2022届高三物理大一轮复习-章末检测(十三)-.docx

章末检测(十三)(时间：60分钟；分值：100分)一、选择题(本大题共10小题，每小题6分，共60分，每小题至少一个选项符合题意)1(2021湖北八校联考)关于原子与原子核，下列说法正确的有()A卢瑟福提出的原子核式结构模型，可以解释原子的稳定性和原子光谱的分立特征B玻尔的原子模型，成功引入了量子化假说C元素的放射性不受化学状态影响，说明射线来自原子核，且原子核内部是有结构的D比结合能越大，原子核中核子结合得越牢固，原子核越稳定E对于相同质量的核燃料，轻核聚变和重核裂变产生的能量是相同的解析：选BCD.由玻尔的假说，可以解释原子的稳定性和原子光谱的分立特征，则A错，B正确；放射性元素的半衰期只由核内部自身因素打算，与其所处的化学状态和外部条件没有关系，C正确；由结合能的定义可推断D正确；质量相同的核燃料，轻核聚变与重核裂变中的质量亏损不愿定相同，由Emc2可知E不愿定相同，E错误2(2021宁夏银川一中模拟)下列说法正确的是()A某放射性元素经过11.4天有的原子核发生了衰变，该元素的半衰期为3.8天B在单缝衍射试验中，假设只让一个光子通过单缝，则该光子可能落在暗条纹处C一群氢原子从n3的激发态向较低能级跃迁，最多可放出两种频率的光子D已知能使某金属发生光电效应的极限频率为0，则当频率为20的单色光照射该金属时，光电子的最大初动能为2h0E.HeAlPn是原子核的人工转变方程解析：选ABE.据mm0 ，可知3，3.8天，故A对光是概率波，所以B对一群氢原子从n3的激发态向较低能级跃迁，最多可放出3种频率的光子，故C错据光电效应方程EkhW0，得Ek2h0h0h0，故D错E中核反应方程是原子核的人工转变方程，E对3氢原子的核外电子由离原子核较远的轨道跃迁到离核较近的轨道上时，下列说法中正确的是()A氢原子的能量增加B氢原子的能量削减C氢原子要吸取确定频率的光子D氢原子要放出确定频率的光子解析：选BD.因离核越远轨道的能量越大，离核越近轨道的能量越小，所以氢原子从远轨道跃迁到近轨道释放确定频率的光子，能量削减，故B、D两项正确4如图所示，是用于火灾报警的离子烟雾传感器的原理图，在网罩内有电极和，a、b两端接电源，是一小块放射性同位素镅241，它能放射出一种很简洁使气体电离的粒子平常镅放射出的粒子使两个电极间的空气电离，在a、b间形成较强的电流，发生火灾时，烟雾进入网罩内，烟尘颗粒吸取空气中的离子和镅发出的粒子，导致电流发生变化，电路检测到这种变化，从而发出警报下列有关这种报警器的说法正确的是()A镅241射出的是粒子，有烟雾时电流增加B镅241射出的是粒子，有烟雾时电流减弱C镅241射出的是粒子，有烟雾时电流增加D镅241射出的是粒子，有烟雾时电流减弱解析：选B.很简洁使气体电离的是粒子，粒子穿透力气较弱，烟尘颗粒吸取粒子和空气中的离子，使自由电荷数削减，电流减弱，B正确5(2022高考大纲全国卷)一中子与一质量数为A (A1)的原子核发生弹性正碰若碰前原子核静止，则碰撞前与碰撞后中子的速率之比为()A. B.C. D.解析：选A.设中子的质量为m，则被碰原子核的质量为Am，两者发生弹性碰撞，据动量守恒，有mv0mv1Amv，据动能守恒，有mvmvAmv2.解以上两式得v1v0.若只考虑速度大小，则中子的速率为v1v0，故中子碰撞前、后速率之比为.6(2021高考福建卷)将静置在地面上，质量为M(含燃料)的火箭模型点火升空，在极短时间内以相对地面的速度v0竖直向下喷出质量为m的酷热气体忽视喷气过程重力和空气阻力的影响，则喷气结束时火箭模型获得的速度大小是()A.v0B.v0C.v0 D.v0解析：选D.