2021届高考数学(理科-全国通用)二轮专题配套word版练习：专题二-第2讲-函数的应用.docx

第2讲　函数的应用
考情解读　1.函数零点所在区间、零点个数及参数的取值范围是高考的常见题型，主要以选择、填空题的形式毁灭.2.函数的实际应用以二次函数、分段函数模型为载体，主要考查函数的最值问题．

1．函数的零点与方程的根
(1)函数的零点
对于函数f(x)，我们把使f(x)＝0的实数x叫做函数f(x)的零点．
(2)函数的零点与方程根的关系
函数F(x)＝f(x)－g(x)的零点就是方程f(x)＝g(x)的根，即函数y＝f(x)的图象与函数y＝g(x)的图象交点的横坐标．
(3)零点存在性定理
假如函数y＝f(x)在区间[a，b]上的图象是连续不断的一条曲线，且有fa)·f(b)<0，那么，函数y＝f(x)在区间(a，b)内有零点，即存在c∈(a，b)使得f(c)＝0，这个c也就是方程f(x)＝0的根．
留意以下两点：
①满足条件的零点可能不唯一；
②不满足条件时，也可能有零点．
(4)二分法求函数零点的近似值，二分法求方程的近似解．
2．函数模型
解决函数模型的实际应用题，首先考虑题目考查的函数模型，并要留意定义域．其解题步骤是(1)阅读理解，审清题意：分析出已知什么，求什么，从中提炼出相应的数学问题；(2)数学建模：弄清题目中的已知条件和数量关系，建立函数关系式；(3)解函数模型：利用数学方法得出函数模型的数学结果；(4)实际问题作答：将数学问题的结果转化成实际问题作出解答.

热点一　函数的零点
例1　(1)函数f(x)＝ln(x＋1)－的零点所在的区间是(　　)
A．(，1) B．(1，e－1)
C．(e－1,2) D．(2，e)
(2)(2022·辽宁)已知f(x)为偶函数，当x≥0时，f(x)＝则不等式f(x－1)≤的解集为(　　)
A．[，]∪[，] B．[－，－]∪[，]
C．[，]∪[，] D．[－，－]∪[，]
思维升华　(1)依据二分法原理，逐个推断；(2)画出函数图象，利用数形结合思想解决．
答案　(1)C　(2)A
解析　(1)由于f()＝ln－4<0，f(1)＝ln 2－2<0，f(e－1)＝1－<0，f(2)＝ln 3－1>0，故零点在区间(e－1,2)内．
(2)先画出y轴右边的图象，如图所示．

∵f(x)是偶函数，∴图象关于y轴对称，∴可画出y轴左边的图象，再画直线y＝.设与曲线交于点A，B，C，D，先分别求出A，B两点的横坐标．
令cos πx＝，∵x∈[0，]，
∴πx＝，∴x＝.
令2x－1＝，∴x＝，∴xA＝，xB＝.
依据对称性可知直线y＝与曲线另外两个交点的横坐标为xC＝－，xD＝－.
∵f(x－1)≤，则在直线y＝上及其下方的图象满足，
∴≤x－1≤或－≤x－1≤－，
∴≤x≤或≤x≤.
思维升华　函数零点(即方程的根)的确定问题，常见的有①函数零点值大致存在区间的确定；②零点个数的确定；③两函数图象交点的横坐标或有几个交点的确定．解决这类问题的常用方法有解方程法、利用零点存在的判定或数形结合法，尤其是方程两端对应的函数类型不同的方程多以数形结合求解．
　(1)已知函数f(x)＝()x－cos x，则f(x)在[0,2π]上的零点个数是(　　)
A．1 B．2
C．3 D．4
(2)已知a是函数f(x)＝2x－logx的零点，若00
C．f(x0)<0 D．f(x0)的符号不确定
答案　(1)C　(2)C
解析　(1)f(x)在[0,2π]上的零点个数就是函数y＝()x和y＝cos x的图象在[0,2π]上的交点个数，而函数y＝()x和y＝cos x的图象在[0,2π]上的交点有3个，故选C.
(2)∵f(x)＝2x－logx在(0，＋∞)上是增函数，又a是函数f(x)＝2x－logx的零点，即f(a)＝0，∴当0．[－2,0) D．[－2,1)
思维启迪　先确定函数f(x)的解析式，再利用数形结合思想求k的范围．
答案　D
解析　解不等式：x2－1－(4＋x)≥1，得：x≤－2或x≥3，
所以，f(x)＝
函数y＝f(x)＋k的图象与x轴恰有三个不同交点转化为函数y＝f(x)的图象和直线y＝－k恰有三个不同交点．
如图，所以－1<－k≤2，故－2≤k<1.

