2022届-数学一轮(文科)人教A版-第五章-平面向量-阶段回扣练5.docx

阶段回扣练5　平面对量　
(建议用时：90分钟)
一、选择题
1．对于任意向量a，b，c，下列命题中正确的是 (　　)
A．|a·b|＝|a||b|　 B．|a＋b|＝|a|＋|b|
C．(a·b)·c＝a·(b·c)　 D．a·a＝|a|2
答案　D
2．已知平面对量a＝(1,2)，b＝(－2，m)，且a∥b，则2a＋3b＝ (　　)
A．(－2，－4)　 B．(－3，－6)
C．(－4，－8)　 D．(－5，－10)
解析　由a＝(1,2)，b＝(－2，m)，且a∥b，得1×m＝2×(－2)⇒m＝－4，从而b＝(－2，－4)，那么2a＋3b＝(－4，－8)．
答案　C
3．(2021·潍坊五校联考)已知向量a＝(3,4)，b＝(x，－3)，c＝(0,1)，若(a＋b)·(b－c)＝0，则x＝ (　　)
A．1或－4　 B．－1或4
C．2或－3　 D．－2或3
解析　a＋b＝(3＋x,1)，b－c＝(x，－4)，则(a＋b)·(b－c)＝(3＋x)x＋1×(－4)＝x2＋3x－4＝0，解得x＝1或x＝－4.故选A．
答案　A
4．(2022·北京海淀模拟)平面对量a，b满足|a|＝2，|b|＝1，且a，b的夹角为60°，则a·(a＋b)＝ (　　)
A．1　 B．3　
C．5　 D．7
解析　a·(a＋b)＝a2＋a·b＝4＋2×1×cos 60°＝5.
答案　C
5．(2022·济南针对性训练)已知平面对量a，b满足|a|＝1，|b|＝2，且(a－b)⊥a，则a与b的夹角为 (　　)
A．　 B．
C．　 D．
解析　由于(a－b)⊥a，所以(a－b)·a＝0，a2－a·b＝0，
1－2×1×cos〈a，b〉＝0，cos〈a，b〉＝，得〈a，b〉＝.
答案　B
6．(2021·浙江五校联考)已知|a|＝|b|＝|a－2b|＝1，则|a＋2b|＝ (　　)
A．9　 B．3　
C．1　 D．2
解析　由|a|＝|b|＝|a－2b|＝1，得a2－4a·b＋4b2＝1，
∴4a·b＝4，∴|a＋2b|2＝a2＋4a·b＋4b2＝5＋4＝9，
∴|a＋2b|＝3.
答案　B
7．(2022·南昌模拟)设a，b为平面对量，则“|a·b|＝|a||b|”是“a∥b”的 (　　)
A．充分不必要条件　 B．必要不充分条件
C．充分必要条件　 D．既不充分也不必要条件
解析　由|a·b|＝|a|·|b|可得a＝0，或b＝0，或a与b的夹角为0°或180°，所以由|a·b|＝|a|·|b|可推得a∥b.反之，若a与b中至少有一个为零向量，则|a·b|＝0，|a|·|b|＝0，可推得|a·b|＝|a|·|b|；
若a与b中没有一个为零向量，则由a∥b可得a与b的夹角为0°或180°，可推得|a·b|＝|a|·|b|.
综上所述，“|a·b|＝|a|·|b|”是“a∥b”的充分必要条件．
答案　C
8．已知O是△ABC所在平面内一点，D为BC边中点，且2＋＋＝0，则有 (　　)
A．＝2　 B．＝
C．＝3　 D．2＝
解析　由2＋＋＝0，得＋＝－2＝2，即＋＝2＝2，所以＝，即O为AD的中点．
答案　B
9．平面上有四个互异点A，B，C，D，已知(＋－2)·(－)＝0，则△ABC的外形是 (　　)
A．直角三角形　 B．等腰三角形
C．等腰直角三角形　 D．无法确定
解析　由(＋－2)·(－)＝0，
得[(－)＋(－)]·(－)＝0，
所以(＋)·(－)＝0.
