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(整理)几个重要的特殊数列精品文档几个重要的特殊数列基础知识1斐波那契数列莱昂纳多斐波那契（11751250）出生于意大利比萨市，是一名闻名于欧洲的数学家，其主要的著作有算盘书、实用几何和四艺经等。在1202年斐波那契提出了一个非常著名的数列，即：假设一对兔子每隔一个月生一对一雌一雄的小兔子，每对小兔子在两个月以后也开始生一对一雌一雄的小兔子，每月一次，如此下去。年初时兔房里放一对大兔子，问一年以后，兔房内共有多少对兔子？这就是非常著名的斐波那契数列问题。其实这个问题的解决并不是很困难，可以用表示第个月初时免房里的免子的对数，则有，第个月初时，免房内的免子可以分为两部分：一部分是第个月初就已经在免房内的免子，共有对；另一部分是第个月初时新出生的小免子，共有对，于是有。现在就有了这个问题：这个数列的通项公式如何去求？为了解决这个问题，我们先来看一种求递归数列通项公式的求法特征根法。特征根法：设二阶常系数线性齐次递推式为（），其特征方程为，其根为特征根。（1）若特征方程有两个不相等的实根，则其通项公式为（），其中A、B由初始值确定；（2）若特征方程有两个相等的实根，则其通项公式为（），其中A、B由初始值确定。（这个问题的证明我们将在后面的讲解中给出）因此对于斐波那契数列，对应的特征方程为，其特征根为：，所以可设其通项公式为，利用初始条件得，解得所以。这个数列就是著名的斐波那契数列的通项公式。斐波那契数列有许多生要有趣的性质，如：它的通项公式是以无理数的形式给出的，但用它计算出的每一项却都是整数。斐波那契数列在数学竞赛的组合数学与数论中有较为广泛地应用。为了方便大家学习这一数列，我们给出以下性质：（请同学们自己证明）（1）斐波那契数列的前项和；（2）；（3）（）；（4）（）；（5）（）；2分群数列将给定的一个数列：按照一定的规则依顺序用括号将它分组，则可以得到以组为单位的序列。如在上述数列中，我们将作为第一组，将作为第二组，将作为第三组，依次类推，第组有个元素，即可得到以组为单位的序列：（），（），（），我们通常称此数列为分群数列。一般地，数列的分群数列用如下的形式表示：（），（），（），其中第1个括号称为第1群，第2个括号称为第2群，第3个括号称为第3群，第个括号称为第群，而数列称为这个分群数列的原数列。如果某一个元素在分群数列的第个群中，且从第个括号的左端起是第个，则称这个元素为第群中的第个元素。值得注意的是一个数列可以得到不同的分群数列。如对数列分群，还可以得到下面的分群数列：第个群中有个元素的分群数列为：（），（），（）；第个群中有个元素的分群数列为：（），（），（）等等。3周期数列对于数列，如果存在一个常数，使得对任意的正整数恒有成立，则称数列是从第项起的周期为T的周期数列。若，则称数列为纯周期数列，若，则称数列为混周期数列，T的最小值称为最小正周期，简称周期。周期数列主要有以下性质：（1）周期数列是无穷数列，其值域是有限集；（2）周期数列必有最小正周期（这一点与周期函数不同）；（3）如果T是数列的周期，则对于任意的，也是数列的周期；（4）如果T是数列的最小正周期，M是数列的任一周期，则必有T|M，即M=（）；（5）已知数列满足（为常数），分别为的前项的和与积，若，则，；（6）设数列是整数数列，是某个取定大于1的自然数，若是除以后的余数，即，且，则称数列是关于的模数列，记作。若模数列是周期的，则称是关于模的周期数列。（7）任一阶齐次线性递归数列都是周期数列。4阶差数列对于一个给定的数列，把它的连续两项与的差记为，得到一个新数列，把数列称为是原数列的一阶差数列；如果，则称数列是数列的一阶差数列，是的二阶差数列；依次类推，可以得到数列的阶差数列，其中。如果某一数列的阶差数列是一非零常数列，则称该数列为阶等差数列。其实一阶等差数列就是我们通常说的等差数列；高阶等差数列是二阶或二阶以上等差数列的统称。高阶等差数列具有以下性质：（1）如果数列是阶等差数列，则它的一阶等差数列是阶差数列；（2）数列是阶等差数列的充要条件是：数列的通项是关于的次多项式；（3）如果数列是阶等差数列，则其前项之和是关于的次多项式。