思维升华　已知函数的零点个数求解参数范围，可以利用数形结合思想转为函数图象交点个数；也可以利用函数方程思想，构造关于参数的方程或不等式进行求解．
　定义在R上的函数f(x)＝ax3＋bx2＋cx(a≠0)的单调增区间为(－11)，若方程3a(f(x))2＋2bf(x)＋c＝0恰有6个不同的实根，则实数a的取值范围是________．
答案　a<－
解析　∵函数f(x)＝ax3＋bx2＋cx(a≠0)的单调增区间为(－1,1)，∴－1和1是f′(x)＝0的根，
∵f′(x)＝3ax2＋2bx＋c，
∴，∴b＝0，c＝－3a，
∴f(x)＝ax3－3ax，
∵3a(f(x))2＋2bf(x)＋c＝0，
∴3a(f(x))2－3a＝0，∴f2(x)＝1，∴f(x)＝±1，
∴，即，∴a<－.
热点三　函数的实际应用问题
例3　省环保争辩所对市中心每天环境放射性污染状况进行调查争辩后，发觉一天中环境综合放射性污染指数f(x)与时刻x(时)的关系为f(x)＝|－a|＋2a＋，x∈[0,24]，其中a是与气象有关的参数，且a∈[0，]，若用每天f(x)的最大值为当天的综合放射性污染指数，并记作M(a)．
(1)令t＝，x∈[0,24]，求t的取值范围；
(2)省政府规定，每天的综合放射性污染指数不得超过2，试问目前市中心的综合放射性污染指数是否超标？
思维启迪　(1)分x＝0和x≠0两种状况，当x≠0时变形使用基本不等式求解．
(2)利用换元法把函数f(x)转化成g(t)＝|t－a|＋2a＋，再把函数g(t)写成分段函数后求M(a)．
解　(1)当x＝0时，t＝0；
当04时，x＋≥2(当x＝1时取等号)，
∴t＝＝∈(0，]，
即t的取值范围是[0，]．
(2)当a∈[0，]时，记g(t)＝|t－a|＋2a＋，
则g(t)＝
∵g(t)在[0，a]上单调递减，在(a，]上单调递增，
且g(0)＝3a＋，g()＝a＋，
g(0)－g()＝2(a－)．
故M(a)＝
即M(a)＝
当0≤a≤时，M(a)＝a＋<2明显成立；
由得的学问求解，解答后再回到实际问题中去．
(2)对函数模型求最值的常用方法：单调性法、基本不等式法及导数法．
　已知一家公司生产某种品牌服装的年固定成本为10万元，每生产1千件需另投入2.7万元．设该公司一年内生产该品牌服装x千件并全部销售完，每千件的销售收入为R(x)万元，且R(x)＝
(1)写出年利润W(万元)关于年产量x(千件)的函数解析式；
(2)年产量为多少千件时，该公司在这一品牌服装的生产中所获得的年利润最大？(注：年利润＝年销售收入－年总成本)
解　(1)当010时，W＝xR(x)－(10＋2.7x)＝98－－2.7x.
∴W＝
(2)①当00；
当x∈(9,10)时，W′<0，∴当x＝9时，W取得最大值，
且Wmax＝8.1×9－·93－10＝38.6.
②当x>10时，
W＝98－≤98－2＝38，
当且仅当＝2.7x，即x＝时，W＝38，
故当x＝时，W取最大值38.
综合①②知：当x＝9时，W取最大值38.6万元，故当年产量为9千件时，该公司在这一品牌服装的生产中所获年利润最大．

1．函数与方程
(1)函数f(x)有零点⇔方程f(x)＝0有根⇔函数f(x)的图象与x轴有交点．
(2)函数f(x)的零点存在性定理
假如函数f(x)在区间[a，b]上的图象是连续不断的曲线，并且有f(a)·f(b)<0，那么，函数f(x)在区间(a，b)内有零点，即存在c∈(a，b)，使f(c)＝0.
①假如函数f(x)在区间[a，b]上的图象是连续不断的曲线，并且函数f(x)在区间[a，b]上是一个单调函数，那么当f(a)·f(b)<0时，函数f(x)在区间(a，b)内有唯一的零点，即存在唯一的c∈(a，b)，使f(c)＝0.
②假如函数f(x)在区间[a，b]上的图象是连续不断的曲线，并且有f(a)·f(b)>0，那么，函数f(x)在区间(a，b)内不愿定没有零点．

