2022届高三文科数学总复习课时提升作业(七)-2.4指数函数.docx

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课时提升作业(七)
指 数 函 数
(25分钟　60分)
一、选择题(每小题5分,共25分)
1.等于(　　)
A.-　　　 B.　　 　 C.　　 　 D.
【解析】选A.由已知可得a≤0,所以原式=
2.(2021·北京模拟)y=ax-1+2(a>0且a≠1)的图象确定过点　(　　)
A.(1,1) B.(1,3) C.(2,0) D.(4,0)
【解析】选B.由x-1=0,解得x=1,此时y=1+2=3,即函数的图象过定点(1,3).
3.(2021·昆明模拟)设a=22.5,b=2.50,c=()2.5,则a,b,c的大小关系是(　　)
A.a>c>b B.c>a>b
C.a>b>c D.b>a>c
【解析】选C.b=2.50=1,c=()2.5=2-2.5,
则2-2.5<1<22.5,即c)=2x-2,则函数y=|f(x)|的图象可能是
　(　　)

【解析】选B.|f(x)|=|2x-2|=
易知函数y=|f(x)|的图象的分段点是x=1,且过点(1,0),(0,1),.又|f(x)|≥0,故选B.
【误区警示】本题易误选A或D,毁灭错误的缘由是误以为y=|f(x)|是偶函数.
5.当x∈[-2,2]时,ax<2(a>0,且a≠1),则实数a的范围是(　　)
A.(1,)
B.(,1)
C.(,1)∪(1,)
D.(0,1)∪(1,)
【解析】选C.x∈[-2,2]时,ax<2(a>0,且a≠1),
若a>1,y=ax是一个增函数
则有a2<2,可得a<,故有1,故有误.
【加固训练】函数y=的值域是　　　　.
【解析】函数y=
令t=,则y=t2+t+1=(t+)2+,
由t=,知t>0,
由于函数y=(t+)2+在(0,+∞)上为增函数,
所以y>1,即函数的值域为(1,+∞).
答案:(1,+∞)
7.(2021·长春模拟)已知函数f(x)=a-x(a>0,且a≠1),且f(-2)>f(-3),则a的取值范围是　　　　.
【解析】由于f(x)=a-x=()x,且f(-2)>f(-3),所以函数f(x)在定义域上单调递增,所以>1,解得0解题提示】把f(x)看成两个函数的积,推断出的奇偶性,然后求解.
【解析】设g(x)=a+,t(x)=x2,
由于t(x)=x2是偶函数,而f(x)=x2是奇函数,所以g(x)=a+是奇函数,
又由于g(-x)=a+=a+,
所以a+=-对定义域内的一切实数都成立,解得a=.
答案:
三、解答题(每小题10分,共20分)
9.(2022·上海高考)设常数a≥0,函数f(x)=依据a的不同取值,争辩函数y=f(x)的奇偶性,并说明理由.
【解析】若f(x)为偶函数,则f(x)=f(-x)对任意x均成立,所以,
整理可得a(2x-2-x)=0,
由于2x-2-x不恒为0,所以a=0,此时f(x)=1,x∈R,满足条件;
若f(x)为奇函数,则f(x)=-f(-x)对任意x均成立,所以,
整理可得a2-1=0,所以a=±1,
由于a>0,所以a=1,
此时f(x)=,x≠0,满足条件;
综上所述,a=0时,f(x)是偶函数;a=1时,f(x)是奇函数.
10.已知函数f(x)=
(1)若a=-1,求f(x)的单调区间.
(2)若f(x)有最大值3,求a的值.
【解析】(1)当a=-1时,f(x)=,
令g(x)=-x2-4x+3,
由于g(x)在(-∞,-2)上单调递增,
在(-2,+∞)上单调递减,
而y=在R上单调递减,
所以f(x)在(-∞,-2)上单调递减,
在(-2,+∞)上单调递增,
即函数f(x)的递增区间是(-2,+∞),
递减区间是(-∞,-2).
(2)令h(x)=ax2-4x+3,y=,
由于f(x)有最大值3,所以h(x)应有最小值-1,
因此必有解得a=1,
所以当f(x)有最大值3时,a的值等于1.
【加固训练】设a>0且a≠1,函数y=a2x+2ax-1在[-1,1]上的最大值是14,求a的值.
【解析】令t=ax(a>0且a≠1),
则原函数化为y=(t+1)2-2(t>0).
(1)当0
所以f(t)max=f()=(+1)2-2=14.
所以(+1)2=16,所以a=-或a=.
又由于01时,x∈[-1,1],t=ax∈[,a],
此时f(t)在[,a]上是增函数.
所以f(t)max=f(a)=(a+1)2-2=14,
解得a=3(a=-5舍去).综上得a=或3.
(20分钟　40分)
1.(5分)(2021·金华模拟)函数y=(01对称,且当x≥1时,f(x)=3x-1,则有(　　)
A.f()f()>f().
即f()>f()>f().
【方法技巧】比较函数值大小的方法
(1)单调性法:先利用相关性质,将待比较函数值调整到同一单调区间内,然后利用该函数在该区间上的单调性比较大小.
(2)图象法:先利用相关性质作出函数的图象,再结合图象比较大小.
3.(5分)(2021·泰安模拟)若函数f(x)=kax-a-x(a>0且a≠1)在(-∞,+∞)上既是奇函数又是增函数,则函数g(x)=loga(x+k)的图象是(　　)

