2021高考生物一轮课时作业16-必修2--1.2孟德尔的豌豆杂交实验(二)A.docx

温馨提示： 此套题为Word版，请按住Ctrl,滑动鼠标滚轴，调整合适的观看比例，答案解析附后。关闭Word文档返回原板块。课时提升作业(十六)孟德尔的豌豆杂交试验(二)A卷 (45分钟100分)一、选择题(包括12个小题，每个小题4分，共48分)1.下列有关基因分别定律和自由组合定律的叙述正确的是()A.可以解释一切生物的遗传现象B.体现在杂合子形成雌雄配子的过程中C.争辩的是全部两对等位基因的遗传行为D.两个定律之间不存在必定的联系2.(2022巢湖模拟)豌豆子叶的黄色(Y)、圆粒种子(R)均为显性。两亲本豌豆杂交的F1表现型如图。让F1中黄色圆粒豌豆与绿色皱粒豌豆杂交，F2的性状分别比为()A.1111B.2211C.3131D.93313.(2022济南模拟)已知某动物种群中仅有Aabb和AAbb两种类型个体，AabbAAbb=11，且该种群中雌雄个体比例为11，个体间可以自由交配，则该种群自由交配产生的子代中能稳定遗传的个体比例为()A.1/2B.5/8C.1/4D.3/44.最能正确表示基因自由组合定律实质的是()5.(2022烟台模拟)现有四个果蝇品系(都是纯种)，其中品系的性状均为显性，品系均只有一种性状是隐性，其他性状均为显性。这四个品系的隐性性状及把握该隐性性状的基因所在的染色体如下表所示：品系性状均为显性残翅黑身紫红眼相应染色体、若需验证基因的自由组合定律，可选择下列哪种交配类型()A.B.C.D.6.(2022济南模拟)小麦麦穗基部离地的高度受4对等位基因把握，这4对等位基因分别位于4对同源染色体上。每个基因对高度的增加效应相同且具叠加性。将麦穗离地27 cm的mmnnuuvv和离地99 cm的MMNNUUVV杂交得到F1；再用F1与甲植株杂交，F2产生子代的麦穗离地高度范围是3690 cm，则甲植株可能的基因型为()A.mmNnUuVvB.MmNnUuVvC.mmnnUuVVD.mmNNUuVv7.(2022广州模拟)灰兔和白兔杂交，F1全是灰兔，F1雌雄个体相互交配，F2中有灰兔、黑兔和白兔，比例为934，则()A.家兔的毛色受一对等位基因把握B.F2灰兔中能稳定遗传的个体占1/16C.F2灰兔基因型有4种，能产生4种比例相等的配子D.F2中黑兔与白兔交配，后代毁灭白兔的几率是1/38.(2022南京模拟)基因D、d和T、t是分别位于两对同源染色体上的等位基因，下列相关叙述正确的是()A.基因型为DDTT和ddtt的个体杂交，则F2双显性性状中能稳定遗传的个体占1/16B.后代表现型的数量比为1111，则两个亲本的基因型确定为DdTt和ddttC.若将基因型为DDtt的桃树枝条嫁接到基因型为ddTT的植株上，自花传粉后，所结果实的基因型为DdTtD.基因型为DdTt的个体，正常状况下不能产生dd类型的配子9.(2022郑州模拟)狗毛褐色由B基因把握，黑色由b基因把握，I和i是位于另一对同源染色体上的一对等位基因，I是抑制基因，当I存在时，B、b均不表现颜色而产生白色。现有黑色狗(bbii)和白色狗(BBII)杂交，产生的F2中杂合褐色黑色为()A.13B.21C.12D.3110.(2022南京模拟)人类的肤色由A/a、B/b、E/e 3对等位基因共同把握，A/a、B/b、E/e分别位于3对同源染色体上，AABBEE为黑色，aabbee为白色，其他性状与基因型的关系如下图所示，即肤色深浅与显性基因个数有关，如基因型为AaBbEe、AABbee与aaBbEE等含任何3个显性基因的肤色一样。若双方均为含3个显性基因的杂合子婚配(AaBbEeAaBbEe)，则子代肤色的基因型和表现型分别有多少种()A.27，7B.16，9C.27，9D.16，711.有一种软骨发育不全的遗传病，两个有这种病的人(其他性状正常)结婚，所生第一个孩子得白化病且软骨发育不全，其次个孩子全部性状正常。假设把握这两种病的基因符合基因的自由组合定律，请猜想，他们再生一个孩子同时患两种病的几率是()A.1/16B.1/8C.3/16D.3/812.