应用动量守恒定律解决本题，留意火箭模型质量的变化取向下为正方向，由动量守恒定律可得：0mv0(Mm)v故v，选项D正确7(2021重庆杨家坪中学质检)在匀强磁场中有一个静止的氡原子核(Rn)，由于衰变它放出一个粒子，此粒子的径迹与反冲核的径迹是两个相互外切的圆，大圆与小圆的直径之比为421，如图所示，那么氡核的衰变方程应是下列方程中的哪一个()A.RnFre B.RnPoHeC.RnAte D.RnAte解析：选B.氡核的衰变过程满足动量守恒定律，其放出的粒子与反冲核的动量大小相等，方向相反；带电粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动时，洛伦兹力供应向心力，即Bvq，所以r，当粒子动量大小相同，磁感应强度恒定时，q，依据题意，放出的粒子与反冲核的电荷数之比为142，据此可知，选项B正确8(2021沈阳质量监测)如图为氢原子的能级示意图，锌的逸出功是3.34 eV，下列对氢原子在能级跃迁过程中放射或吸取光子的特征生疏正确的是()A用氢原子从高能级向基态跃迁时放射的光照射锌板确定不能发生光电效应现象B一群处于n3能级的氢原子向基态跃迁时，能放出3种不同频率的光C一群处于n3能级的氢原子向基态跃迁时，发出的光照射锌板，锌板表面所发出的光电子的最大初动能为8.75 eVD用能量为10.3 eV的光子照射，可使处于基态的氢原子跃迁到激发态E用能量为14.0 eV的光子照射，可使处于基态的氢原子电离 解析：选BCE.当氢原子从高能级向低能级跃迁时，辐射出光子的能量有可能大于3.34 eV，锌板有可能发生光电效应，选项A错误；由跃迁关系可知，选项B正确；从n3能级向基态跃迁时发出的光子能量最大为12.09 eV，由光电效应方程可知，发出光电子的最大初动能为8.75 eV，选项C正确；氢原子在吸取光子能量时需满足两能级间的能量差，因此D选项错误；14.0 eV13.6 eV，因此可以使处于基态的氢原子电离，选项E正确9核能作为一种新能源在现代社会中已不行缺少，我国在完善核电平安基础上将加大核电站建设规模核泄漏中的钚(Pu)是一种具有放射性的超铀元素，它可破坏细胞基因，提高罹患癌症的风险已知钚的一种同位素Pu的半衰期为24 100年，其衰变方程为PuXHe，下列有关说法正确的是()AX原子核中含有92个中子B100个Pu经过24 100年后确定还剩余50个C由于衰变时释放巨大能量，依据Emc2，衰变过程总质量增加D衰变发出的射线是波长很短的光子，具有很强的穿透力气解析：选D.依据核反应方程遵循的规律，X原子核中含有92个质子，235个核子，143个中子，A错误半衰期是对大量原子核衰变的统计规律，100个Pu经过24 100年后不愿定还剩余50个，B错误由于衰变时释放巨大能量，衰变过程总质量削减，放出粒子的质量和生成新核的质量之和小于衰变前核的质量，C错误衰变发出的射线是波长很短的光子，具有很强的穿透力气，D正确10光子既有能量也有动量光子的能量E和动量p之间的关系是Epc，其中c为光速由于光子有动量，照到物体表面的光子被物体吸取或被反射时都会对物体产生确定的冲量，也就对物体产生了确定的压强某激光器发出激光束的功率为P0，光束的横截面积为S.当该激光束垂直照射到某物体表面时，物体对该激光的反光率为，则激光束对此物体产生的压强为()A. B.C. D.