所以||2－||2＝0，∴||＝||，
故△ABC是等腰三角形．
答案　B
10．(2022·安庆二模)在△ABC中，a，b，c分别为角A，B，C所对应的三角形的边长，若4a＋2b＋3c＝0，则cos B＝ (　　)
A．－　 B．　
C．　 D．－
解析　由4a＋2b＋3c＝0，得
4a＋3c＝－2b＝－2b(－)＝2b＋
2b，所以4a＝3c＝2b.
由余弦定理得cos B＝＝
＝－.
答案　A
二、填空题
11．设a＝(m,1)，b＝(2，－3)，若a∥b，则m＝________.
解析　a∥b⇔－3m－2＝0.∴m＝－.
答案　－
12．已知a＝(－3,2)，b＝(－1,0)，向量λa＋b与a－2b垂直，则实数λ＝________.
解析　λa＋b＝(－3λ－1,2λ)，a－2b＝(－1,2)，
又λa＋b与a－2b垂直，
∴(λa＋b)·(a－2b)＝(－3λ－1,2λ)·(－1,2)
＝3λ＋1＋4λ＝0，解得：λ＝－.
答案　－
13．(2022·南京、盐城模拟)已知||＝1，||＝2，∠AOB＝，＝＋，则与的夹角大小为________.
解析　以O为坐标原点，OA所在直线为x轴，与OA垂直的直线为y轴建立平面直角坐标系．则A(1,0)，B(－1，)，＝＋＝.设，的夹角为θ，θ∈[0，π]则cos θ＝＝＝，所以θ＝.
答案　
14．(2021·日照重点中学诊断考试)在△ABC中，A＝60°，M是AB的中点，若AB＝2，BC＝2，D在线段AC上运动，则·的最小值为________.
解析　在△ABC中，设角A，B，C的对边分别为a，b，c，依据余弦定理得a2＝b2＋c2－2bccos A，即12＝b2＋4－2b，即b2－2b－8＝0，解得b＝4.设＝λ (0≤λ≤1)，则·＝(－)·(－)＝(－λ )·(－λ )＝λ2||2－λ ·＋||2＝16λ2－6λ＋2，当λ＝时，16λ2－6λ＋2最小，最小值为.
答案　
15．(2022·合肥质量检测)有下列命题：
①已知a，b是平面内两个非零向量，则平面内任一向量c都可表示为λa＋μb，其中λ，μ∈R；
②对平面内任意四边形ABCD，点E，F分别为AB，CD的中点，则2＝＋；
③a＝(1，－1)，A，B为直线x－y－2＝0上的任意两点，则∥a；
④已知a与b夹角为，且a·b＝，则|a－b|的最小值为－1；
⑤a∥c是(a·b)·c＝a·(b·c)的充分条件 .
其中正确的是________(写出全部正确命题的编号)．
解析　对于①，留意到当a，b共线时，结论不正确；对于②，留意到＝＋＋，＝＋＋，＋＝＋＝0，因此2＝＋，②正确；对于③，取点A(0，－2)，B(2,0)，则＝(2,2)，此时＝(2,2)与a不共线，因此③不正确；对于④，依题意得|a|·|b|cos ＝，|a|·|b|＝2，
|a－b|2＝|a|2＋|b|2－2≥2|a|·|b|－2＝4－2，因此|a－b|的最小值是＝－1，④正确；对于⑤，留意到，当a∥c时，若a，c中有一个为0，等式明显成立，若a，c均不为0，可设c＝ka，则有(a·b)·c＝(a·b)·ka＝a·(b·ka)＝a·(b·c)，即由a∥c可得(a·b)·c＝a·(b·c)；反过来，由(a·b)·c＝a·(b·c)不能得知a∥c，因此“a∥c”是“(a·b)·c＝a·(b·c)”的充分不必要条件，⑤正确．综上所述，其中正确的是②④⑤.
答案　②④⑤
三、解答题
16．(2021·漯河调研)在平面直角坐标系中，O为坐标原点，已知向量a＝(2,1)，A(1,0)，B(cos θ，t)．
(1)若a∥，且||＝||，求向量的坐标；
(2)若a∥，求y＝cos2θ－cos θ＋t2的最小值．
解　(1)∵＝(cos θ－1，t)，
又a∥，∴2t－cos θ＋1＝0.∴cos θ－1＝2t.①
又∵||＝||，∴(cos θ－1)2＋t2＝5.②
由①②得，5t2＝5，∴t2＝1.∴t＝±1.