2．函数综合题的求解往往应用多种学问和技能．因此，必需全面把握有关的函数学问，并且严谨审题，弄清题目的已知条件，尤其要挖掘题目中的隐含条件．要认真分析，处理好各种关系，把握问题的主线，运用相关的学问和方法逐步化归为基本问题来解决．
3．应用函数模型解决实际问题的一般程序
⇒⇒⇒
与函数有关的应用题，经常涉及到物价、路程、产值、环保等实际问题，也可涉及角度、面积、体积、造价的最优化问题．解答这类问题的关键是精确     的建立相关函数解析式，然后应用函数、方程、不等式和导数的有关学问加以综合解答.

真题感悟
1．(2022·重庆)已知函数f(x)＝且g(x)＝f(x)－mx－m在－1,1]内有且仅有两个不同的零点，则实数m的取值范围是(　　)
A.∪ B.∪
C.∪ D.∪
答案　A
解析　作出函数f(x)的图象如图所示，其中A(1,1)，B(0，－2)．

由于直线y＝mx＋m＝m(x＋1)恒过定点C(－1,0)，故当直线y＝m(x＋1)在AC位置时，m＝，可知当直线y＝m(x＋1)在x轴和AC之间运动时两图象有两个不同的交点(直线y＝m(x＋1)可与AC重合但不能与x轴重合)，此时02m＋3)2－4m(m＋2)＝0，解得m＝－，可知当y＝m(x＋1)在切线和BC之间运动时两图象有两个不同的交点(直线y＝m(x＋1)可与BC重合但不能与切线重合)，此时－00分钟 D．4.25分钟
答案　B
解析　依据图表，把(t，p)的三组数据(3,0.7)，(4,0.8)，(5,0.5)分别代入函数关系式，联立方程组得消去c化简得解得所以p＝－0.2t2＋1.5t－2.0＝－(t2－t＋)＋－2＝－(t－)2＋，所以当t＝＝3.75时，p取得最大值，即最佳加工时间为3.75分钟．
押题精练
1．已知函数f(x)＝则函数y＝f[f(x)＋1]的零点有________个．
答案　4
解析　当f(x)＝0时，x＝－1或x＝1，故f[f(x)＋1]＝0时，f(x)＋1＝－1或1.当f(x)＋1＝－1，即f(x)＝－2时，解得x＝－3或x＝；当f(x)＋1＝1，即f(x)＝0时，解得x＝－1或x＝1.故函数y＝f[f(x)＋1]有四个不同的零点．
2．函数f(x)＝xex－a有两个零点，则实数a的取值范围是________．
答案　(－，0)
解析　令f′(x)＝(x＋1)ex＝0，得x＝－1，
则当x∈(－∞，－1)时，f′(x)<0，
当x∈(－1，＋∞)时，f′(x)>0，
f(x)在(－∞，－1)上单调递减，在(－1，＋∞)上单调递增，要使f(x)有两个零点，则微小值
f(－1)<0，即－e－1－a<0，∴a>－，又x→－∞时，f(x)>0，则a<0，
∴a∈(－，0)．
3．某公司购买一批机器投入生产，据市场分析每台机器生产的产品可获得的总利润y(单位：万元)与机器运转时间x(单位：年)的关系为y＝－x2＋18x－25(x∈N*)．则当每台机器运转________年时，年平均利润最大，最大值是________万元．
答案　5　8
解析　由题意知每台机器运转x年的年平均利润为＝18－(x＋)，而x>0，故≤18－2＝8，当且仅当x＝5时，年平均利润最大，最大值为8万元．

(推举时间：60分钟)
一、选择题
1．函数f(x)＝log2x－的零点所在的区间为(　　)
A．(0，) B．(，1)
C．(1,2) D．(2,3)
答案　C
解析　函数f(x)的定义域为(0，＋∞)，且函数f(x)在(0，＋∞)上为增函数．
f()＝log2－＝－1－2＝－3<0，
f(1)＝log21－＝0－1<0，
f(2)＝log22－＝1－＝>0，
f(3)＝log23－>1－＝>0，
即f(1)·f(2)<0，
∴函数f(x)＝log2x－的零点在区间(1,2)内．
2．函数f(x)＝＋ln，下列区间中，可能存在零点的是(　　)
A．(1,2) B．(2,3)
C．(3,4) D．(1,2)与(2,3)
答案　B
解析　f(x)＝＋ln＝－ln(x－1)，函数f(x)的定义域为(1，＋∞)，且为递减函数，
当10，所以f(x)>0，故函数在(1,2)上没有零点；
f(2)＝－ln 1＝1>0，f(3)＝－ln 2＝＝，
由于＝2≈2.828，所以>e，故ln e
4．设函数f(x)＝若方程f(x)＝m有三个不同的实根，则实数m的取值范围为(　　)
A．[－，1] B．[－，1]
C．(－，0) D．(－，0]
答案　C
解析　作出函数y＝f(x)的图象，如图所示．