解析：选B.t时间内照射到物体表面的光子数nP0t/E，对这些光子应用动量定理得：Ft2pn(1)np，压强p1F/S，又Epc，联立解得：压强p1，故B正确二、非选择题(本大题共3小题，共40分，要有必要的文字说明和解题步骤，有数值计算的要注明单位)11(12分)在试验室里为了验证动量守恒定律，一般接受如图甲、乙所示的两种装置：(1)若入射小球质量为m1，半径为r1；被碰小球质量为m2，半径为r2，则_Am1m2，r1r2 Bm1m2，r1m2，r1r2 Dm1m2；为使入射小球与被碰小球发生对心碰撞，要求两小球半径相同故C正确(2)设入射小球为a，被碰小球为b，a球碰前的速度为v1，a、b相碰后的速度分别为v1、v2.由于两球都从同一高度做平抛运动，当以运动时间为一个计时单位时，可以用它们平抛的水平位移表示碰撞前后的速度因此，需验证的动量守恒关系m1v1m1v1m2v2可表示为m1x1m1x1m2x2.所以需要直尺、天平，而无需弹簧测力计、秒表由于题中两个小球都可认为是从槽口开头做平抛运动的，两球的半径不必测量，故无需游标卡尺(3)得出验证动量守恒定律的结论应为m1m1m2.答案：(1)C(4分)(2)AC(4分)(3)m1m1m2(4分)12(12分)(1)下列四幅图的有关说法中，正确的是_A若两球质量相等，碰后m2的速度确定为vB射线甲是粒子流，具有很强的穿透力气C在光颜色保持不变的状况下，入射光越强，饱和光电流越大D链式反应属于重核的裂变(2)轻核聚变能够比重核裂变释放更多的能量，若实现受控核聚变，且稳定地输出聚变能，人类将不再有“能源危机”一个氘核(H)和一个氚核(H)聚变成一个新核并放出一个中子(n)完成上述核聚变方程：HH_n.已知上述核聚变中质量亏损为m，真空中光速为c，则该核反应中所释放的能量为_解析：(1)若两球质量相等，两球只有发生弹性碰撞，碰后m2的速度才为v，选项A错误；带电粒子在磁场中受到洛伦兹力的作用，利用左手定则可推断，射线甲是粒子流，选项B错误；在光颜色保持不变，即入射光的频率不变，依据光电效应规律可知，入射光越强，饱和光电流越大，选项C正确；依据链式反应的特点可知，链式反应属于重核的裂变，选项D正确(2)依据质量数守恒和电荷数守恒可知，核聚变方程为HHHen.依据爱因斯坦质能方程可得该核反应中所释放的能量为Emc2.答案：(1)CD(6分)(2)He(3分)mc2(3分)13(16分)(2021东北三校联考)如图所示，光滑水平面上静止着一辆质量为3m的平板车A，车上有两个小滑块B和C(都可视为质点)，B的质量为m，与车板之间的动摩擦因数为2，C的质量为2m，与车板之间的动摩擦因数为.t0时刻B、C分别从车板的左、右两端同时以初速度v0和2v0相向滑上小车，在以后的运动过程中B和C恰好没有相碰已知重力加速度为g，设最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等求：(1)平板车的最大速度v和达到最大速度经受的时间t；(2)平板车车板总长度L.解析：(1)由受力分析可知，开头时B、C相向做匀减速运动，A静止；当B速度减为零后，B将与A一起向左匀加速运动，C连续做匀减速运动，直至三者共速，然后三者一起做匀速运动所以三者共速时，A的速度最大从起始到三者共速，A、B、C组成的系统动量守恒，以水平向左为正方向，有2m2v0mv06mv (4分)从起始到三者共速，C始终做匀减速运动，有f2mg2ma (2分)v2v0at (2分)联立解得vv0，t. (2分)(2)从起始到三者共速，B相对A向右匀减速到速度为零后与A一起向左匀加速运动，C相对A向左匀减速运动，B、C与A之间的滑动摩擦力大小均为2mg，由能量守恒定律有mv2m(2v0)2fL6mv2 (4分)解得L. (2分)答案：(1)v0(2)