2022年黑龙江省绥化市中考数学试卷2.docx

2022年黑龙江省绥化市中考数学试卷
一、选择题〔每题3分，共30分〕
1．〔3分〕如图，直线AB，CD被直线EF所截，∠1=55°，以下条件中能判定AB∥CD的是〔　　〕
A．∠2=35° B．∠2=45° C．∠2=55° D．∠2=125°
2．〔3分〕某企业的年收入约为700000元，数据“700000〞用科学记数法可表示为〔　　〕
A．0.7×106 B．7×105 C．7×104 D．70×104
3．〔3分〕以下运算正确的选项是〔　　〕
A．3a+2a=5a2 B．3a+3b=3ab
C．2a2bc﹣a2bc=a2bc D．a5﹣a2=a3
4．〔3分〕正方形的正投影不可能是〔　　〕
A．线段 B．矩形 C．正方形 D．梯形
5．〔3分〕不等式组的解集是〔　　〕
A．x≤4 B．2＜x≤4 C．2≤x≤4 D．x＞2
6．〔3分〕如图，△A′B′C′是△ABC以点O为位似中心经过位似变换得到的，假设△A′B′C′的面积与△ABC的面积比是4：9，那么OB′：OB为〔　　〕
A．2：3 B．3：2 C．4：5 D．4：9
7．〔3分〕从一副洗匀的普通扑克牌中随机抽取一张，那么抽出红桃的概率是〔　　〕
A． B． C． D．
8．〔3分〕在同一平面直角坐标系中，直线y=4x+1与直线y=﹣x+b的交点不可能在〔　　〕
A．第一象限 B．第二象限 C．第三象限 D．第四象限
9．〔3分〕某楼梯的侧面如下列图，已测得BC的长约为3.5米，∠BCA约为29°，那么该楼梯的高度AB可表示为〔　　〕
A．3.5sin29°米 B．3.5cos29°米 C．3.5tan29°米 D．米
10．〔3分〕如图，在▱ABCD中，AC，BD相交于点O，点E是OA的中点，连接BE并延长交AD于点F，S△AEF=4，那么以下结论：①=；②S△BCE=36；③S△ABE=12；④△AEF～△ACD，其中一定正确的选项是〔　　〕
A．①②③④ B．①④ C．②③④ D．①②③
二、填空题〔每题3分，共33分〕
11．〔3分〕﹣的绝对值是．

12．〔3分〕函数y=中，自变量x的取值范围是．
13．〔3分〕一个多边形的内角和等于900°，那么这个多边形是边形．
14．〔3分〕因式分解：x2﹣9=．
15．〔3分〕计算：〔+〕•=．
16．〔3分〕一个扇形的半径为3cm，弧长为2πcm，那么此扇形的面积为cm2〔用含π的式子表示〕
17．〔3分〕在一次射击训练中，某位选手五次射击的环数分别为5，8，7，6，9，那么这位选手五次射击环数的方差为．
18．〔3分〕半径为2的圆内接正三角形，正四边形，正六边形的边心距之比为．
19．〔3分〕反比例函数y=，当x＞3时，y的取值范围是．
20．〔3分〕在等腰△ABC中，AD⊥BC交直线BC于点D，假设AD=BC，那么△ABC的顶角的度数为．
21．〔3分〕如图，顺次连接腰长为2的等腰直角三角形各边中点得到第1个小三角形，再顺次连接所得的小三角形各边中点得到第2个小三角形，如此操作下去，那么第n个小三角形的面积为．
三、解答题〔此题共8小题，共57分〕
22．〔5分〕如图，A、B、C为某公园的三个景点，景点A和景点B之间有一条笔直的小路，现要在小路上建一个凉亭P，使景点B、景点C到凉亭P的距离之和等于景点B到景点A的距离，请用直尺和圆规在所给的图中作出点P．〔不写作法和证明，只保存作图痕迹〕
23．〔6分〕某校为了解学生每天参加户外活动的情况，随机抽查了100名学生每天参加户外活动的时间情况，并将抽查结果绘制成如下列图的扇形统计图．
请你根据图中提供的信息解答以下问题：
〔1〕请直接写出图中a的值，并求出本次抽查中学生每天参加户外活动时间的中位数；
〔2〕求本次抽查中学生每天参加户外活动的平均时间．
24．〔6分〕关于x的一元二次方程x2+〔2m+1〕x+m2﹣4=0
〔1〕当m为何值时，方程有两个不相等的实数根
〔2〕假设边长为5的菱形的两条对角线的长分别为方程两根的2倍，求m的值．
25．〔6分〕甲、乙两个工程队方案修建一条长15千米的乡村公路，甲工程队每天比乙工程队每天多修路0.5千米，乙工程队单独完成修路任务所需天数是甲工程队单独完成修路任务所需天数的1.5倍．