当x>0时，f(x)＝x2－x＝(x－)2－≥－，所以要使函数f(x)＝m有三个不同的零点，则－l2，则函数y＝f(x)的图象大致是(　　)

答案　D
解析　如图所示，连接OF，OG，过点O作OM⊥FG，过点A作AH⊥BC，交DE于点N.

由于弧的长度为x，所以∠FOG＝x，
则AN＝OM＝cos ，
所以＝＝cos ，
则AE＝cos ，
∴EB＝－cos .
∴y＝EB＋BC＋CD＝－cos ＋
＝－cos ＋2(0
解析　由题意知g(x)＝＝＝2＋，函数f(x)的周期为2，则函数f(x)，g(x)在区间[－5,1]上的图象如图所示：

由图形可知函数f(x)，g(x)在区间[－5,1]上的交点为A，B，C，
易知点B的横坐标为－3，若设C的横坐标为t(00时，由f(x)＝ln x＝0，得x＝1.
由于函数f(x)有两个不同的零点，
则当x≤0时，
函数f(x)＝2x－a有一个零点，
令f(x)＝0得a＝2x，
由于0<2x≤20＝1，所以01
解析　函数f(x)有三个零点等价于方程＝m|x|有且仅有三个实根．
∵＝m|x|⇔＝|x|(x＋2)，作函数y＝|x|(x＋2)的图象，如图所示，由图象可知m应满足：0<<1，
故m>1.

10．我们把形如y＝(a>0，b>0)的函数因其图象类似于汉字中的“囧”字，故生动地称为“囧函数”，若当a＝1，b＝1时的“囧函数”与函数y＝lg|x|的交点个数为n，则n＝________.
答案　4
解析　由题意知，当a＝1，b＝1时，y＝＝
在同一坐标系中画出“囧函数”与函数y＝lg|x|的图象如图所示，易知它们有4个交点．

三、解答题
11．设函数f(x)＝ax2＋bx＋b－1(a≠0)．
(1)当a＝1，b＝－2时，求函数f(x)的零点；
(2)若对任意b∈R，函数f(x)恒有两个不同零点，求实数a的取值范围．
解　(1)当a＝1，b＝－2时，f(x)＝x2－2x－3，
令f(x)＝0，得x＝3或x＝－1.
∴函数f(x)的零点为3和－1.
(2)依题意，f(x)＝ax2＋bx＋b－1＝0有两个不同实根．
∴b2－4a(b－1)>0恒成立，
即对于任意b∈R，b2－4ab＋4a>0恒成立，
所以有(－4a)2－4(4a)<0⇒a2－a<0，所以0<2a<420，且a为偶数)，每人每年可创利b万元．据评估，在经营条件不变的前提下，每裁员1人，则留岗职员每人每年多创利0.01b万元，但公司需付下岗职员每人每年0.4b万元的生活费，并且该公司正常运转所需人数不得小于现有职员的，为获得最大的经济效益，该公司应裁员多少人？
解　设裁员x人，可获得的经济效益为y万元，则
y＝(2a－x)(b＋0.01bx)－0.4bx＝－[x2－2(a－70)x]＋2ab.
依题意得2a－x≥·2a，
所以0－70>，即1400，
即f(x)＝0有两个不相等的实数根，
∴若实数a满足条件，则只需f(－1)·f(3)≤0即可．
f(－1)·f(3)＝(1－3a＋2＋a－1)·(9＋9a－6＋a－1)＝4(1－a)(5a＋1)≤0，
∴a≤－或a≥1.
检验：(1)当f(－1)＝0时，a＝1，所以f(x)＝x2＋x.
令f(x)＝0，即x2＋x＝0，得x＝0或x＝－1.
方程在[－1,3]上有两个实数根，不合题意，故a≠1.
(2)当f(3)＝0时，a＝－，此时f(x)＝x2－x－.
令f(x)＝0，即x2－x－＝0，
解得x＝－或x＝3.
方程在[－1,3]上有两个实数根，不合题意，故a≠－.
综上所述，a<－或a>1.