当t＝1时，cos θ＝3(舍去)，当t＝－1时，cos θ＝－1，
∴B(－1，－1)，∴＝(－1，－1)．
(2)由(1)可知t＝
∴y＝cos2θ－cos θ＋
＝cos2θ－cos θ＋＝＋
＝2－，
∴当cos θ＝时，ymin＝－.
17．(2022·潍坊模拟)已知函数f(x)＝sin x＋cos x.
(1)求函数y＝f(x)在x∈[0,2π]上的单调递增区间；
(2)在△ABC中，内角A，B，C的对边分别是a，b，c，已知m＝(a，b)，n＝(f(C)，1)，且m∥n，求B．
解　(1)f(x)＝sin x＋cos x＝sin，
令2kπ－≤x＋≤2kπ＋(k∈Z)，得2kπ－≤x≤2kπ＋(k∈Z)，
令k＝0，得－≤x≤，令k＝1，得≤x≤，
又∵x∈[0,2π]，
∴f(x)在[0,2π]上的单调递增区间为[0，]，[，2π]．
(2)由题意f(C)＝sin C＋cos C，
∵m∥n，∴a·1－f(C)·b＝0，即a＝b(sin C＋cos C)，由正弦定理＝，
得sin A＝sin B(sin C＋cos C)＝sin Bsin C＋sin Bcos C．
在△ABC中，sin A＝sin(B＋C)＝sin Bcos C＋cos Bsin C，
∴sin Bsin C＝cos Bsin C．
又sin C≠0，∴sin B＝cos B，
∴tan B＝1，又∵0＜B＜π，∴B＝.
18．△ABC中内角A，B，C的对边分别为a，b，c，向量m＝(2sin B，－)，n＝(cos 2B,2cos2－1)，且m∥n.
(1)求锐角B的大小；
(2)假如b＝2，求S△ABC的最大值．
解　(1)∵m∥n，
∴2sin B＝－cos 2B，
∴sin 2B＝－cos 2B，即tan 2B＝－.
又∵B为锐角，∴2B∈(0，π)，
∴2B＝，∴B＝.
(2)∵B＝，b＝2，
由余弦定理cos B＝，
得a2＋c2－ac－4＝0.
又a2＋c2≥2ac，代入上式，得ac≤4，
当且仅当a＝c＝2时等号成立．
故S△ABC＝acsin B＝ac≤，
当且仅当a＝c＝2时等号成立，
即S△ABC的最大值为.
19．(2021·惠州模拟)已知向量＝(λcos α，λsin α)(λ≠0)，＝(－sin β，
cos β)，其中O为坐标原点．
(1)若β＝α－，求向量与的夹角；
(2)若||≥2||对任意实数α，β恒成立，求实数λ的取值范围．
解　(1)设向量与的夹角为θ，
则cos θ＝＝＝，
当λ＞0时，cos θ＝，θ＝；当λ＜0时，cos θ＝－，θ＝.
故当λ＞0时，向量与的夹角为；
当λ＜0时，向量与的夹角为.
(2)||≥2||对任意的α，β恒成立，
即(λcos α＋sin β)2＋(λsin α－cos β)2≥4对任意的α，β恒成立，
即λ2＋1＋2λsin(β－α)≥4对任意的α，β恒成立，
所以或解得
λ≥3或λ≤－3.
故所求实数λ的取值范围是(－∞，－3]∪[3，＋∞)．
另法一　由λ2＋1＋2λsin(β－α)≥4对任意的α，β恒成立，可得λ2＋1－2|λ|≥4，解得|λ|≥3或|λ|≤－1(舍去)，由此求得实数λ的取值范围；
另法二　由||＝|－|≥|||－|||＝||λ|－1|，可得||的最小值为
||λ|－1|，然后将已知条件转化为||λ|－1|≥2，由此解得实数λ的取值范围．