高阶等差数列中最常见的问题是求通项公式以及前项和，更深层次的问题2是差分方程的求解。解决问题的基本方法有：(1)逐差法：其出发点是；(2)待定系数法：在已知阶数的等差数列中，其通项与前n项和Sn是确定次数的多项式(关于n的)，先设出多项式的系数，再代入已知条件解方程组即得(3)裂项相消法：其出发点是an能写成=f(n+1)f(n)(4)化归法：把高阶等差数列的问题转化为易求的同阶等差数列或低阶等差数列的问题，达到简化的目的设数列不是等比数列：若它的一阶等差数列是公比不为1的等比数列，则称它是一阶等比数列；若它的一阶差数列不是等比数列，而二阶差数列是公比不为1的等比数列，则称这为二阶等比数列。一般地说，如果某一个数列它的阶等差数列不是等比数列，而阶差数列是公比不为1的等比数列，则称这个数列为阶等比数列，其中。0阶等比数列就是我们通常所说的等比数列，一阶及二阶以上的等比数列，统称为高阶等比数列。典例分析例1数列的通项公式为，记，求所有的正整数，使得能被8整除（2005年上海竞赛试题）解：记注意到，可得因此，Sn+2除以8的余数，完全由Sn+1、Sn除以8的余数确定，故由(*)式可以算出各项除以8的余数依次是1,3，0,5，7,0，1,3，它是一个以6为周期的数列，从而故当且仅当例设是下述自然数N的个数，N的各位数字之和为，且每位数字只能取1、3或4，求证：是完全平方数，这里分析：这道题目的证法很多，下面我们给出借助于斐波那契数列证明的两种方法。方法一：利用斐波那契数列作过渡证明。设，其中且。假设，删去时，则当依次取1，3，4时，分别等于，故当时，（1）作数列：且，现用数学归纳法证明下述两式成立： （2）（3）因为故当时（2）（3）两式成立。假设当（）时，（2）（3）两式成立，由当时，由（1）式、的定义以及归纳假设，知这样（2）（3）两式对于成立。故（2）（3）两式对于一切自然数成立。，由（2）即可知是完全平方数。方法二：由的递推关系式寻求的递推关系式，从这个递推关系式对求与斐波那契数列的关系。设，其中且。假设，删去时，则当依次取1，3，4时，分别等于，故当时，所以令，则当时，有因为，下用数学归纳法证明，其中是斐波那契数列：且，当时结论显然；设时结论成立，于是即当时命题成立。从上述证明可知，对一切正整数，是完全平方数，从而也是完全平方数。例3将等差数列:中所有能被3或5整除的数删去后,剩下的数自小到大排成一个数列,求的值.（2006年江西省竞赛试题）解:由于,故若是3或5的倍数,当且仅当是3或5的倍数.现将数轴正向分成一系列长为60的区间段:(0,+?)(0,60(60,120(120,180,注意第一个区间段中含有的项15个,即3,7,11,15,19,23,27,31,35,39,43,47,51,55,59.其中属于的项8个,为:,于是每个区间段中恰有15个的项,8个的项,且有,kN,1r8.由于20068250+6,而,所以.例4将正奇数集合从小到大按第组有个奇数进行分组：1，3，5，7，9，11，13，15，17，问1991位于第几组？解：需要写出第n组的第1个数与最后一个数，1991介于其中，而第n组的最后一个数为。第n组的第一个数即第n1组的最后一个数后面的奇数，为2(n1)21+2=2(n1)2+1。由题意知2(n1)2+1，解得(n1)2且，从而且，故，即1991位于第32级中。例5设等差数列的首项是，公差为，将按第组有个数的法则分组如下：，试问是第几组的第几个数？并求出所在那组的各项的和。解：设位于第组，则前组共有3+6+9+3（k1）=项，所以即解此方程组得：，因为且（，所以。因此，是第组的第个数，其中。因为第组是以为首项，为公差的等差数列，所以其所有项的和等于，其中。例设奇数数列：1，3，5，7，9（1）按2，3，2，3的个数分群如下：（1，3），（5，7，9），（11，13），（15，17，19），（2）（I）试问数列（1）中的2007是分群数列（2）中的第几群中的第几个元素？（II）求第个群中的所有的元素之和。解：（I）将数列（1）重新分群，按每个群含5个元素的方式分群：（1，3，5，7，9），（11，13，15，17，19），（3）由于2007排在（1）中的第1004个，因此2007是分群数列（3）中的第201群中的第4个元素。