〔1〕求甲、乙两个工程队每天各修路多少千米
〔2〕假设甲工程队每天的修路费用为0.5万元，乙工程队每天的修路费用为0.4万元，要使两个工程队修路总费用不超过5.2万元，甲工程队至少修路多少天
26．〔7分〕如图，梯形ABCD中，AD∥BC，AE⊥BC于E，∠ADC的平分线交AE于点O，以点O为圆心，OA为半径的圆经过点B，交BC于另一点F．
〔1〕求证：CD与⊙O相切；
〔2〕假设BF=24，OE=5，求tan∠ABC的值．
27．〔8分〕一辆轿车从甲城驶往乙城，同时一辆卡车从乙城驶往甲城，两车沿相同路线匀速行驶，轿车到达乙城停留一段时间后，按原路原速返回甲城；卡车到达甲城比轿车返回甲城早0.5小时，轿车比卡车每小时多行驶60千米，两车到达甲城后均停止行驶，两车之间的路程y〔千米〕与轿车行驶时间t〔小时〕的函数图象如下列图，请结合图象提供的信息解答以下问题：
〔1〕请直接写出甲城和乙城之间的路程，并求出轿车和卡车的速度；
〔2〕求轿车在乙城停留的时间，并直接写出点D的坐标；
〔3〕请直接写出轿车从乙城返回甲城过程中离甲城的路程s〔千米〕与轿车行驶时间t〔小时〕之间的函数关系式〔不要求写出自变量的取值范围〕．
28．〔9分〕如图，在矩形ABCD中，E为AB边上一点，EC平分∠DEB，F为CE的中点，连接AF，BF，过点E作EH∥BC分别交AF，CD于G，H两点．
〔1〕求证：DE=DC；
〔2〕求证：AF⊥BF；
〔3〕当AF•GF=28时，请直接写出CE的长．
29．〔10分〕在平面直角坐标系中，直线y=﹣x+1交y轴于点B，交x轴于点A，抛物线y=﹣x2+bx+c经过点B，与直线y=﹣x+1交于点C〔4，﹣2〕．
〔1〕求抛物线的解析式；
〔2〕如图，横坐标为m的点M在直线BC上方的抛物线上，过点M作ME∥y轴交直线BC于点E，以ME为直径的圆交直线BC于另一点D，当点E在x轴上时，求△DEM的周长．
〔3〕将△AOB绕坐标平面内的某一点按顺时针方向旋转90°，得到△A1O1B1，点A，O，B的对应点分别是点A1，O1，B1，假设△A1O1B1的两个顶点恰好落在抛物线上，请直接写出点A1的坐标．
2022年黑龙江省绥化市中考数学试卷
参考答案与试题解析
一、选择题〔每题3分，共30分〕
1．〔3分〕〔2022•绥化〕如图，直线AB，CD被直线EF所截，∠1=55°，以下条件中能判定AB∥CD的是〔　　〕
A．∠2=35° B．∠2=45° C．∠2=55° D．∠2=125°
【分析】根据平行线的判定定理对各选项进行逐一判断即可．
【解答】解：A、由∠3=∠2=35°，∠1=55°推知∠1≠∠3，故不能判定AB∥CD，故本选项错误；
B、由∠3=∠2=45°，∠1=55°推知∠1≠∠3，故不能判定AB∥CD，故本选项错误；
C、由∠3=∠2=55°，∠1=55°推知∠1=∠3，故能判定AB∥CD，故本选项正确；
D、由∠3=∠2=125°，∠1=55°推知∠1≠∠3，故不能判定AB∥CD，故本选项错误；
应选：C．
【点评】此题考查了平行线的判定定理，正确识别“三线八角〞中的同位角、内错角、同旁内角是正确答题的关键，不能遇到相等或互补关系的角就误认为具有平行关系，只有同位角相等、内错角相等、同旁内角互补，才能推出两被截直线平行．
2．〔3分〕〔2022•绥化〕某企业的年收入约为700000元，数据“700000〞用科学记数法可表示为〔　　〕
A．0.7×106 B．7×105 C．7×104 D．70×104
【分析】科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|＜10，n为整数．确定n的值时，要看把原数变成a时，小数点移动了多少位，n的绝对值与小数点移动的位数相同．当原数绝对值≥1时，n是非负数；当原数的绝对值＜1时，n是负数．
【解答】解：数据“700000〞用科学记数法可表示为7×105．
应选：B．
【点评】此题考查科学记数法的表示方法．科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|＜10，n为整数，表示时关键要正确确定a的值以及n的值．