(力气挑战题)(2022汕头模拟)某育种专家在农田中发觉一株大穗不抗病的小麦，自花受粉后获得160粒种子，这些种子发育成的小麦中有30株大穗抗病和若干株小穗抗病，其余的都不抗病。若将这30株大穗抗病的小麦作为亲本自交，在其F1中选择大穗抗病的再进行自交，理论上F2中能稳定遗传的大穗抗病小麦占F2中全部大穗抗病小麦的比例为()A.2/10B.7/10C.2/9D.7/9二、非选择题(包括3个小题，共52分)13.(16分)(2022徐州模拟)瑞典遗传学家尼尔逊埃尔对小麦和燕麦的子粒颜色的遗传进行了争辩。他发觉在若干个红色子粒与白色子粒的纯合亲本杂交组合中毁灭了如下几种状况：结合上述结果，回答下列问题：(1)把握红粒性状的基由于(填“显性”或“隐性”)基因，该性状由对能独立遗传的基因把握。(2)第、组杂交组合子一代可能的基因组成有种，第组杂交组合子一代可能的基因组成有种。(3)第、组F1测交后代的红粒和白粒的比例依次为、_和_。14.(16分)(2021福建高考)甘蓝型油菜花色性状由三对等位基因把握，三对等位基因分别位于三对同源染色体上。花色表现型与基因型之间的对应关系如表。表现型白花乳白花黄花金黄花基因型AA_ _ _ _Aa_ _ _ _aaB_ _ _aa_ _D_aabbdd请回答：(1)白花(AABBDD)黄花(aaBBDD)，F1基因型是，F1测交后代的花色表现型及其比例是。(2)黄花(aaBBDD)金黄花得F1自交，F2中黄花基因型有种，其中纯合个体占黄花的比例是。(3)甘蓝型油菜花色有观赏价值，欲同时获得四种花色表现型的子一代，可选择基因型为的个体自交，理论上子一代比例最高的花色表现型是_。15.(20分)(力气挑战题)(2022潍坊模拟)某种植物的花色由两对独立遗传的等位基因A、a和B、b把握。基因A把握红色素合成(AA和Aa的效应相同)，基因B为修饰基因，BB使红色素完全消逝，Bb使红色素颜色淡化。现用两组纯合亲本进行杂交，试验结果如下：(1)这两组杂交试验中，白花亲本的基因型分别是_。(2)让第1组F2的全部个体自交，后代的表现型及比例为。(3)第2组F2中红花个体的基因型是_，F2中的红花个体与粉红花个体随机杂交，后代开白花的个体占_。(4)从第2组F2中取一红花植株，请你设计试验，用最简便的方法来鉴定该植株的基因型。(简要写出设计思路即可)答案解析1.【解析】选B。基因分别定律和基因自由组合定律适用于真核生物有性生殖过程中细胞核中基因的遗传；基因分别定律和自由组合定律的实质体现在减数分裂过程中同源染色体的分别和非同源染色体的自由组合；基因分别定律适用于一对等位基因的遗传，基因自由组合定律适用于两对或两对以上等位基因的遗传；基因分别定律和基因自由组合定律的体现是同时进行的，均发生在减数第一次分裂后期，它们之间存在必定的联系。2.【解题指南】解答本题的关键：(1)明确题图中的性状分别比圆粒皱粒=31，黄色绿色=11，符合基因分别定律。(2)关注F1黄色圆粒豌豆中不同个体的概率。【解析】选B。分析柱状图中圆粒皱粒=31，黄色绿色=11，则亲本基因型为YyRr和yyRr，F1中黄色圆粒豌豆基因型为YyRR或YyRr，二者比例为12。由此可计算F2性状分别比为2211。3.【解析】选B。从题干信息不难发觉，只需考虑Aa、AA的遗传即可。双亲中AaAA=11，则随机交配，A占3/4，a占1/4，后代中有AA、Aa、aa三种基因型的个体，毁灭的概率分别是9/16、6/16、1/16，即能稳定遗传的个体AA、aa所占比例为5/8。【加固训练】基因型为AaBb的玉米自交，自交后代中与亲本基因型相同的个体占总数的()A.1/8B.1/4C.3/8D.1/2【解析】选B。将AaBb分解成(AaAa)(BbBb)，依据基因分别定律知，其自交后代基因型为AaBb的概率为1/2Aa1/2Bb=1/4。4.【解析】选D。A项反映了基因分别定律的结果；B项体现了自由组合定律的结果，而不能体现出自由组合定律的实质；C项两对等位基因位于同一对同源染色体上，体现的是由于交叉互换导致的基因重组，不属于自由组合定律的范畴；D项两对等位基因位于两对同源染色体上，在减数分裂过程中发生非等位基因的自由组合，体现了自由组合定律的实质。