【解析】选C.由于函数f(x)=kax-a-x(a>0,a≠1)在(-∞,+∞)上是奇函数,则f(-x)+f(x)=0,即(k-1)(ax+a-x)=0,则k=1,
又由于函数f(x)=kax-a-x(a>0,a≠1)在(-∞,+∞)上是增函数,则a>1,
则g(x)=logax+k)=loga(x+1)的图象必过原点,且为增函数,故选C.
4.(12分)已知函数f(x)=2a·4x-2x-1.
(1)当a=1时,求函数f(x)在x∈[-3,0]的值域.
(2)若关于x的方程f(x)=0有解,求a的取值范围.
【解析】(1)当a=1时,f(x)=2·4x-2x-1=2(2x)2-2x-1,令t=2x,x∈[-3,0],则t∈[,1].
故y=2t2-t-1=2(t-)2-,t∈[,1],故值域为[-,0].
(2)关于x的方程2a(2x)2-2x-1=0有解,等价于方程2am2-m-1=0在(0,+∞)上有解.
记g(m)=2am2-m-1,
当a0时,解为m=-1<0,不成立.
当a<0时,开口向下,对称轴m=<0,过点(0,-1),不成立.
当a>0时,开口向上,对称轴m=>0,过点(0,-1),必有一个根为正,所以,a>0.
【一题多解】本题还有以下解法:
方程2am2-m-1=0可化为a=,所以a的范围即为函数g(m)= 在(0,+∞)上的值域,所以a>0.
5.(13分)(力气挑战题)设函数f(x)=kax-a-x(a>0且a≠1)是定义域为R的奇函数.
(1)若f(1)>0,求不等式f(x2+2x)+f(x-4)>0的解集.
(2)若f(1)=,且g(x)=a2x+a-2x-4f(x),求g(x)在[1,+∞)上的最小值.
【解析】由于f(x)是定义域为R的奇函数,所以f(0)=0,
所以k-1=0,所以k=1.故f(x)=ax-a-x.
(1)由于f(1)>0,所以>0,又a>0且a≠1,所以a>1,而当a>1时,y=ax和y=-a-x在R上均为增函数,所以f(x)在R上为增函数,原不等式化为:f(x2+2x)>f(4-x),所以x2+2x>4-x,即x2+3x-4>0,所以x>1或x<-4,所以不等式的解集为{x|x>1或x<-4}.
(2)由于f(1)=,所以,即2a2-3a-2=0,
所以a=2或a=-(舍去),
g(x)=22x+2-2x-4(2x-2-x)=(2x-2-x)2-4(2x-2-x)+2.令t=2x-2-x(x≥1),
则t=h(x)在[1,+∞)上为增函数,
即h(x)≥h(1)=.所以g(t)=t2-4t+2=(t-2)2-2,
所以当t=2时,g(x)min=-2,此时x=log2(1+),
故当x=log2(1+)时,g(x)有最小值-2.
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