磷肥，现象不同，可以鉴别，故B正确；C、苏打和小苏打分别与足量的白醋反响，都会生成二氧化碳气体，现象相同，不能鉴别，故C错误；D、通过加热观察外形来区别热塑性塑料和热固性塑料：由于热塑性塑料在受热时外形明显变化，而热固性塑料无明显变化，现象不同，可以鉴别，故D正确应选：C点评：在解此类题时，首先分析被鉴别物质的性质，然后选择适当的试剂和方法，出现不同的现象即可鉴别171分2022广安除去以下物质中的少量杂质括号内为杂质所用方法正确的选项是 AZnSO4溶液CuSO4参加过量的锌粉，充分反响后过滤BCaCl2固体CaCO3加水溶解、过滤、洗涤、枯燥CNaCl溶液MgCl2参加过量的氢氧化钠溶液，充分反响后过滤DCO2CO点燃考点：物质除杂或净化的探究；常见气体的检验与除杂方法；盐的化学性质专题：物质的别离、除杂、提纯与共存问题分析：根据原物质和杂质的性质选择适当的除杂剂和别离方法，所谓除杂提纯，是指除去杂质，同时被提纯物质不得改变除杂质题至少要满足两个条件：参加的试剂只能与杂质反响，不能与原物质反响；反响后不能引入新的杂质解答：解：A、锌粉能与CuSO4溶液反响生成硫酸亚铁溶液和氢气，充分反响后过滤除去不溶物，能除去杂质且没有引入新的杂质，符合除杂原那么，应选项所采取的方法正确B、CaCl2固体易溶于水，CaCO3难溶于水，可采取加水溶解、过滤、蒸发的方法进行别离除杂，应选项所采取的方法错误C、MgCl2能与过量的氢氧化钠溶液反响生成氢氧化镁沉淀和氯化钠，能除去杂质但引入了新的杂质氢氧化钠过量的，不符合除杂原那么，应选项所采取的方法错误D、除去二氧化碳中的一氧化碳不能够点燃，这是因为当二氧化碳不能燃烧、不能支持燃烧大量存在时，少量的一氧化碳是不会燃烧的，应选项所采取的方法错误应选：A点评：物质的别离与除杂是中考的重点，也是难点，解决除杂问题时，抓住除杂质的必需条件参加的试剂只与杂质反响，反响后不能引入新的杂质是正确解题的关键181分2022广安某一种或几种物质的水溶液中，可能含有以下几种离子：Na+、Cl、Ca2+、Ba2+、SO42、CO32，现取两份100mL溶液进行如下实验：1第一份参加AgNO3溶液有沉淀产生2第二份加足量的BaNO32溶液，有白色沉淀产生，再参加过量的稀硝酸沉淀局部溶解根据上述实验，以下推测正确的选项是 A一定存在C1B一定存在CO32，可能存在Ba2+C一定存在Na+D一定存在SO42，可能存在Ca2+考点：常见离子的检验方法及现象专题：物质的检验、鉴别与推断分析：1参加AgNO3溶液有沉淀产生，说明溶液中可能存在Cl、CO32、SO42；2加足量BaCl2溶液后，有沉淀产生，再参加过量的稀硝酸沉淀局部溶解，说明溶液中有CO32和SO42；Ba2+与SO42不共存，Ca2+和CO32不共存，所以没有Ba2+和Ca2+；又根据离子守恒，一定有Na+，综上可知溶液中一定有CO32和SO42；，可能有Cl，一定没有Ca2+、Ba2+，解答：解：1参加AgNO3溶液有沉淀产生，说明溶液中可能存在Cl、CO32、SO42；2加足量BaCl2溶液后，有沉淀产生，再参加过量的稀硝酸沉淀局部溶解，说明溶液中有CO32和SO42；Ba2+与SO42不共存，Ca2+和CO32不共存，所以没有Ba2+和Ca2+；又根据离子守恒，一定有Na+，综上可知溶液中一定有Na+、CO32和SO42，可能有Cl，一定没有Ca2+、Ba2+，应选：C点评：此题考查了常见阴、阳离子的检验，涉及离子共存、离子反响等都是解题需注意的信息，做题时需要细致分析，题目难度适中二、我会填写每空1分，总分值17分195分2022广安元素周期表是化学学习的重要工具，依据下表答复以下问题：1表中12号元素属于 金属 填“金属或“非金属元素，在化学反响中比较容易 失去 填“失去或“得到电子，形成 Mg2+填离子符号2由11号元素与16号元素组成的常见化合物的化学式 Na2S3表中同一周期原子的核外电子排布规律是 从左至右最外层电子数依次增大 