3．〔3分〕〔2022•绥化〕以下运算正确的选项是〔　　〕

A．3a+2a=5a2 B．3a+3b=3ab
C．2a2bc﹣a2bc=a2bc D．a5﹣a2=a3
【分析】分别对每一个选项进行合并同类项，即可解题．
【解答】解：A、3a+2a=5a，A选项错误；
B、3a+3b=3〔a+b〕，B选项错误；
C、2a2bc﹣a2bc=a2bc，C选项正确；
D、a5﹣a2=a2〔a3﹣1〕，D选项错误；
应选 C．
【点评】此题考查了合并同类项，合并同类项就是利用乘法分配律，熟练运用是解题的关键．
4．〔3分〕〔2022•绥化〕正方形的正投影不可能是〔　　〕
A．线段 B．矩形 C．正方形 D．梯形
【分析】根据平行投影的特点：在同一时刻，平行物体的投影仍旧平行，即可得出答案．
【解答】解：在同一时刻，平行物体的投影仍旧平行．得到的应是平行四边形或特殊的平行四边形或线段．
故正方形纸板ABCD的正投影不可能是梯形，
应选：D．
【点评】此题主要考查了平行投影的性质，利用太阳光线是平行的，那么对边平行的图形得到的投影依旧平行是解题关键．
5．〔3分〕〔2022•绥化〕不等式组的解集是〔　　〕
A．x≤4 B．2＜x≤4 C．2≤x≤4 D．x＞2
【分析】分别求出每一个不等式的解集，根据口诀：同大取大、同小取小、大小小大中间找、大大小小无解了确定不等式组的解集．
【解答】解：解不等式x﹣1≤3，得：x≤4，
解不等式x+1＞3，得：x＞2，
∴不等式组的解集为2＜x≤4，
应选：B．
【点评】此题考查的是解一元一次不等式组，正确求出每一个不等式解集是根底，熟知“同大取大；同小取小；大小小大中间找；大大小小找不到〞的原那么是解答此题的关键．
6．〔3分〕〔2022•绥化〕如图，△A′B′C′是△ABC以点O为位似中心经过位似变换得到的，假设△A′B′C′的面积与△ABC的面积比是4：9，那么OB′：OB为〔　　〕
A．2：3 B．3：2 C．4：5 D．4：9
【分析】先求出位似比，根据位似比等于相似比，再由相似三角形的面积比等于相似比的平方即可．
【解答】解：由位似变换的性质可知，A′B′∥AB，A′C′∥AC，
∴△A′B′C′∽△ABC．
∵△A'B'C'与△ABC的面积的比4：9，
∴△A'B'C'与△ABC的相似比为2：3，
∴=
应选：A．
【点评】此题考查的是位似变换的概念和性质，如果两个图形不仅是相似图形，而且对应顶点的连线相交于一点，对应边互相平行，那么这样的两个图形叫做位似图形，这个点叫做位似中心．
7．〔3分〕〔2022•绥化〕从一副洗匀的普通扑克牌中随机抽取一张，那么抽出红桃的概率是〔　　〕
A． B． C． D．
【分析】让红桃的张数除以扑克牌的总张数即为所求的概率．
【解答】解：∵一副扑克牌共54张，其中红桃13张，∴随机抽出一张牌得到红桃的概率是．
应选B．
【点评】此题考查的是随机事件概率的求法，如果一个事件有n种可能，而且这些事件的可能性相同，其中事件A出现m种结果，那么事件A的概率P〔A〕=．
8．〔3分〕〔2022•绥化〕在同一平面直角坐标系中，直线y=4x+1与直线y=﹣x+b的交点不可能在〔　　〕
A．第一象限 B．第二象限 C．第三象限 D．第四象限
【分析】根据一次函数的性质确定两条直线所经过的象限可得结果．
【解答】解：直线y=4x+1过一、二、三象限；
当b＞0时，直线y=﹣x+b过一、二、四象限，
两直线交点可能在一或二象限；
当b＜0时，直线y=﹣x+b过二、三、四象限，
两直线交点可能在二或三象限；
综上所述，直线y=4x+1与直线y=﹣x+b的交点不可能在第四象限，
应选D．
【点评】此题主要考查了两直线相交问题，熟记一次函数图象与系数的关系是解答此题的关键．
9．〔3分〕〔2022•绥化〕某楼梯的侧面如下列图，已测得BC的长约为3.5米，∠BCA约为29°，那么该楼梯的高度AB可表示为〔　　〕
A．3.5sin29°米 B．3.5cos29°米 C．3.5tan29°米 D．米
【分析】由sin∠ACB=得AB=BCsin∠ACB=3.5sin29°．
【解答】解：在Rt△ABC中，∵sin∠ACB=，
