2022届高考数学总复习教学案正弦定理和余弦定理.docx

第七节正弦定理和余弦定理知识能否忆起1正弦定理分类内容定理2R(R是ABC外接圆的半径)变形公式a2Rsin_A，b2Rsin_B，c2Rsin_C，sin Asin Bsin Cabc，sin A，sin B，sin C解决的问题两角和任一边，求其他两边和另一角，两边和其中一边的对角，求另一边的对角2余弦定理分类内容定理在ABC中，有a2b2c22bccos_A；b2a2c22accos_B；c2a2b22abcos_C变形公式cos A；cos B；cos C解决的问题三边，求各角；两边和它们的夹角，求第三边和其他两个角3三角形中常用的面积公式(1)Sah(h表示边a上的高)；(2)SbcsinAacsinBabsinC；(3)Sr(abc)(r为三角形的内切圆半径)小题能否全取1(2022广东高考)在ABC中，假设A60，B45，BC3，那么AC()A4B2C.D.解析：选B由正弦定理得：，即，所以AC2.2在ABC中，a，b1，c2，那么A等于()A30B45C60D75解析：选CcosA，又0A180，A60.3(教材习题改编)在ABC中，假设a18，b24，A45，那么此三角形有()A无解B两解C一解D解的个数不确定解析：选B，sinBsinAsin45，sinB.又aBabsin Asin B.(2)在ABC中，a、b和A时，解的情况如下：A为锐角A为钝角或直角图形关系式absin Absin Aab解的个数一解两解一解一解利用正弦、余弦定理解三角形典题导入例1(2022浙江高考)在ABC中，内角A，B，C的对边分别为a，b，c，且bsinAacosB.(1)求角B的大小；(2)假设b3，sinC2sinA，求a，c的值自主解答(1)由bsinAacosB及正弦定理，得sinBcosB，所以tanB，所以B.(2)由sin C2sin A及，得c2a.由b3及余弦定理b2a2c22accos B，得9a2c2ac.所以a，c2.在本例(2)的条件下，试求角A的大小解：，sinA.A.由题悟法1应熟练掌握正、余弦定理及其变形解三角形时，有时可用正弦定理，有时也可用余弦定理，应注意用哪一个定理更方便、简捷2两角和一边，该三角形是确定的，其解是唯一的；两边和一边的对角，该三角形具有不唯一性，通常根据三角函数值的有界性和大边对大角定理进行判断以题试法1ABC的三个内角A，B，C所对的边分别为a，b，c，asinAsinBbcos2Aa.(1)求；(2)假设c2b2a2，求B.解：(1)由正弦定理得，sin2AsinBsinBcos2AsinA，即sinB(sin2Acos2A)sinA.故sinBsinA，所以.(2)由余弦定理和c2b2a2，得cosB.由(1)知b22a2，故c2(2)a2.可得cos2B，又cos B0，故cos B，所以B45.利用正弦、余弦定理判定三角形的形状典题导入例2在ABC中a，b，c分别为内角A，B，C的对边，且2asinA(2bc)sinB(2cb)sinC.(1)求A的大小；(2)假设sinBsinC1，试判断ABC的形状自主解答(1)由，根据正弦定理得2a2(2bc)b(2cb)c，即a2b2c2bc.由余弦定理得a2b2c22bccosA，故cosA，0A180，A120.(2)由(1)得sin2Asin2Bsin2Csin Bsin C.又sin Bsin C1，解得sin Bsin C.0B60，0C60，故BC，ABC是等腰的钝角三角形由题悟法依据条件中的边角关系判断三角形的形状时，主要有如下两种方法：(1)利用正、余弦定理把条件转化为边边关系，通过因式分解、配方等得出边的相应关系，从而判断三角形的形状；(2)利用正、余弦定理把条件转化为内角的三角函数间的关系，通过三角函数恒等变形，得出内角的关系，从而判断出三角形的形状，此时要注意应用ABC这个结论注意在上述两种方法的等式变形中，一般两边不要约去公因式，应移项提取公因式，以免漏解以题试法2(2022安徽名校模拟)ABC的三个内角A，B，C所对的边分别为a，b，c，向量m(4，1)，n，且mn.(1)求角A的大小；(2)假设bc2a2，试判断ABC的形状解：(1)m(4，1)，n，mn4cos2cos2A4(2cos2A1)2cos2A2cosA3.又mn，2cos2A2cosA3，解得cos A.0A，A.(2)在ABC中，a2b2c22bccos A，且a，()2b2c22bcb2c2bc.又bc2，b2c，代入式整理得c22c30，解得c，b，于是abc，即ABC为等边三角形与三角形面积有关的问题典题导入例3(2022新课标全国卷)a，b，c分别为ABC三个内角A，B，C的对边，acosCasinCbc0.(1)求A；(2)假设a2，ABC的面积为，求b，c.自主解答(1)由acosCasinCbc0及正弦定理得sinAcosCsinAsinCsinBsinC0.因为BAC，所以sinAsinCcosAsinCsinC0.由于sinC0，所以sin.又0A，故A.(2)ABC的面积SbcsinA，故bc4.而a2b2c22bccosA，故b2c28.解得bc2.由题悟法1正弦定理和余弦定理并不是孤立的解题时要根据具体题目合理选用，有时还需要交替使用2在解决三角形问题中，面积公式SabsinCbcsinAacsinB最常用，因为公式中既有边也有角，容易和正弦定理、余弦定理结合应用以题试法3(2022江西重点中学联考)在ABC中，cos2Acos2AcosA.(1)求角A的大小；(2)假设a3，sinB2sinC，求SABC.解：(1)由得(2cos2A1)cos2AcosA，那么cosA.因为0A，所以A.(2)由，可得2，即b2c.