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2010年浙江省高中数学竞赛试卷一、选择题（本大题共有10小题，每题只有一个正确答案，将正确答案的序号填入题干后的括号里，多选、不选、错选均不得分，每题5分，共50分）1 化简三角有理式的值为（ ） A. 1 B. C. D. 1+2 若，则是的（ ）A. 充分而不必要条件 B. 必要而不充分条件C. 充要条件 D. 既不充分也不必要条件3 集合P=，则集合为（）A. B. C. D. 4 设,为两个相互垂直的单位向量。已知=，=，=r+k.若PQR为等边三角形，则k，r的取值为（ ） A B C D5 在正三棱柱ABCA1B1C1中，若AB=BB1，则CA1与C1B所成的角的大小是( )A60 B75 C90 D105 6 设，分别为等差数列与等比数列，且，则以下结论正确的是（ ）A. B. C. D. 7 若的二项式展开式中系数最大的项为（ ） A第8项 B. 第9项 C. 第8项和第9项 D. 第11项8 设，则下述关系式正确的是（ ）。 A B. C. D. 9 下面为某一立体的三视图，则该立体的体积为（ ）正视图： 半径为1的半圆以及高为1的矩形侧视图： 半径为1的圆以及高为1的矩形俯视图： 半径为1的圆A. B. C. D. 10. 设有算法如下：如果输入A=144, B=39,则输出的结果是（ ）A. 144 B. 3 C. 0 D. 12二、填空题（本大题共有7小题，将正确答案填入题干后的横线上，每空7分，共49分）11. 满足方程所有实数解为 。12. 函数的最小正周期为 . 13. 设P是圆上一动点，A点坐标为。当P在圆上运动时，线段PA的中点M的轨迹方程为 .14. 设锐角三角形ABC的边BC上有一点D，使得AD把ABC分成两个等腰三角形，试求ABC的最小内角的取值范围为 。15. 设z是虚数，且，则z的实部取值范围为 .16. 设。如果对任何，都有，则k的最小值为 .17. 设，。当函数的零点多于1个时，在以其最小零点与最大零点为端点的闭区间上的最大值为 .三、解答题（本大题共有3小题，每题17分，共51分）18. 设数列，问：（1）这个数列第2010项的值是多少；（2）在这个数列中，第2010个值为1的项的序号是多少.19. 设有红、黑、白三种颜色的球各10个。现将它们全部放入甲、乙两个袋子中，要求每个袋子里三种颜色球都有，且甲乙两个袋子中三种颜色球数之积相等。问共有多少种放法。20. 已知椭圆，以（0，1）为直角顶点，边AB、BC与椭圆交于两点B、C。若ABC面积的最大值为，求的值。四、附加题：（本大题共有2小题，每题25分，共50分。）21. 设D，E，F分别为ABC的三边BC，CA，AB上的点。记。证明：。22. （1）设，平面上的点如其坐标都是整数，则称之为格点。今有曲线过格点（n，m），记对应的曲线段上的格点数为N。证明：。(2) 进而设a是一个正整数，证明：。（注表示不超过x的最大整数）参考答案1、解答为 A。 。2、解答为 B。p成立，所以p 成立，推不出q一定成立。3、解答：D。 画数轴，由绝对值的几何意义可得，。4、解答C. ，即。5、解答：C。建立空间直角坐标系，以所在的直线为轴，在平面上垂直于 的直线为轴，所在的直线为轴。则，。6、解答：A。7、解答：D. ，r=10，第11项最大。8、解答： D。函数为偶函数，在（0，）上，为减函数，而，所以。9、解答：C. 根据题意，该立体图为圆柱和一个1/4的球的组合体。10、解答 B （1）A=144，B=39，C=27：（2）A=39，B=27，C=12：（3）A=27，B=12，C=3：（4）A=12，B=3，C=0。所以A=3。11、解答 变形得，解得。12、解答 。13、解答 设M的坐标为，因为P点在圆上，所以 所以P点轨迹为。14、解答 如图，（1）AD=AC=BD；（2）DC=AC，AD=BD。ACDB（1）ACDB（2）在（1）中，设最小的角为x，则2x90,得x45,又x+180-4x30,所以30x45；在（2）中，设最小的角为x，则3x90,得x30,又180-4x22.5,所以22.5x3015、解答 设当，无解；当。16、解答 分子，所以k的最小值为。17、解答 因为函数为偶函数，由对称性以及图象知道，在以其最小零点与最大零点为端点的闭区间上的最大值0或q。18、解（1）将数列分组：因为1+2+3+62=1953；1+2+3+63=2016，所以数列的第2010项属于第63组倒数第7个数，即为。 - 10分（2）由以上分组可以知道，每个奇数组中出现一个1，所以第2010个1出现在第4019组，而第4019组中的1位于该组第2010位，所以第2010个值为1的项的序号为（1+2+3+4018）+2010=809428。 - 17分19、解：设甲袋中的红、黑、白三种颜色的球数为，则有，且 （*1）- 5分即有 。 （*2）于是有 。因此中必有一个取5。不妨设，代入（*1）式，得到。 -10分此时，y可取1，2，8，9（相应地z取 9，8，2，1），共9种放法。同理可得y=5或者z=5时，也各有9种放法，但有时二种放法重复。因此可得共有932 = 25种放法。 -17分20、解： 不妨设的方程，则的方程为。由得： 由得： 从而有于是 。令，有 - 10分因为 时等号成立。因此当 - 14分令 - 17分21、证明 由 -5分 。 - 10分所以， =。 -20分因此，等号成立，当且仅当，D与C重合，或E与A重合，或F与B重合。 - 25分22、证明 （1）考虑区域且该区域上的格点为nm个。又该区域由区域E：以及区域F：组成。在区域E上，直线段上的格点为个，所以区域E上的 格点数为。 - 5分同理区域F上的格点数为。 - 10分由容斥原理，。 -15分 （2）当a是一个正整数时，曲线上的点（）都是格点，所以（1）中的N=n。同时，。将以上数据代入（1）得。 - 25分