2019年天一专家诊断卷高三理科专家诊断卷理科综合·B卷答案.doc

2019年普通高等学校招生全国统一考试诊断卷
理科综合·B卷
1．　BADBBC 7．　ACBBDCD 14．　DBDBD　AB　CD　ACD
22．◎　2f2k(2分)　bf(1分)　粗糙和倾斜都可以(2分)
23．◎　(1)D(2分)(2)如图所示(3分) (3)(1分) (4)(2分)　－(2分)
24． ◎思路点拨　(1)带电小球受到地面的支持力和重力平衡。在地面上先在匀强电场中做匀加速直线运动，设到P点时的速度为v1，应用动能定理有qEL＝mv(2分)
解得v1＝(1分)
(2)小球在电场中从Q到P的时间设为t1，加速度a＝
有L＝at(1分)
进入磁场中匀速圆周运动时间t2＝T(1分)
带电小球在磁场中做圆周运动，由洛伦兹力提供向心力有qv1B＝(1分)
又在磁场中匀速圆周运动周期T＝(1分)
出磁场后在电场中做类平抛运动，由对称性可知，粒子出磁场时速度方向与ab成45°角。
垂直电场方向：做匀速运动，x＝v1t3(1分)
沿电场方向：初速度为0的匀加速运动，y＝at(1分)
又tan 45°＝(1分)
从开始释放到第3次经过直线ab的时间间隔t＝t1＋t2＋t3(1分)
解得t＝3＋(1分)
25．◎命题立意　本题考查了动能定理、向心力公式、弹性碰撞，意在考查考生的推理能力和分析综合能力。
◎思路点拨　(1)Q到B点的速度设为vB，根据动能定理可知mQgR＝mQv－mQv(1分)
在B点，根据向心力公式有FB－mQg＝(1分)
解得FB＝30mg(1分)
(2)Q运动到E点时的速度设为v1
根据动能定理可知mQgR－μmQg(2R)＝mQv－mQv(2分)
解得v1＝2
设PQ第一次碰后速度分别为vP1和vQ1
根据动量守恒有mQv1＝mQvQ1＋mPvP1(2分)
碰撞过程机械能守恒有mQv＝mQv＋mPv(2分)
解得vP1＝3，vQ1＝
碰后均向右运动。
设Q在斜面上运动的最大距离为L1
从碰后到斜面最高点，根据动能定理有－μmQg·2R－(mQgsin θ＋μmQgcos θ)L1＝－mQv(1分)
到水平轨道从C向左滑行距离x1停止，根据动能定理有(mQgsin θ－μmQgcos θ)L1－μmQgx1＝0(1分)
解得x1＝R
因为P速度大，而P和Q在轨道上加速度都相同，Q先回到C向左滑行x1＝R停止。
P从碰后向右运动，设P在斜面上运动最大距离为L2
从碰后到斜面最高点，根据动能定理有－μmPg·2R－(mPgsin θ＋μmPgcos θ)L2＝－mPv(1分)
P到水平轨道从C向左滑行距离x1时的速度为vP，
根据动能定理有(mPgsin θ－μmPgcos θ)L2－μmPgR＝mPv(1分)
解得vP＝2
P与Q第二次碰撞，设PQ第一次碰后速度分别为vP2和vQ2
根据水平动量守恒有mPvP＝mQvQ2＋mPvP2(1分)
碰撞过程机械能守恒有mPv＝mQv＋mPv(1分)
解得vP2＝－，vQ2＝
碰后P向右滑动、Q向左滑动。
Q向左滑行到停止的运动位移设为x2
根据动能定理有－μmQgx2＝0－mQv(1分)
解得x2＝4R
则Q停在B点右侧R处。
P向右滑行距离R到C再沿斜面上滑最大距离设为L3
从第二次碰后到斜面最高点，根据动能定理有－μmPgR－(mPgsin θ＋μmPgcos θ)L3＝－mPv(1分)
从斜面最高点下滑到C点后再滑行距离x3停止，根据动能定理有(mPgsin θ－μmPgcos θ)L3－μmPgx3＝0(1分)
解得x3＝R(1分)
最终PQ距离为x＝4R－R－R＝R(1分)
26．◎参考答案　(1)三颈烧瓶(1分) (2)NaClO在较高温度下不稳定，防止NaClO分解(2分)
(3)加快反应速率，及时散热(2分)　3NaClO＋2Fe(NO3)3·9H2O＋10NaOH===2Na2FeO4＋3NaCl＋6NaNO3＋23H2O(2分) (4)K2FeO4(1分)　Na2FeO4的溶解度比K2FeO4大(2分)
(5)避免K2FeO4与水反应，减少K2FeO4损失，便于K2FeO4的干燥(2分)　74.34%(2分)
27．(1)①MnO2＋2H＋＋SO===Mn2＋＋SO＋H2O(2分)
②4.2×10－7(2分)
③过滤(1分)　洗涤(1分)
(2)①加快反应速率，提高原料利用率(1分)
②3(或3∶1)(1分)
③MnO2＋2Fe2＋＋4H＋===Mn2＋＋2Fe3＋＋2H2O(2分)
④HCOH＋＋CO，MnCO3的形成促进了HCO的电离(2分)
⑤NH4Cl(2分)
28．◎参考答案　(1)－41(2分)
(2)①ac(2分)
②0.26(2分)　0.11(2分)
(3)a＜b＜c＜d(2分)　3.7(2分)
(4)CO2＋6H＋＋6e－===CH3OH＋H2O(2分)　O2(1分)