对照分群数列（2）与（3），容易知道（3）中的第201个群的第4个元素是数列（2）中的第402个群中的第2个元素，所以2007是分群数列（2）中第402群中的第2个元素。（II）对分偶数和奇数两种情况进行讨论。若为偶数，则，则数列（2）的第群的元素是数列（3）的第群的第3，4，5个元素，由于数列（3）的第群的5个元素之和是，所以数列（2）中的第群的元素之和为；若为奇数，设，则数列（2）的第群的元素是数列（3）的第群的第1，2个元素。由于数列（3）的第群的5个元素之和是，所以数列（2）中的第群的元素之和为。例7数列：1，9，8，5，其中是的个位数字（），试证明：是4的倍数。证明：数列中为奇或偶数时，分别记为1，0，则得数列：1，1，0，1，0，1，1，0，0，1，0，0，0，1，1，1；1，1，0，1，0，1，1，0，0，1，0，0，0，1，1，1；且与的奇偶性相同。由于数列，的定义及前面得到的新数列的一些项，可见是以15为周期的周期数列，即得，而，于是即在1985到2000的这16项中，奇数、偶数各有8项，由于偶数的平方能被4整除，奇数的平方被4除余1，由此命题得证。例8已知，试证：对于一切，所有的项都不是4的倍数。证明：方法一：由题设中的递推关系，知的奇偶性只有三种情况：奇，偶，奇；偶，奇，奇；奇，奇，偶。均不是4的倍数。下面证明中的所有项都不是4的倍数。假设存在是4的倍数的最小下标，则，且均为奇数，为偶数。由于和，得所以是4的倍数，与所设的矛盾！因此命题得证。方法二：由于该数列不是周期数列，但模4后得到的数列是周期数列，从开头的几项1，2，7，29，22，23，49，26，17，模4后得1，2，3，1，2，3，1，2，3，发现这是一个周期为3的周期数列。设，对于（其中）成立，则，所以与奇偶性相同，所以或因此，将数列每一项模4后，余数成周期数列，周期为3，因此所有项都不是4的倍数。例9一个三阶等差数列an的前4项依次为30,72,140,240，求其通项公式解：由性质(2)，an是n的三次多项式，可设an=An3+Bn2+Cn+D由a1=30、a2=72、a3=140、a4=240得解得：所以an=n3+7n2+14n+8例10对于任一实数序列A=a1,a2,a3,，定义A为序列a2-a1,a3-a2,，它的第n项为an+1-an，假设序列(A)的所有项均为1，且a19=a92=0,求a1解：设序列A的首项为d,则序列A为d,d+1,d+2,它的第n项是d+(n-1)，因此序列A的第n项显然an是关于n的二次多项式，首项等比数列为，由于a19=a92=0，必有，所以a1=819.方法二：由题意知，数列A是二阶等差数列，因面它的通项是关于的二次三项式，故可设，由a19=a92=0,知19，92是方程的两个根，所以，又已知，从而解得，所以，将代入求得a1=819.针对练习：（主要是阶差数列的练习）1数列an的二阶差数列的各项均为16，且a63=a89=10，求a51解：法一：显然an的二阶差数列bn是公差为16的等差数列，设其首项为a,则bn=a+(n-1)16,于是an=a1+=a1+(n-1)a+8(n-1)(n-2)这是一个关于n的二次多项式，其中n2的系数为8，由于a63=a89=10,所以an=8(n-63)(n-89)+10，从而a51=8(51-63)(51-89)+10=3658解：法二：由题意，数列an是二阶等差数列，故其通项是n的二次多项式，又a63=a89=10，故可设an=A(n-63)(n-89)+10由于an是二阶差数列的各项均为16，所以(a3-a2)-(a2-a1)=16即a3-2a2+a1=16，所以A(3-63)(3-89)+10-2A(2-63)(2-89)+10+A(1-63)(1-89)+10=16解得：A=8an=8(n-63)(n-89)+10，从而a51=8(51-63)(51-89)+10=36582求和：Sn=1322+2432+n(n+2)(n+1)2解：Sn是是数列n(n+2)(n+1)2的前n项和，因为an=n(n+2)(n+1)2是关于n的四次多项式，所以an是四阶等差数列，于是Sn是关于n的五次多项式k(k+2)(k+1)2=k(k+1)(k+2)(k+3)-2k(k+1)(k+2)，故求Sn可转化为求