所以cosA，解得c，b2，所以SABCbcsinA2.1在ABC中，a、b分别是角A、B所对的边，条件“acos B成立的()A充分不必要条件B必要不充分条件C充要条件D既不充分也不必要条件解析：选CabAcosB.2(2022泉州模拟)在ABC中，a，b，c分别是角A，B，C所对的边假设A，b1，ABC的面积为，那么a的值为()A1B2C.D.解析：选D由得bcsinA1csin，解得c2，那么由余弦定理可得a241221cos3a.3(2022“江南十校联考)在ABC中，角A，B，C所对的边分别为a，b，c，a2，c2，1，那么C()A30B45解析：选B由1和正弦定理得cos Asin Bsin Acos B2sin Ccos A，即sin C2sin Ccos A，所以cos A，那么A60.由正弦定理得，那么sin C，又ca，那么C60，故C45.4(2022陕西高考)在ABC中 ，角A，B，C所对边的长分别为a，b，c，假设a2b22c2，那么cosC的最小值为()A.B.C.D解析：选C由余弦定理得a2b2c22abcosC，又c2(a2b2)，得2abcosC(a2b2)，即cosC.5(2022上海高考)在ABC中，假设sin2 Asin2Bsin2C，那么ABC的形状是()A锐角三角形B直角三角形C钝角三角形D不能确定解析：选C由正弦定理得a2b2c2，所以cosCc，b，求的值解：(1)因为a2bsinA0，所以sinA2sinBsinA0，因为sinA0，所以sinB.又B为锐角，所以B.(2)由(1)可知，B.因为b.根据余弦定理，得7a2c22accos，整理，得(ac)23ac7.由ac5，得ac6.又ac，故a3，c2.于是cosA，所以|cosAcbcosA21.12(2022山东高考)在ABC中，内角A，B，C所对的边分别为a，b，c，sinB(tanAtanC)tanAtanC.(1)求证：a，b，c成等比数列；(2)假设a1，c2，求ABC的面积S.解：(1)证明：在ABC中，由于sinB(tanAtanC)tanAtanC，所以sinB，因此sinB(sinAcosCcosAsinC)sinAsinC，所以sin Bsin(AC)sin Asin C.又ABC，所以sin(AC)sin B，因此sin2Bsin Asin C.由正弦定理得b2ac，即a，b，c成等比数列(2)因为a1，c2，所以b，由余弦定理得cosB，因为0BBC，3b20acosA，那么sinAsinBsinC为()A432B567C543D654解析：选D由题意可得abc，且为连续正整数，设cn，bn1，an2(n1，且nN*)，那么由余弦定理可得3(n1)20(n2)，化简得7n213n600，nN*，解得n4，由正弦定理可得sinAsinBsinCabc654.2(2022长春调研)在ABC中，角A，B，C的对边分别为a，b，c，4sin2cos2C，且ab5，c，那么ABC的面积为_解析：因为4sin2cos2C，所以21cos(AB)2cos2C1，22cosC2cos2C1，cos2CcosC0，解得cosC.根据余弦定理有cosC，aba2b27,3aba2b22ab7(ab)2725718，ab6，所以ABC的面积SABCabsinC6.答案：3在ABC中，角A，B，C的对边分别为a，b，c，且满足(2bc)cosAacosC0.(1)求角A的大小；(2)假设a，SABC，试判断ABC的形状，并说明理由解：(1)法一：由(2bc)cosAacosC0及正弦定理，得(2sin Bsin C)cos Asin Acos C0，2sin Bcos Asin(AC)0，sin B(2cos A1)0.0B，sin B0，cos A.0A，A.法二：由(2bc)cos Aacos C0，及余弦定理，得(2bc)a0，整理，得b2c2a2bc，cos A，0A，A.(2)SABCbcsin A，即bcsin，bc3，a2b2c22bccos A，a，A，b2c26，由得bc，ABC为等边三角形1a，b，c分别是ABC的三个内角A，B，C所对的边假设a1，b，AC2B，那么sinC_.解析：在ABC中，AC2B，B60.又sinA，A30或150(舍)，C90，sinC1.答案：12在ABC中，a2bcosC，那么这个三角形一定是()A等腰三角形B直角三角形C等腰直角三角形D等腰或直角三角形解析：选A法一：(化边为角)由正弦定理知：sin A2sin Bcos C，又A(BC)，sin Asin(BC)2sin Bcos C.sin Bcos Ccos Bsin C2sin Bcos C，sin Bcos Ccos Bsin C0，sin(BC)0.又B、C为三角形内角，BC.法二：(化角为边)由余弦定理知cosC，a2b，a2a2b2c2，b2c2，bc.3在ABC中，角A，B，C所对的边分别为a，b，c，cos2C.(1)求sinC的值；(2)当a2,2sinAsinC时，求b及c的长解：(1)因为cos2C12sin2C，且0C，所以sinC.(2)当a2,2sinAsinC时，由正弦定理，得c4.由cos2C2cos2C1，及0C得cosC.由余弦定理c2a2b22abcosC，得b2b120，解得b或2，所以或4设ABC的内角A，B，C所对的边长分别为a，b，c，且cosB，b2.(1)当A30时，求a的值；(2)当ABC的面积为3时，求ac的值解：(1)因为cosB，所以sinB.由正弦定理，可得，所以a.(2)因为ABC的面积SacsinB，sinB，所以ac3，ac10.由余弦定理得b2a2c22accosB，得4a2c2aca2c216，即a2c220.所以(ac)22ac20，(ac)240.所以ac2.