【易错提示】(1)配子的随机结合不是基因的自由组合，基因的自由组合发生在减数第一次分裂过程中，而不是受精作用时。(2)自由组合强调的是非同源染色体上的非等位基因，一条染色体上的多个基因也称为非等位基因，但它们不能自由组合。5.【解析】选A。本题主要考查基因的自由组合定律。若需验证基因的自由组合定律，至少需要两对相对性状，并且相关基因位于非同源染色体上，品系为显性纯合子，品系和品系把握两对相对性状的基因位于一对同源染色体上，因此，不能选择品系，也不能选择品系和品系杂交，故选择品系和品系或品系和品系杂交。6.【解析】选D。由题意可知，该性状由4对等位基因把握，由于每对基因对高度的累加效应相同，且mmnnuuvv麦穗离地27 cm，MMNNUUVV麦穗离地99 cm，这4对等位基因构成的个体基因型中含有显性基因数量的种类有9种，每增加一个显性基因，则离地高度增加9 cm，题中F1基因型为MmNnUuVv，与甲植株杂交后代性状为离地3690 cm，说明后代含有17个显性基因。7.【解析】选D。由题意可知，家兔的毛色受两对等位基因把握。F2灰兔有4种基因型(1/9AABB、2/9AABb、2/9AaBB、4/9AaBb)，产生4种配子(ABAbaBab=4221)。F2中黑兔(2/3Aabb、1/3AAbb)产生两种配子：Abab=21。F2中白兔(1/4aaBB、2/4aaBb、1/4aabb)产生两种配子：aBab=11。故F2中黑兔与白兔交配后代白兔占1/3。8.【解题指南】解答本题的关键：(1)明确后代表现型的数量比为1111并不愿定是测交的结果。(2)枝条嫁接后，若自花传粉，所结果实的基因型取决于接穗的基因型(DDtt)，而不是取决于砧木的基因型(ddTT)。【解析】选D。基因型为DDTT和ddtt的个体杂交，F2中双显性个体占9/16，F2双显性个体中能稳定遗传的个体占1/9；亲本基因型为Ddtt和ddTt，后代表现型的数量比也为1111；将基因型为DDtt的桃树枝条嫁接到基因型为ddTT的植株上，自花传粉所结果实的基因型为DDtt；基因型为DdTt的个体，正常状况下产生的配子中只含有一个d基因，不能产生dd类型的配子。9.【解析】选B。bbii与BBII交配，F1均为BbIi，F2中杂合褐色的基因型为Bbii，占2/16，黑色的基因型为bbii，占1/16，所以比例为21。【易错提示】虽然该题中狗的毛色遗传符合自由组合定律，但某种性状概率的计算并不完全符合自由组合定律，当I存在时，B、b均不表现原来的褐色和黑色，而是表现为白色。10.【解析】选A。亲代为AaBbEeAaBbEe，则子代基因型有333=27种，据显性基因多少，子代基因型中含显性基因的个数分别为0、1、2、3、4、5、6，共7种，因此表现型为7种。11.【解析】选C。假设软骨发育不全由B、b基因把握，白化病由A、a基因把握，由于两个软骨发育不全的人(其他性状正常)结婚，所生第一个孩子得白化病且软骨发育不全，其次个孩子全部性状正常，可以推断出此夫妇的基因型均为AaBb，他们再生一个孩子同时患两种病的几率是1/43/4=3/16。【方法技巧】利用自由组合定律猜想遗传病概率当两种遗传病之间具有“自由组合”关系时，各种患病状况的概率如表：序号类型计算公式1患甲病的概率m则不患甲病的概率为1-m2患乙病的概率n则不患乙病的概率为1-n3只患甲病的概率m(1-n)=m-mn4只患乙病的概率n(1-m)=n-mn5同患两种病的概率mn6只患一种病的概率1-mn-(1-m)(1-n)或m(1-n)+n(1-m)7患病概率m(1-n)+n(1-m)+mn或1-(1-m)(1-n)8不患病概率(1-m)(1-n)上表各种状况可概括如下图：12.【解题指南】解答本题的关键点：(1)在F1中选出大穗抗病小麦再进行自交时，需要对其中不同基因型的个体重新求算比例。(2)在求算能稳定遗传的大穗抗病小麦所占比例时，需要明确求算比例的范围。【解析】选D。