∴AB=BCsin∠ACB=3.5sin29°，
应选：A．
【点评】此题主要考查解直角三角形的应用，熟练掌握正弦函数的定义是解题的关键．
10．〔3分〕〔2022•绥化〕如图，在▱ABCD中，AC，BD相交于点O，点E是OA的中点，连接BE并延长交AD于点F，S△AEF=4，那么以下结论：①=；②S△BCE=36；③S△ABE=12；④△AEF～△ACD，其中一定正确的选项是〔　　〕
A．①②③④ B．①④ C．②③④ D．①②③
【分析】根据平行四边形的性质得到AE=CE，根据相似三角形的性质得到==，等量代换得到AF=AD，于是得到=；故①正确；根据相似三角形的性质得到S△BCE=36；故②正确；根据三角形的面积公式得到S△ABE=12，故③正确；由于△AEF与△ADC只有一个角相等，于是得到△AEF与△ACD不一定相似，故④错误．
【解答】解：∵在▱ABCD中，AO=AC，
∵点E是OA的中点，
∴AE=CE，
∵AD∥BC，
∴△AFE∽△CBE，
∴==，
∵AD=BC，
∴AF=AD，
∴=；故①正确；
∵S△AEF=4，=〔〕2=，
∴S△BCE=36；故②正确；
∵==，
∴=，
∴S△ABE=12，故③正确；
∵BF不平行于CD，
∴△AEF与△ADC只有一个角相等，
∴△AEF与△ACD不一定相似，故④错误，
应选D．
【点评】此题考查了相似三角形的判定和性质，平行四边形的性质，熟练掌握相似三角形的判定和性质是解题的关键．
二、填空题〔每题3分，共33分〕
11．〔3分〕〔2022•绥化〕﹣的绝对值是．
【分析】根据绝对值的性质求解．
【解答】解：根据负数的绝对值等于它的相反数，得||=．
【点评】绝对值的性质：一个正数的绝对值是它本身；一个负数的绝对值是它的相反数；0的绝对值是0．
12．〔3分〕〔2022•绥化〕函数y=中，自变量x的取值范围是　x≤2　．
【分析】根据二次根式的性质，被开方数大于或等于0，可以求出x的范围．
【解答】解：根据题意得：2﹣x≥0，解得：x≤2．
故答案是：x≤2．
【点评】函数自变量的范围一般从三个方面考虑：
〔1〕当函数表达式是整式时，自变量可取全体实数；
〔2〕当函数表达式是分式时，考虑分式的分母不能为0；
〔3〕当函数表达式是二次根式时，被开方数非负．
13．〔3分〕〔2022•绥化〕一个多边形的内角和等于900°，那么这个多边形是　七　边形．
【分析】根据多边形的内角和，可得答案．
【解答】解：设多边形为n边形，由题意，得
〔n﹣2〕•180°=900，
解得n=7，
故答案为：七．
【点评】此题考查了多边形的内角与外角，利用多边形的内角和公式是解题关键．
14．〔3分〕〔2022•绥化〕因式分解：x2﹣9=　〔x+3〕〔x﹣3〕　．
【分析】原式利用平方差公式分解即可．
【解答】解：原式=〔x+3〕〔x﹣3〕，
故答案为：〔x+3〕〔x﹣3〕．
【点评】此题考查了因式分解﹣运用公式法，熟练掌握平方差公式是解此题的关键．
15．〔3分〕〔2022•绥化〕计算：〔+〕•=．
【分析】根据分式的运算法那么即可求出答案．
【解答】解：原式=×
=
故答案为：
【点评】此题考查分式的运算法那么，解题的关键是熟练运用分式的运算法那么，此题属于根底题型
16．〔3分〕〔2022•绥化〕一个扇形的半径为3cm，弧长为2πcm，那么此扇形的面积为　3π　cm2〔用含π的式子表示〕
【分析】利用扇形面积公式计算即可得到结果．
【解答】解：根据题意得：S=Rl=×2π×3=3π，
那么此扇形的面积为3πcm2，
故答案为：3π
【点评】此题考查了扇形面积的计算，以及弧长的计算，熟练掌握扇形面积公式是解此题的关键．
17．〔3分〕〔2022•绥化〕在一次射击训练中，某位选手五次射击的环数分别为5，8，7，6，9，那么这位选手五次射击环数的方差为　2　．
【分析】运用方差公式S2=[〔x1﹣〕2+〔x2﹣〕2+…+〔xn﹣〕2]，代入数据求出即可．
【解答】解：五次射击的平均成绩为=〔5+7+8+6+9〕=7，
方差S2=[〔5﹣7〕2+〔8﹣7〕2+〔7﹣7〕2+〔6﹣7〕2+〔9﹣7〕2]=2．
故答案为：2．