考点：元素周期表的特点及其应用；原子结构示意图与离子结构示意图；化学式的书写及意义专题：化学用语和质量守恒定律分析：1根据元素周期表中原子结构示意图的信息进行分析答复；根据离子符号的书写分析；2根据钠元素与硫元素形成的化合物是硫化钠结合化学式的书写分析3根据元素周期表同一周期核外电子数方面解答解答：解：1由12号元素在元素周期表的信息可知属于金属元素，原子结构示意图可知它的最外层有2个电子，故在化学反响中易失去电子到达稳定结构，形成带两个单位这个电荷的镁离子；2依据化合价书写化学式，由11号元素为钠，化合价为+1价，16号元素为硫，化合价为2，故硫化钠的化学式：Na2S；3根据元素周期表中规律的知识可知元素周期表中同一横行元素从左至右最外层电子数依次增大；答案：1金属，失去，Mg2+；2Na2S；3从左至右最外层电子数依次增大点评：此题考查学生根据原子结构示意图分析总结元素周期律及对元素的性质与最外层电子数的关系的理解与掌握，并能在解题中灵活应用203分2022广安质量守恒定律是化学反响中的重要规律，我能运用此规律解答以下问题：1某纯洁物X在空气中完全燃烧，反响的化学方程式为：X+3O2=2CO2+3H2O反响条件已略去，那么X的化学式为 C2H42在催化剂并加热的条件下，A与B反响生成C和D反响前后分子变化的微观示意图所下所示：以下说法正确的选项是 abcd填序号a、该反响类型为置换反响b、4种物质中只有D属于氧化物c、反响前后，氮元素化合价升高d、化学反响中分子可以再分，而原子不能该反响的化学方程式为 4NH3+3O22N2+6H2O考点：质量守恒定律及其应用；从组成上识别氧化物；微粒观点及模型图的应用；有关元素化合价的计算；化学反响的实质；反响类型的判定；书写化学方程式、文字表达式、电离方程式专题：化学反响模拟图型；化学用语和质量守恒定律分析：1根据反响前后原子的种类和数目都不变进行解答2首先要对模型图进行观察，分析物质的微观构成、物质的类别，再找出物质之间的微粒数目关系，写出反响的方程式，然后再对题中各问加以分析解答解答：解：1根据反响前后原子的种类和数目都不变：X+3O22CO2+2H2O，可以知道反响后有2个C，4个H，6个O，而反响前只出现了6个O，故X中含有2个C，4个H，化学式为C2H42解：将图对应成微粒相等如图：化学方程式为：4NH3+3O22N2+6H2Oa、根据置换反响是指一种单质与一种化合物反响，生成另一种单质和另一种化合物的反响，故a正确；b、根据氧化物是指由两种元素组成，其中一种为氧元素的化合物，可知b正确；c、反响前，氮元素显3价，反响后，氮元素显0价，故c正确；d、化学反响中分子可以再分，而原子不能再分正确；应选abcd故答案为：1C2H4 2abcd 4NH3+3O22N2+6H2O点评：此题综合性较强，但由于问题较多，容易被弄糊涂了，因此要从概念的科学定义出发，逐一解答对于方程式书写的解答要注意配平，不能光看图示，否那么容易出错215分2022广安海洋是巨大的资源宝库，请你运用学过的知识答复以下问题：1人类所需要的以下物质，可以从海洋中获取的是 D石油 无机盐 可燃冰 海洋生物 淡水A、B、C、D、全部2从海水中获取粗盐的方法是 蒸发结晶 3在粗盐提纯过程中，要得到纯洁的氯化钠，需要调节溶液的酸碱性为了测定溶液的酸碱度，最简单的方法是使用 pH试纸 ；现测得溶液的pH为10，为了将pH调节到7，应向溶液中参加适量的 稀盐酸 填物质名称4淡化海水可采用膜别离技术如下列图，水分子可以透过淡化膜海水中其他离子不能透过进入左侧的池子，从而得到淡水以下分析中正确的选项是 BA、右侧池中海水的密度不变B、右侧池中溶质的质量分数变大C、淡化膜可用滤纸代替D、用膜别离技术得到的淡水为硬水考点：海洋中的资源；结晶的原理、方法及其应用；溶液的酸碱度测定；硬水与软水；溶质的质量分数；溶液的酸碱性与pH值的关系专题：常见的盐 化学肥料分析：1从海洋中通过不同的方法可以获得多种物质；2根据海水的成分，结晶的方法分析；3根据酸碱度的测定方法及酸碱中和反响的原理分析；4根据淡化膜的作用原理分析解答：解：1石油，金属矿物，无机盐，淡水，海洋生物，可燃冰等都可以从海洋中获取故填：D2蒸发结晶法可以从海水中获取粗盐；3测定溶液的酸碱度，最简单的方法是用PH试纸测定；在粗盐纯化过程中，要调节溶液的酸碱性可以用中和法，可向其中参加少量的稀盐酸；4A、溶质不能透过淡化膜，右侧溶液的密度增大，故A错误；B、水分子可以透过半透膜，溶剂质量减小，故B选项正确；C、水分子和溶液中的离子都能通过滤纸，故不能用滤纸代替淡化膜，故C错误；D、膜别离技术得到的淡水中不含钙、镁离子，属于软水，故D错误应选B 故答案为：1D；2蒸发结晶；3pH试纸；稀盐酸；4B点评：解答此题要要充分理解海洋对人类的重要性，只有这样才能对相关方面的问题做出正确的判断224分2022广安以下框图中的物质均为初中化学常见的物质，其中A是建筑材料的主要成分，B是金属氧化物，如下列图是各物质之间的相互转化关系请答复：1写出以下物质的化学式：B