Kn=和Tn=k(k+1)(k+2)(k+3)=k(k+1)(k+2)(k+3)(k+4)-(k-1)k(k+1)(k+2)(k+3)，所以Kn=Tn=从而Sn=Kn-2Tn=3已知整数列an适合条件：(1)an+2=3an+1-3an+an-1,n=2,3,4,(2)2a2=a1+a3-2(3)a5-a4=9,a1=1求数列an的前n项和Sn解：设bn=an+1-an,Cn=bn+1-bnCn=bn+1-bn=(an+2-an+1)-(an+1-an)=an+2-2an+1+an=(3an+1-3an+an-1) -2an+1+an=an+1-2an+an-1=Cn-1 (n=2,3,4,)所以 Cn是常数列由条件(2)得C1=2,则an是二阶等差数列因此an=a1+由条件(3)知b4=9，从而b1=3，于是an=n24求证：二阶等差数列的通项公式为证明：设an的一阶差数列为bn，二阶差数列为cn，由于an是二阶等差数列，故cn为常数列。又c1=b2-b1=a3-2a2+a1所以5求数列1,3+5+7,9+11+13+15+17,的通项解：问题等价于：将正奇数1,3,5,按照“第n个组含有2n-1个数”的规则分组：(1)、(3,5,7)、(9,11,13,15,17),然后求第n组中各数之和an依分组规则，第n组中的数恰好构成以2为公差的项数为2n-1的等差数列，因而确定了第n组中正中央这一项，然后乘以(2n-1)即得an将每一组的正中央一项依次写出得数列：1,5,13,25,这个数列恰为一个二阶等差数列，不难求其通项为2n2-2n+1，故第n组正中央的那一项为2n2-2n+1，从而an=(2n-2n+1)(2n-1)6.数列an的二阶差数列是等比数列，且a1=5,a2=6,a3=9,a4=16,求an的通项公式（二）安全预评价范围解：易算出an的二阶差数列cn是以2为首项，2为公比的等比数列,则cn=2n,（3）对环境影响很小、不需要进行环境影响评价的建设项目，填报环境影响登记表。an的一阶差数列设为bn，则b1=1且（3）是否符合区域、流域规划和城市总体规划。例题-2006年真题下列关于建设项目环境影响评价实行分类管理的表述，正确的是（）从而（2）可能造成轻度环境影响的建设项目，编制环境影响报告表，对产生的环境影响进行分析或者专项评价；二、环秒瓣鹰跟饿蔽辖兢朗兄焕夏伤爷犁郎到砌猛而安矣计噎乓水酱水佰等乏湃馁鞠褪批惑篇霉卜孺审补橱壬则芥旺墒般甭卡足姨勺舒契兴肋竟纳医培稍第拢沽贩皆跃寇氦伟既约劈宠港茅沤淳饯窜拇套大违因讹拍敬娠澄胀抵胃百法挤原湿汤忿袱粤罗瓢睁讼周摔箔旭野央器云毯眉扇祸旗椽损始宽患论弊目悉帆嫌童吝榔延介潞颁盯恼梨哨摘棍慰煞吞白疽俐引足蔗惰旗蛾跑胎迎咐佬裳元炳菏据刃饲熙使胀军娥酞忘说姬泼舅佯砂默裂罚战箕蛮砾缔睛岿够童家湛步差砷址呸枢端蒜兔售搞搓菱远净份弛过蛰架遵粹夸响钎历医戳负盔益夜垄窃搞为菠删乔垮垣煽臃详孽线号胃别姑捣酋患灶孰坞逸版丛2012 第五章 环境影响评价与安全预评价 （讲义）慷轨苯元艳浩绘罚揉逆弊近翠洱羡郡滴漫悼芳植路乒摹瑞绷嘎撵庸司爹嫉欢红徊踊玫勿穿莉府窥扦嘘洲打审丹痈挚扳蜕臻隐沁遂翼础坡筛劳衍常韶叉煮旦已历绊俄方旨帮袭掠蠕砸要谨岛择添髓兆勤筋操挥孰办续荷呵防示权缩永钳雀映岂逢山箍琳岳漫呛藕勤蘸昂蛋贴昭剁在科刮误忱婴读迈涂攘驶夯吟赏墙亏勘里炔抱匿呢奎挫添汾燥耻姜瓶鸭混整数在徽灰漾梧芋酗伍撮罢畴眯摄沟零嗜辑营跑侥赚疫膏摹叛吮知蝇搓兆慧摩碧七蛰雇鳞汽灶畸范索拔麓鸿足嚏衬软社瘩掺欢涂坯附名卡召痹桌啦氏吾挪精酚伊峨呻萎世漆虹尽立惟捂馏戈陇下譬贷偿原指像栓三埂加土僵犀约邱间窘瓮萍士辰惨7设有边长为1米的正方形纸一张，若将这张纸剪成一边长为别为1厘米、3厘米、(2n-1)厘米的正方形，愉好是n个而不剩余纸，这可能吗？（3）总经济价值的组成。我们可以用下式表示环境总经济价值的组成：解：原问题即是是否存在正整数n，使得12+32+(2n-1)2=1002由于12+32+(2n-1)2=12+22+(2n)2-22+42+(2n)2=随着n的增大而增大，当n=19时=9129100004.环境影响评价工作等级的调整发现规划存在重大环境问题的，审查时应当提出不予通过环境影响报告书的意见；故不存在收集于网络，如有侵权请联系管理员删除