【点评】此题考查了方差的定义．一般地设n个数据，x1，x2，…xn的平均数为，那么方差S2=[〔x1﹣〕2+〔x2﹣〕2+…+〔xn﹣〕2]，它反映了一组数据的波动大小，方差越大，波动性越大，反之也成立．
18．〔3分〕〔2022•绥化〕半径为2的圆内接正三角形，正四边形，正六边形的边心距之比为　1：：．
【分析】根据题意可以求得半径为2的圆内接正三角形，正四边形，正六边形的边心距，从而可以求得它们的比值．
【解答】解：由题意可得，
正三角形的边心距是：2×sin30°=2×=1，
正四边形的边心距是：2×sin45°=2×，
正六边形的边心距是：2×sin60°=2×，
∴半径为2的圆内接正三角形，正四边形，正六边形的边心距之比为：1：：，
故答案为：1：：．
【点评】此题考查正多边形和圆，解答此题的关键是明确题意，求出相应的图形的边心距．
19．〔3分〕〔2022•绥化〕反比例函数y=，当x＞3时，y的取值范围是　0＜y＜2　．
【分析】根据反比例函数的性质可以得到反比例函数y=，当x＞3时，y的取值范围．
【解答】解：∵y=，6＞0，
∴当x＞0时，y随x的增大而减小，当x=3时，y=2，
∴当x＞3时，y的取值范围是0＜y＜2，
故答案为：0＜y＜2．
【点评】此题考查反比例函数的性质，解答此题的关键是明确题意利用反比例函数的性质解答．
20．〔3分〕〔2022•绥化〕在等腰△ABC中，AD⊥BC交直线BC于点D，假设AD=BC，那么△ABC的顶角的度数为　30°或150°或90°　．
【分析】分两种情况；①BC为腰，②BC为底，根据直角三角形30°角所对的直角边等于斜边的一半判断出∠ACD=30°，然后分AD在△ABC内部和外部两种情况求解即可．
【解答】解：①BC为腰，
∵AD⊥BC于点D，AD=BC，
∴∠ACD=30°，
如图1，AD在△ABC内部时，顶角∠C=30°，
如图2，AD在△ABC外部时，顶角∠ACB=180°﹣30°=150°，
②BC为底，如图3，
∵AD⊥BC于点D，AD=BC，
∴AD=BD=CD，
∴∠B=∠BAD，∠C=∠CAD，
∴∠BAD+∠CAD=×180°=90°，
∴顶角∠BAC=90°，
综上所述，等腰三角形ABC的顶角度数为30°或150°或90°．
故答案为：30°或150°或90°．
【点评】此题考查了含30°交点直角三角形的性质，等腰三角形的性质，分类讨论是解题的关键．
21．〔3分〕〔2022•绥化〕如图，顺次连接腰长为2的等腰直角三角形各边中点得到第1个小三角形，再顺次连接所得的小三角形各边中点得到第2个小三角形，如此操作下去，那么第n个小三角形的面积为．
【分析】记原来三角形的面积为s，第一个小三角形的面积为s1，第二个小三角形的面积为s2，…，求出s1，s2，s3，探究规律后即可解决问题．
【解答】解：记原来三角形的面积为s，第一个小三角形的面积为s1，第二个小三角形的面积为s2，…，
∵s1=•s=•s，
s2=•s=•s，
s3=•s，
∴sn=•s=••2•2=，
故答案为．
【点评】此题考查三角形的中位线定理，三角形的面积等知识，解题的关键是循环从特殊到一般的探究方法，寻找规律，利用规律即可解决问题．
三、解答题〔此题共8小题，共57分〕
22．〔5分〕〔2022•绥化〕如图，A、B、C为某公园的三个景点，景点A和景点B之间有一条笔直的小路，现要在小路上建一个凉亭P，使景点B、景点C到凉亭P的距离之和等于景点B到景点A的距离，请用直尺和圆规在所给的图中作出点P．〔不写作法和证明，只保存作图痕迹〕
【分析】如图，连接AC，作线段AC的垂直平分线MN，直线MN交AB于P．点P即为所求的点．
【解答】解：如图，连接AC，作线段AC的垂直平分线MN，直线MN交AB于P．
点P即为所求的点．
理由：∵MN垂直平分线段AC，
∴PA=PC，
∴PC+PB=PA+PB=AB．
【点评】此题考查根本作图、线段的垂直平分线的性质等知识，解题的关键是熟练掌握五种根本作图，属于中考常考题型．
23．〔6分〕〔2022•绥化〕某校为了解学生每天参加户外活动的情况，随机抽查了100名学生每天参加户外活动的时间情况，并将抽查结果绘制成如下列图的扇形统计图．
请你根据图中提供的信息解答以下问题：