Fe2O3；D CaO2反响的化学方程式为 FeCl3+3NaOHFeOH3+3NaCl3举出E在农业生产中的一种用途 改良酸性土壤 考点：物质的鉴别、推断；化学式的书写及意义；书写化学方程式、文字表达式、电离方程式专题：框图型推断题分析：根据A是建筑材料的主要成分，高温分解会生成无色气体C和D，所以A是碳酸钙，C是二氧化碳，D就是氧化钙，氧化钙和水反响会生成氢氧化钙，所以E是氢氧化钙，氢氧化钙和碳酸钠反响会生成碳酸钙沉淀和氢氧化钠，所以F是氢氧化钠，B是金属氧化物，与盐酸反响会生成黄色溶液，黄色溶液中含有铁离子，所以B是氧化铁，G就是氯化铁，氯化铁和氢氧化钠反响生成氢氧化铁沉淀和氯化钠，所以H是氢氧化铁，然后将推出的各种物质代入转化关系中验证即可解答：解：1A是建筑材料的主要成分，高温分解会生成无色气体C和D，所以A是碳酸钙，C是二氧化碳，D就是氧化钙，氧化钙和水反响会生成氢氧化钙，所以E是氢氧化钙，氢氧化钙和碳酸钠反响会生成碳酸钙沉淀和氢氧化钠，所以F是氢氧化钠，B是金属氧化物，与盐酸反响会生成黄色溶液，黄色溶液中含有铁离子，所以B是氧化铁，G就是氯化铁，氯化铁和氢氧化钠反响生成氢氧化铁沉淀和氯化钠，所以H是氢氧化铁，经过验证，推出的各种物质均满足题中的转化关系，推导合理，所以B是：Fe2O3，D是：CaO；2反响是氯化铁和氢氧化钠反响生成氢氧化铁沉淀和氯化钠，化学方程式为：FeCl3+3NaOHFeOH3+3NaCl；3通过推导可知E是氢氧化钙，可以和酸发生酸碱中和反响，所以在农业生产中的一种用途是：改良酸性土壤故答案为：1Fe2O3，CaO；2FeCl3+3NaOHFeOH3+3NaCl；3改良酸性土壤点评：在解此类题时，首先将题中有特征的物质推出，然后结合推出的物质和题中的转化关系推导剩余的物质，最后将推出的各种物质代入转化关系中进行验证即可三、我会算题本大题共5分235分2022广安某同学在实验室发现一瓶由碳酸钠和氯化钠组成的混合溶液为了测定该混合溶液中碳酸钠的质量分数，该同学设计了如下实验：取该混合溶液50g，向其中逐滴参加稀盐酸，当参加盐酸的质量为15g、30g、45g、60g时，生成气体的质量见下表气体的溶解度忽略不计第组第组第组第组稀盐酸的质量/g15304560生成气体的质量/g1.8n4.44.41第组数据n为 3.6g2混合溶液中碳酸钠的质量分数是多少写出计算过程，结果精确至0.1%考点：根据化学反响方程式的计算专题：综合计算图像型、表格型、情景型计算题分析：1根据实验数据分析可知15g稀盐酸完全反响生成二氧化碳的质量为1.8g，所以30g盐酸完全反响生成二氧化碳质量为3.6g；2根据图表中数据可知最多生成二氧化碳质量为4.4g，根据二氧化碳的质量可算出碳酸钠的质量，再求出混合液中碳酸钠的质量分数即可解答：解：115g稀盐酸完全反响生成二氧化碳的质量为1.8g，所以30g盐酸完全反响生成二氧化碳质量为3.6g；故填：3.6；2根据前两组实验数据分析可知每15克盐酸完全反响生成1.8克二氧化碳，那么45克盐酸完全反响应生成5.4克二氧化碳，在第三组实验中参加45克盐酸只生成4.4克二氧化碳，说明第三组实验中盐酸有剩余，碳酸钠反响完，完全反响生成气体的质量为4.4克，设生成4.4g二氧化碳，需要参加反响的碳酸钠的质量为x，那么：Na2CO3 +2HCl=2NaCl+CO2+H2O106 44x 4.4gx=10.6g 混合液中碳酸钠的质量分数是：100%=21.2%答：混合液中碳酸钠的质量分数是21.2%点评：解答此题可用数据分析法，即解题时正确分析数据，找出数据的变化特征及彼此之间的关系，将综合复杂的问题分解为简单的计算，从而顺利解题四、我会探究每空1分，共10分245分2022广安如图是实验室制取气体时常见的装置其中G、I为枯燥装置，根据装置答复以下问题：1仪器的名称 锥形瓶 2用A装置制取的某气体可使带火星的木条复燃，请写出用A装置制取该气体的化学方程式 2H2O22H2O+O23现用G装置收集到一瓶无色无味的气体，欲检验其是否为CO2的方法是 向该装置中参加适量的澄清石灰水，如果澄清石灰水变浑浊，说明该气体是二氧化碳 ；假设改用F装置收集该气体，那么气体应从 a填“a或“b通入4常温下，氨气NH3是一种有刺激