29．◎参考答案　(除注明外，每空2分，共10分)
(1)叶绿体的类囊体薄膜、细胞质基质和线粒体基质　多
(2)叶绿素(1分)　左
(3)用18O分别标记H2O和CO2，进行两组实验，第一组向小球藻提供未标记的H2O和18O标记的CO2(C18O2)，第二组向小球藻提供18O标记的H2O(HO)和未标记的CO2，分别检测两组小球藻光合作用释放的O2，发现第一组释放的O2不含18O，第二组释放的O2含18O(3分)
30．◎参考答案　(除注明外，每空2分，共10分)
(1)微量有机物　非极性运输
(2)脱落酸(1分)　具有两重性(或低浓度促进生长，高浓度抑制生长)
(3)7(1分)　第7天时外源乙烯处理组与对照组之间的L酶活性差值最大
31．◎参考答案　(除注明外，每空1分，共8分)
(1)无机物(或CO2和H2O)　自养　生产者
(2)生物种群繁衍(2分)　互利共生
(3)维持生态平衡，利用植物吸收有害物质，减轻污染物对居民的危害等(答出两点即可给分，2分)
32．◎参考答案　(除注明外，每空2分，共11分)
(1)XTY、XtY(1分)　XT∶Xt＝3∶1
(2)1∶2　1/6　87.5%(或7/8)
(3)若后代都是长尾鼠(或雄鼠都是长尾的)，则该长尾雌鼠的基因型是XTXT；若后代雌鼠是长尾的，雄鼠既有短尾，又有长尾(或雄鼠出现短尾)，则该长尾雌鼠的基因型是XTXt
33．(1)参考答案　ABD(5分)
(2)思路点拨　(ⅰ)开始气体压强p1＝p0－L1＝60 cmHg，体积V1＝L3S，温度T1＝300 K，
玻璃管右侧水平部分刚好没有水银，p2＝p0－L1－L2＝50 cmHg，体积V2＝(L3＋2L2)S，温度T2＝？(1分)
根据理想气体状态方程有＝(2分)
解得T2＝500 K(1分)
(ⅱ)水银刚好没有流出，右管水银一共向右(下)移动了L3，左管水银向下移动了L2，则
p3＝p0－L1－L2＝50 cmHg，体积V3＝(2L3＋L2)S(1分)
根据等压变化有＝(1分)
解得T3＝625 K(1分)
此过程中气体对外界做功W＝p3S(L3－L2)＝ρghS(L3－L2)＝0.68 J(1分)
根据热力学第一定律可知ΔU＝Q－W(1分)
解得ΔU＝1.52 J(1分)

34．(1)　45°(3分)　3(2分)
(2)　(ⅰ)由题意可知，波的起振方向向上，波传播到A的时间为
t＝0.1 s(1分)
振幅A＝2 cm，T＝4t＝0.4 s，波的传播速度v＝＝2 m/s，波长λ＝vT＝0.8 m(1分)
质点O的简谐运动方程为y＝Asin ＝0.02sin 5πt (m)(1分)
(ⅱ)波从O传播到B的时间Δt1＝＝1.6 s(1分)
此时B在平衡位置，再经过时间Δt2＝T＝0.3 s出现在波谷(1分)
波传播到A后到质点B第1次到达波谷的时间Δt＝Δt1＋Δt2－t(1分)
解得Δt＝1.8 s(1分)
(ⅲ)质点B第一次到波峰需时间Δt3＝Δt1＋T＝1.7 s
波传播到C的时间Δt4＝＝1.4 s(1分)
此后C向上运动，再经过Δt3－Δt4＝0.3 s，C到达波谷(1分)
位移y＝－A＝－0.02 m(1分)
35．◎参考答案　(1)
↑↓
↑↓
↑↓
↑↓
↑↓
3d　
↑
4s (2分)　球形(1分)
(2)＞(1分)　Cu失去的是全充满3d10上的1个电子，所需能量较高，而Zn失去的是4s1上的1个电子，所需能量较低(2分)
(3)①abc(2分)
②sp3(1分)　Ⅴ形(1分)
③NH3与H2O能形成分子间氢键(2分)
(4)12(1分)　(2分)

36．(1)乙苯(1分)(2)加成反应(1分)(3)C4H6O4(2分)
(4)羟基、碳碳三键(2分)　HOCH2CH2CH2CH2OH(2分)
(5)nHOOCCH2CH2COOH＋nHOCH2CH2CH2CH2OH＋(n－1)H2O(2分)
(6)CH3CHOHCHCH3OH(2分)
(7)OOOO(3分)
37．◎参考答案　(除注明外，每空2分，共15分)
(1)去除样品中分子量较小的杂质　增加缓冲液的量或及时更换缓冲液
(2)减少(1分)　部分精油会随水蒸气的挥发而散失
(3)使橘皮油易于与水分离
(4)微生物的发酵　萃取　除去萃取液中的不溶物
38．◎参考答案　(除注明外，每空2分，共15分)
(1)乳腺蛋白基因的启动子　显微注射　雌性
(2)DNA双链复制　引物(1分)　热稳定DNA聚合(或Taq)　不同的限制酶
(3)与天然产品的功能进行活性比较