〔1〕请直接写出图中a的值，并求出本次抽查中学生每天参加户外活动时间的中位数；
〔2〕求本次抽查中学生每天参加户外活动的平均时间．
【分析】〔1〕用1减去其它组的百分比即可求得a的值，然后求得各组的人数，根据中位数定义求得中位数；
〔2〕利用加权平均数公式即可求解．
【解答】解：〔1〕a=1﹣15%﹣25%﹣40%=20%．
100×20%=20〔人〕，
100×40%=40〔人〕，
100×25%=25〔人〕，
100×15%=15〔人〕．
那么本次抽查中学生每天参加活动时间的中位数是1；
〔2〕=1.175〔小时〕．
答：本次抽查中学生每天参加户外活动的平均时间是1.175小时．
【点评】此题考查读扇形统计图获取信息的能力，扇形统计图是用整个圆表示总数用圆内各个扇形的大小表示各局部数量占总数的百分数．通过扇形统计图可以很清楚地表示出各局部数量同总数之间的关系．用整个圆的面积表示总数〔单位1〕，用圆的扇形面积表示各局部占总数的百分数．
24．〔6分〕〔2022•绥化〕关于x的一元二次方程x2+〔2m+1〕x+m2﹣4=0
〔1〕当m为何值时，方程有两个不相等的实数根
〔2〕假设边长为5的菱形的两条对角线的长分别为方程两根的2倍，求m的值．
【分析】〔1〕根据方程的系数结合根的判别式，即可得出△=4m+17＞0，解之即可得出结论；
〔2〕设方程的两根分别为a、b，根据根与系数的关系结合菱形的性质，即可得出关于m的一元二次方程，解之即可得出m的值，再根据a+b=﹣2m﹣1＞0，即可确定m的值．
【解答】解：〔1〕∵方程x2+〔2m+1〕x+m2﹣4=0有两个不相等的实数根，
∴△=〔2m+1〕2﹣4〔m2﹣4〕=4m+17＞0，
解得：m＞﹣．
∴当m＞﹣时，方程有两个不相等的实数根．
〔2〕设方程的两根分别为a、b，
根据题意得：a+b=﹣2m﹣1，ab=m2﹣4．
∵2a、2b为边长为5的菱形的两条对角线的长，
∴a2+b2=〔a+b〕2﹣2ab=〔﹣2m﹣1〕2﹣2〔m2﹣4〕=2m2+4m+9=52=25，
解得：m=﹣4或m=2．
∵a＞0，b＞0，
∴a+b=﹣2m﹣1＞0，
∴m=﹣4．
假设边长为5的菱形的两条对角线的长分别为方程两根的2倍，那么m的值为﹣4．
【点评】此题考查了根的判别式、根与系数的关系、菱形的性质以及解一元二次方程，解题的关键是：〔1〕根据方程的系数结合根的判别式，找出△=4m+17＞0；〔2〕根据根与系数的关系结合菱形的性质，找出关于m的一元二次方程．
25．〔6分〕〔2022•绥化〕甲、乙两个工程队方案修建一条长15千米的乡村公路，甲工程队每天比乙工程队每天多修路0.5千米，乙工程队单独完成修路任务所需天数是甲工程队单独完成修路任务所需天数的1.5倍．
〔1〕求甲、乙两个工程队每天各修路多少千米
〔2〕假设甲工程队每天的修路费用为0.5万元，乙工程队每天的修路费用为0.4万元，要使两个工程队修路总费用不超过5.2万元，甲工程队至少修路多少天
【分析】〔1〕可设甲每天修路x千米，那么乙每天修路〔x﹣0.5〕千米，那么可表示出修路所用的时间，可列分式方程，求解即可；
〔2〕设甲修路a天，那么可表示出乙修路的天数，从而可表示出两个工程队修路的总费用，由题意可列不等式，求解即可．
【解答】解：
〔1〕设甲每天修路x千米，那么乙每天修路〔x﹣0.5〕千米，
根据题意，可列方程：1.5×=，
解得x=1.5，
经检验x=1.5是原方程的解，且x﹣0.5=1，
答：甲每天修路1.5千米，那么乙每天修路1千米；
〔2〕设甲修路a天，那么乙需要修〔15﹣1.5a〕千米，
∴乙需要修路=15﹣1.5a〔天〕，
由题意可得0.5a+0.4〔15﹣1.5a〕≤5.2，
解得a≥8，
答：甲工程队至少修路8天．
【点评】此题主要考查分式方程及一元一次不等式的应用，找出题目中的等量〔或不等〕关系是解题的关键，注意分式方程需要检验．
26．〔7分〕〔2022•绥化〕如图，梯形ABCD中AD∥BC，AE⊥BC于E，∠ADC的平分线交AE于点O，以点O为圆心，OA为半径的圆经过点B，交BC于另一点F．
〔1〕求证：CD与⊙O相切；
〔2〕假设BF=24，OE=5，求tan∠ABC的值．
