2021高考数学(江苏专用-理科)二轮专题整合：1-1-5导数的综合应用.docx

第5讲　导数的综合应用

一、填空题
1．若函数y＝－x3＋bx有三个单调区间，则b的取值范围是________．
解析　　由条件y′＝－4x2＋b，∴Δ＝0＋16b＞0，得b＞0.
答案　(0，＋∞)
2．已知函数f(x)＝x3－2x2＋3m，x∈[0，＋∞)，若f(x)＋5≥0恒成立，则实数m的取值范围是________．
解析　　f′(x)＝x2－4x，由f′(x)>0，得x>4或x<0.
∴f(x)在(0,4)上递减，在(4，＋∞)上递增，∴当x∈[0，＋∞)时，f(x)min＝f(4)．∴要使f(x)＋5≥0恒成立，只需f(4)＋5≥0恒成马上可，代入解之得m≥.
答案　
3．(2022·扬州模拟)已知函数f(x)＝ex－2x＋a有零点，则a的取值范围是________．
解析　　函数f(x)＝ex－2x＋a有零点，即方程ex－2x＋a＝0有实根，即函数g(x)＝2x－ex，y＝a有交点，而g′(x)＝2－ex，易知函数g(x)＝2x－ex在(－∞，ln 2)上递增，在(ln 2，＋∞)上递减，因而g(x)＝2x－ex的值域为(－∞，2ln 2－2]，所以要使函数g(x)＝2x－ex，y＝a有交点，只需a≤2ln 2－2即可．
答案　(－∞，2ln 2－2]
4．函数f(x)的定义域是R，f(0)＝2，对任意x∈R，f(x)＋f′(x)>1，则不等式ex·f(x)>ex＋1的解集为______．
解析　　构造函数g(x)＝ex·f(x)－ex，由于g′(x)＝ex·f(x)＋ex·f′(x)－ex＝ex[f(x)＋f′(x)]－ex>ex－ex＝0，所以g(x)＝ex·f(x)－ex为R上的增函数．又由于g(0)＝e0·f(0)－e0＝1，所以原不等式转化为g(x)>g(0)，解得x>0.
答案　(0，＋∞)
5．(2021·温州模拟)关于x的方程x3－3x2－a＝0有三个不同的实数解，则实数a的取值范围是________．
解析　　由题意知使函数f(x)＝x3－3x2－a的极大值大于0且微小值小于0即可，又f′(x)＝3x2－6x＝3x(x－2)，令f′(x)＝0，得x1＝0，x2＝2.当x＜0时，f′(x)＞0；当0＜x＜2时，f′(x)＜0；当x＞2时，f′(x)＞0，所以当x＝0时，f(x)取得极大值，即f(x)极大值＝f(0)＝－a；当x＝2时，f(x)取得微小值，即f(x)微小值＝f(2)＝－4－a，所以解得－4＜a＜0.
答案　(－4,0)
6．若函数f(x)＝－x2＋4x－3ln x在[t，t＋1]上不单调，则t的取值范围是______．
解析　　对f(x)求导，得f′(x)＝－x＋4－＝＝－.由f′(x)＝0得函数f(x)的两个极值点为1,3，则只要这两个极值点有一个在区间(t，t＋1)内，函数f(x)在区间[t，t＋1]上就不单调，所以t<1增，
所以g(x)max＝g(2)＝3，则c＜－6.
答案　(－∞，－6)
8．已知函数f(x)＝x－，g(x)＝x2－2ax＋4，若任意x1∈[0,1]，存在x2∈[1,2]，使f(x1)≥g(x2)，则实数a的取值范围是______．
解析　　由于f′(x)＝1＋>0，因此函数f(x)在[0,1]上单调递增，所以x∈[0,1]时，f(x)min＝f(0)＝－1.依据题意可知存在x∈[1,2]，使得g(x)＝x2－2ax＋4≤－1，即x2－2ax＋5≤0，即a≥＋能成立，令h(x)＝＋，则要使a≥h(x)在x∈[1,2]能成立，只需使a≥h(x)min，又函数h(x)＝＋在x∈[1,2]上单调递减(可利用导数推断)，所以h(x)min＝h(2)＝，故只需a≥.
答案　
二、解答题
9. (2022·徐州质检)现有一张长为80 cm，宽为60cm的长方形铁皮ABCD，预备用它做成一只无盖长方体铁皮盒，要求材料利用率为100%，不考虑焊接处损失．如图，若长方形ABCD的一个角剪下一块正方形铁皮，作为铁皮盒的底面，用余下材料剪拼后作为铁皮盒的侧面，设长方体的底面边长为x(cm)，高为y(cm)，体积为V(cm3)．

(1) 求出x 与 y 的关系式；
(2) 求该铁皮盒体积V的最大值．
解　(1)由题意得x2＋4xy＝4 800，
即y＝，0＜x＜60.
(2)铁皮盒体积V(x)＝x2y＝x2×＝－x3＋1 200x，V′(x)＝－x2＋1200，令V′(x)＝0，得x＝40，由于x∈(0,40)，V′(x)＞0，V(x)是增函数；x∈(40,60)，V′(x)＜0，V(x)是减函数，所以V(x)＝－x3＋1 200x，在x＝40时取得极大值，也是最大值，其值为32 000 cm3.
所以该铁皮盒体积V的最大值是32 000 cm3.
10．(2021·东北三校联考)已知x＝3是函数f(x)＝aln(1＋x)＋x2－10x的一个极值点．
(1)求a；
(2)求函数f(x)的单调区间；
(3)若直线y＝b与函数y＝f(x)的图象有3个交点，求b的取值范围．
解　f(x)的定义域为(－1，＋∞)．
(1)f′(x)＝＋2x－10，又f′(3)＝＋6－10＝0，
∴a＝16.经检验此时x＝3为f(x)的极值点，故a＝16.
(2)由(1)知f′(x)＝.
当－13时，f′(x)>0；
当1为f(1)＝16ln 2－9，微小值为f(3)＝32ln 2－21.
由于f(16)>162－10×16>16ln 2－9＝f(1)，
f(e－2－1)<－32＋11＝－21意b＞a＞0，＜1恒成立，求m的取值范围．
解　(1)由题设，当m＝e时，f(x)＝ln x＋，
则f′(x)＝，
∴当x∈(0，e)，f′(x)＜0，f(x)在(0，e)上单调递减，
当x∈(e，＋∞)，f′(x)＞0，f(x)在(e，＋∞)上单调递增，
∴x＝e时，f(x)取得微小值f(e)＝ln e＋＝2，
∴f(x)的微小值为2.
(2)对任意的b＞a＞0，＜1恒成立，
等价于f(b)－b＜f(a)－a恒成立．(*)
设h(x)＝f(x)－x＝ln x＋－x(x＞0)，
∴(*)等价于h(x)在(0，＋∞)上单调递减．
由h′(x)＝－－1≤0在(0，＋∞)上恒成立，
得m≥－x2＋x＝－(x－)2＋(x＞0)恒成立，
∴m≥(对m＝，h′(x)＝0仅在x＝时成立)，
∴m的取值范围是[，＋∞)．