首先由题意确定大穗不抗病是显性性状，所以作为亲本的大穗抗病小麦的基因型为1/3AAbb和2/3Aabb，自交后代F1中大穗抗病小麦的基因型为1/2AAbb和1/3Aabb，在大穗抗病小麦中，AAbb和Aabb分别占3/5、2/5。再进行自交，F2中大穗抗病的为7/10AAbb和1/5Aabb，理论上F2中能稳定遗传的大穗抗病小麦占F2中全部大穗抗病小麦的比例为7/10(7/10+1/5)=7/9。13.【解析】(1)由F1、F2的表现型和“有中生无”原理可推出红粒为显性性状，把握红粒性状的基因确定为显性基因。由组的F2中红粒所占的比例为63/64，即1-(1/4)3，可以推出该性状由3对能独立遗传的基因把握。(2)由各表现型所占的比例可推出第、组的F1中分别有1对、2对、3对杂合基因，则第组F1可能的基因组成为Aabbcc、aaBbcc和aabbCc，第组F1可能的基因组成为AaBbcc、aaBbCc和AabbCc，第组F1可能的基因组成只能为AaBbCc。(3)第、组F1测交后代的白粒所占的比例依次为1/2、(1/2)2和(1/2)3。答案：(1)显性3(2)31(3)11317114.【解题指南】解答本题的技巧：(1)精确写出后代的基因型。(2)将自由组合定律问题分解为若干个分别定律问题，然后用乘法原理汇总是解答此类题目的捷径。(3)机敏运用题干中供应的基因相互制约而生成的表现型及比例。【解析】本题综合考查基因自由组合定律及其应用。(1)AABBDDaaBBDDF1：AaBBDD。AaBBDD与aabbdd进行测交，后代为AaBbDd(乳白花)aaBbDd(黄花)=11。(2)aaBBDDaabbddF1：aaBbDd。aaBbDd自交，F2有9种基因型，其中aabbdd开金黄花，其余8种全部开黄花，黄花个体占F2的15/16，纯合黄花个体(aaBBDD、aaBBdd、aabbDD)占F2的3/16，因此黄花个体中纯合个体占1/5。(3)甘蓝型油菜花色有33种基因型，只看A和a这一对等位基因，AA基因型自交后代全部为白花，aa自交后代的个体不行能毁灭白花，所以自交后代同时获得四种花色的基因型只能是Aa，同理可推另外两对等位基因是bbDd、Bbdd或BbDd，则相应个体基因型为AabbDd、AaBbdd或AaBbDd。上述个体自交，F1表现型：白花占1/4，乳白花占1/2，黄花和金黄花共占1/4，比例最高的为乳白花。答案：(1)AaBBDD乳白花黄花=11(2)81/5(3)AaBbDd(或AabbDd、AaBbdd)乳白花15.【解题指南】解答本题应特殊关注以下题干信息：(1)BB使红色素完全消逝，可推知红花纯合子的基因型只能是AAbb。(2)第1组F2中虽然红花粉红花白花=121，但依据题干信息，在推想个体基因型时，不要认为只受1对等位基因把握。【解析】(1)由题干信息可推出，粉红花的基因型为A_Bb。由第1组F2的性状分别比121可知，F1的基因型为AABb，亲本的基因型为AABB和AAbb；由第2组F2的性状分别比367(即9331的变形)可知，F1的基因型为AaBb，亲本的基因型为aaBB和AAbb。(2)第1组F2的基因型为1/4AABB(白花)、1/2AABb(粉红花)、1/4AAbb(红花)。1/4AABB(白花)和1/4AAbb(红花)自交后代还是1/4AABB(白花)和1/4AAbb(红花)，1/2AABb(粉红花)自交后代为1/8AABB(白花)、1/4AABb(粉红花)、1/8AAbb(红花)。综上所述，第1组F2的全部个体自交，后代的表现型及比例为红花粉红花白花=323。(3)第2组F2中红花个体的基因型为1/3AAbb、2/3Aabb，粉红花个体的基因型为1/3AABb、2/3AaBb。只有当红花个体基因型为Aabb，粉红花个体基因型为AaBb时，杂交后代才会毁灭开白花的个体，故后代中开白花的个体(aa_)占2/32/31/4=1/9。(4)第2组F2中红花植株的基因型为AAbb或Aabb，可用自交或测交的方法鉴定其基因型，自交比测交更简便。答案：(1)AABB、aaBB(2)红花粉红花白花=323(3)AAbb或Aabb1/9(4)让该植株自交，观看后代的花色。关闭Word文档返回原板块