【分析】〔1〕过点O作OG⊥DC，垂足为G．先证明∠OAD=90°，从而得到∠OAD=∠OGD=90°，然后利用AAS可证明△ADO≌△GDO，那么OA=OG=r，那么DC是⊙O的切线；
〔2〕连接OF，依据垂径定理可知BE=EF=12，在Rt△OEF中，依据勾股定理可知求得OF=13，然后可得到AE的长，最后在Rt△ABE中，利用锐角三角函数的定义求解即可．
【解答】解：〔1〕过点O作OG⊥DC，垂足为G．
∵AD∥BC，AE⊥BC于E，
∴OA⊥AD．
∴∠OAD=∠OGD=90°．
在△ADO和△GDO中，
∴△ADO≌△GDO．
∴OA=OG．
∴DC是⊙O的切线．
〔2〕如下列图：连接OF．
∵OA⊥BC，
∴BE=EF=BF=12．
在Rt△OEF中，OE=5，EF=12，
∴OF==13．
∴AE=OA+OE=13+5=18．
∴tan∠ABC==．
【点评】此题主要考查的是切线的判定、垂径定理、勾股定理的应用、锐角三角函数的定义，掌握此题的辅助线的作法是解题的关键．
27．〔8分〕〔2022•绥化〕一辆轿车从甲城驶往乙城，同时一辆卡车从乙城驶往甲城，两车沿相同路线匀速行驶，轿车到达乙城停留一段时间后，按原路原速返回甲城；卡车到达甲城比轿车返回甲城早0.5小时，轿车比卡车每小时多行驶60千米，两车到达甲城后均停止行驶，两车之间的路程y〔千米〕与轿车行驶时间t〔小时〕的函数图象如下列图，请结合图象提供的信息解答以下问题：
〔1〕请直接写出甲城和乙城之间的路程，并求出轿车和卡车的速度；
〔2〕求轿车在乙城停留的时间，并直接写出点D的坐标；
〔3〕请直接写出轿车从乙城返回甲城过程中离甲城的路程s〔千米〕与轿车行驶时间t〔小时〕之间的函数关系式〔不要求写出自变量的取值范围〕．
【分析】〔1〕根据图象可知甲城和乙城之间的路程为180千米，设卡车的速度为x千米/时，那么轿车的速度为〔x+60〕千米/时，由B〔1，0〕可得x+〔x+60〕=180
可得结果；
〔2〕根据〔1〕中所得速度可得卡车和轿车全程所用的时间，利用卡车所用的总时间减去轿车来回所用时间可得结论；
〔3〕根据s=180﹣120×〔t﹣0.5﹣0.5〕可得结果．
【解答】解：〔1〕甲城和乙城之间的路程为180千米，
设卡车的速度为x千米/时，那么轿车的速度为〔x+60〕千米/时，由B〔1，0〕得，x+〔x+60〕=180
解得x=60，
∴x+60=120，
∴轿车和卡车的速度分别为120千米/时和60千米/时；
〔2〕卡车到达甲城需180÷60=3〔小时〕
轿车从甲城到乙城需180÷120=1.5〔小时〕
3+0.5﹣1.5×2=0.5〔小时〕
∴轿车在乙城停留了0.5小时，
点D的坐标为〔2，120〕；
〔3〕s=180﹣120×〔t﹣1.5﹣0.5〕=﹣120t+420．
【点评】此题主要考查了一次函数的应用以及待定系数法求一次函数解析式等知识，利用数形结合得出函数解析式是解题关键．
28．〔9分〕〔2022•绥化〕如图，在矩形ABCD中，E为AB边上一点，EC平分∠DEB，F为CE的中点，连接AF，BF，过点E作EH∥BC分别交AF，CD于G，H两点．
〔1〕求证：DE=DC；
〔2〕求证AF⊥BF；
〔3〕当AF•GF=28时，请直接写出CE的长．
【分析】〔1〕根据平行线的性质以及角平分线的定义，即可得到∠DCE=∠DEC，进而得出DE=DC；
〔2〕连接DF，根据等腰三角形的性质得出∠DFC=90°，再根据直角三角形斜边上中线的性质得出BF=CF=EF=EC，再根据SAS判定△ABF≌△DCF，即可得出∠AFB=∠DFC=90°，据此可得AF⊥BF；
〔3〕根据等角的余角相等可得∠BAF=∠FEH，再根据公共角∠EFG=∠AFE，即可判定△EFG∽△AFE，进而得出EF2=AF•GF=28，求得EF=2，即可得到CE=2EF=4．
【解答】解：〔1〕∵四边形ABCD是矩形，
∴AB∥CD，
∴∠DCE=∠CEB，
∵EC平分∠DEB，
∴∠DEC=∠CEB，
∴∠DCE=∠DEC，
∴DE=DC；
〔2〕如图，连接DF，
∵DE=DC，F为CE的中点，
∴DF⊥EC，
∴∠DFC=90°，
在矩形ABCD中，AB=DC，∠ABC=90°，
