2020年邢台市普通高考模拟理科综合试卷-扫描版含答案.docx

理综化学部分评分细则

27．（14分）
Ⅰ：（1）250mL容量瓶（1分，漏掉“250mL”0分）
（2）①上升反应温度，②搅拌，③过滤后再向滤渣中加入硫酸（多次浸取），④适当延长浸取时间（只要答出任意一点即可，其它答案合理亦可）（1分）
（3）1， 3， 11H2O, 2， 1（2分，错写、漏写0分）
（4）氧化+3价Cr使之转变成+6价Cr（或氧化Cr3+为Cr2O72-），以便于与杂质离子分别
（2分,第一句意思表达出来2分）
Fe3+和Al3+ （2分，各1分，漏写1分，毁灭错误0分，不写成离子符号0分）
（5） Ca2+、Mg2+ （2分，各1分，漏写1分，毁灭错误0分，不写成离子符号0分）
Ⅱ：Fe－2e－= Fe2＋（2分）， 8.48 （全对2分，若多写单位，扣1分）

28．（15分）
I．Fe2O3(s)+ 3CO(g) = 2Fe(s)+ 3CO2(g) ΔH = -23.5 kJ·mol-1 （2分）
II.（1）吸热（2分）； （2）K1·K2（2分）； （3）<（2分）；
（4）BD（共2分，各1分，漏选1分，错选0分）
Ⅲ.（1）正（1分） 2CO2+O2+4e－= 2CO32－（2分）
（2）CO+H2+O2 = CO2+H2O（2分）

36. （15分）
（1）Al2O3 + 6H+ =2Al3++3H2O（2分） 2Al +6H+= 2Al3++3H2↑（2分，没气体符号不扣分）
（2）过滤（2分，毁灭错字0分）） 过滤（2分，毁灭错字0分）
（3）H2 （1分，写成“氢气”0分）
（4）HCl（2分，写成“氯化氢”0分）
（5）促进AlCl3水解，使晶体析出（2分）
（6）BD（共2分，各1分，漏选1分，错选0分）

37．（15分）
Ⅰ．(1) AE （共2分，各1分，漏选1分，错选0分）
II． ⑴ ①3d54s1(1分)； ② BD(2分，各1分，漏选1分，错选0分)
⑵ 高（1分）     由于A的氢化物分子间存在氢键(或由于氨气分子间存在氢键)（2分）
⑶ +2（1分）；  K4[Fe(CN)6]=4K++[Fe(CN)6]4-（2分）；     K3[Fe(CN)6] （2分）
Ⅲ． mol-1（2分）（2分，漏掉单位扣1分）

38.(15分)

（1） （2分）

（2）NaOH水溶液（2分，漏掉水溶液0分） 消去反应（2分，漏掉反应0分）

（3） 羟基、醛基 （共2分，各1分，漏写1分，毁灭化学符号0分）

（4）

（2分，箭头写成等号不扣分，下同）

（5）

（2分）
(6)

或 （3分）

邢台市2022年一模物理部分试题答案及评分细则
断开开关S2后，测出两只电压表的示数为U1′、U2′，电阻箱的示数为R，由欧姆定律
V2
V1
R1
R4
S2
S1

得： 由上述两式解得：
另一种解：若R1与电压表V1并联，试验电路如右图所示：
说明：以上2种解答思路选一即可，答案合理正确即可给分。
24、解
（1）分析滑块在倾斜部分受力，由牛顿其次定律得：
a=gsinθ=6m/s2 ……1分
通过图象可知滑块在斜面上运动时间为：t1=1s ……1分
由运动学公式得：x=at2=3m ……1分
（2）斜面对滑块的弹力为：FN= -mgcosθ ……1分
由牛顿第三定律可得：滑块对斜面的压力为FN′= -mgcosθ ……1分
斜面体对传感器的压力为：F= FNsinθ -9.6N ……1分
解得：m=2kg ……1分
（3）滑块滑到B点的速度为：v=a1t1=6m/s ……1分
由图象可知：Ff=F2=4N， t=2s ……1分
由牛顿其次定律可得：
a==2m/s2 ……1分
由运动学公式
x=vt-at22=8m ……1分
滑块克服摩擦力做功为W= Ff x=32J ……1分
25、解：⑴带电粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力供应向心力，依据牛顿其次定律 有
（1分）
代入数据得： （1分）
轨迹如图1交y轴于C点，过P点作v的垂线交y轴于O1点，
由几何关系得O1为粒子运动轨迹的圆心，且圆心角为60°。 （1分）
在磁场中运动时间 代入数据得：t=5．23×10-5s （1分）
⑵带电粒子离开磁场垂直进入电场后做类平抛运动
x
O
y
P
B
E
v
α
O1
α
v
Q
v1
v
vy
θ
图1
C
方法一：粒子在电场中加速度（1分）
运动时间 （1分）
沿y方向分速度 （1分）
沿y方向位移 （1分）
粒子出电场后又经时间t2达x轴上Q点
故Q点的坐标为 （1分）
方法二：设带电粒子离开电场时的速度偏向角为θ，如图1，则：
x
O
y
P
B
E′
v
α
O1
α
v
Q
v2
vx
vy
x′
图2
（2分）
设Q点的横坐标为x
则： （2分）
故x=5m。 （1分）
⑶电场左边界的横坐标为x′。
当0＜x′＜3m时，如图2，设粒子离开电场
时的速度偏向角为θ′，
则： （2分）
x
O
y
P
B
E′
v
α
O1
α
v
Q
x′
图3
又： （2分）
由上两式得： （1分）
当3m≤≤5m时，如图3，有
（2分）
将y=1m及各数据代入上式得：
33.（1）(6分)BC
（2）(9分)解析:①设封闭气体的压强为p，活塞受力平衡
p0S＋mg＝pS (2分)
解得p＝p0＋ (2分)
②由于气缸内封闭气体的温度不变，则内能的变化ΔU＝0 (2分)
由能量守恒定律可得Q＝(p0S＋mg)h (3分)
答案:①p0＋　②(p0S＋mg)h

34.（1）（每空3分，共6分）5 1.4
【解析】由于a第一次到波峰的时间为=0.6，T=0.8s，波长λ=4m，由v==5m/s。波传到8m处的时间为一个T，又经到波谷，所以时间t= T+=1.4s。

（2）（9分）设光线P经C折射后过B点，光路如图4所示。
依据折射定律
①………………………………………（2分）
在△OBC中，由几何关系得： ②…………………………………………（1分）

由①、②得： ③………………………………………………………（2分）

可得＝30°，＝60° ④……………………………………………………………（2分）
所以 ⑤ ……………………………………………………（2分）
35.（1AB）
（2）（9分）子弹射穿A时，以子弹与A组成的系统为争辩对象，由动量守恒定律得
①………………………………………………………………（2分）
vA＝5 m/s ……………………………………………………………………………（1分）
A在小车上相对滑动，设最终速度为v
以A与小车组成的系统为争辩对象，由动量守恒定律得
②…………………………………………………………………（2分）
可得v＝2.5 m/s …………………………………………………………………………（1分）
③……………………………………………………………（2分）
µ =0.5 ……………………………………………………………………………………（1分）

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