∴BF=CF=EF=EC，
∴∠ABF=∠CEB，
∵∠DCE=∠CEB，
∴∠ABF=∠DCF，
在△ABF和△DCF中，
，
∴△ABF≌△DCF〔SAS〕，
∴∠AFB=∠DFC=90°，
∴AF⊥BF；
〔3〕CE=4．
理由如下：∵AF⊥BF，
∴∠BAF+∠ABF=90°，
∵EH∥BC，∠ABC=90°，
∴∠BEH=90°，
∴∠FEH+∠CEB=90°，
∵∠ABF=∠CEB，
∴∠BAF=∠FEH，
∵∠EFG=∠AFE，
∴△EFG∽△AFE，
∴=，即EF2=AF•GF，
∵AF•GF=28，
∴EF=2，
∴CE=2EF=4．
【点评】此题属于四边形综合题，主要考查了矩形的性质、全等三角形的判定与性质、相似三角形的判定与性质、等腰三角形的性质以及直角三角形的性质的综合应用，解决问题的关键是作辅助线，构造全等三角形．在判定两个三角形相似时，应注意利用图形中已有的公共角、公共边等隐含条件，以充分发挥根本图形的作用．
29．〔10分〕〔2022•绥化〕在平面直角坐标系中，直线y=﹣x+1交y轴于点B，交x轴于点A，抛物线y=﹣x2+bx+c经过点B，与直线y=﹣x+1交于点C〔4，﹣2〕．
〔1〕求抛物线的解析式；
〔2〕如图，横坐标为m的点M在直线BC上方的抛物线上，过点M作ME∥y轴交直线BC于点E，以ME为直径的圆交直线BC于另一点D，当点E在x轴上时，求△DEM的周长．
〔3〕将△AOB绕坐标平面内的某一点按顺时针方向旋转90°，得到△A1O1B1，点A，O，B的对应点分别是点A1，O1，B1，假设△A1O1B1的两个顶点恰好落在抛物线上，请直接写出点A1的坐标．
【分析】〔1〕利用待定系数法求抛物线的解析式；
〔2〕如图1，A与E重合，根据直线y=﹣x+1求得与x轴交点坐标可得OA的长，由勾股定理得AB的长，利用等角的三角函数得：sin∠ABO=，cos∠ABO==，那么可得DE和DM的长，根据M的横坐标代入抛物线的解析式可得纵坐标，即ME的长，相加得△DEM的周长；
〔3〕由旋转可知：O1A1⊥x轴，O1B1⊥y轴，设点A1的横坐标为x，那么点B1的横坐标为x+1，所以点O1，A1不可能同时落在抛物线上，分以下两种情况：
①如图2，当点O1，B1同时落在抛物线上时，根据点O1，B1的纵坐标相等列方程可得结论；
②如图3，当点A1，B1同时落在抛物线上时，根据点B1的纵坐标比点A1的纵坐标大，列方程可得结论．
【解答】解：〔1〕∵直线y=﹣x+1交y轴于点B，
∴B〔0，1〕，
∵抛物线y=﹣x2+bx+c经过点B和点C〔4，﹣2〕．
∴，
解得：，
∴抛物线的解析式为：y=﹣x2+x+1；
〔2〕如图1，∵直线y=﹣x+1交x轴于点A，
当y=0时，﹣x+1=0，
x=，
∴A〔，0〕，
∴OA=，
在Rt△AOB中，
∵OB=1，
∴AB=，
∴sin∠ABO=，cos∠ABO==，
∵ME∥x轴，
∴∠DEM=∠ABO，
∵以ME为直径的圆交直线BC于另一点D，
∴∠EDM=90°，
∴DE=ME•cos∠DEM=ME，
DM=ME•sin∠DEM=ME，
当点E在x轴上时，E和A重合，那么m=OA=，
当x=时，y=﹣×+×+1=；
∴ME=，
∴DE==，DM==，
∴△DEM的周长=DE+DM+ME=++=；
〔3〕由旋转可知：O1A1⊥x轴，O1B1⊥y轴，设点A1的横坐标为x，那么点B1的横坐标为x+1，
∵O1A1⊥x轴，
∴点O1，A1不可能同时落在抛物线上，分以下两种情况：
①如图2，当点O1，B1同时落在抛物线上时，
点O1，B1的纵坐标相等，
∴﹣=﹣〔x+1〕2+〔x+1〕+1，
解得：x=，
此时点A1的坐标为〔，〕，
②如图3，当点A1，B1同时落在抛物线上时，
点B1的纵坐标比点A1的纵坐标大，
﹣=﹣〔x+1〕2+〔x+1〕+1，
解得：x=﹣，
此时A1〔﹣，〕，
综上所述，点A1〔，〕或〔﹣，〕．
【点评】此题是二次函数与圆的综合题，考查了利用待定系数法求二次函数的解析式、圆周角定理、三角函数、与坐标轴的交点，第三问有难度，准确地画出图形是关键，与方程相结合，找等量关系列方程解决问题，并采用了分类讨论思想，不要丢解．