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(完整word)单摆习题及答案单摆习题及答案1如图所示是、乙两个单摆做简谐运动的图象，则下列说法中正确的是(）A甲、乙两单摆的振幅之比为2：1Bt=2s时，甲单摆的重力势能最大，乙单摆的动能为零C甲、乙两单摆的摆长之比为4：1D甲、乙两单摆摆球在最低点时向心加速度大小一定相等2在同一地点,两个单摆的摆长之比为4:1，摆球的质量之比为1:4，则它们的频率之比为A1：1B1：2C1：4D4：13在同一地点,关于单摆的周期，下列说法正确的是（）A摆长不变，离地越高，周期越小 B摆长不变，摆球质量越大，周期越小C摆长不变，振幅越大，周期越大 D单摆周期的平方与摆长成正比4在“用单摆测定重力加速度的实验中,有同学发现他测得重力加速度的值偏大，其原因可能是(）A悬点未固定紧，振动中出现松动，使摆线增长了 B单摆所用摆球质量太大C把（n+1）次全振动时间误当成n次全振动时间 D开始计时时，秒表过迟按下5如图所示，一单摆在做简谐运动下列说法正确的是（)A单摆的振幅越大，振动周期越大 B摆球质量越大，振动周期越大C若将摆线变短,振动周期将变大D若将单摆拿到月球上去，振动周期将变大6一单摆的摆长为90cm，摆球在t=0时刻正从平衡位置向右运动，（g取10m/s2），则在t=1s时摆球的运动情况是（）A正向左做减速运动，加速度正在增大 B正向左做加速运动,加速度正在减小C正向右做减速运动,加速度正在增大 D正向右做加速运动，加速度正在减小7在“用单摆测定重力加速度”的实验中，用力传感器测得摆线的拉力大小F随时间t变化的图象如图所示,已知单摆的摆长为l，则重力加速度g为(）ABCD8如图所示,一摆长为l的单摆，在悬点的正下方的P处固定一光滑钉子,P与悬点相距ll，则这个摆做小幅度摆动时的周期为（）A2B2C（+）D2 9将秒摆的周期变为4s，下面哪些措施是正确的（）A只将摆球质量变为原来的 B只将振幅变为原来的2倍C只将摆长变为原来的4倍 D只将摆长变为原来的16倍10一位同学做“用单摆测定重力加速度”的实验。（1）下列是供学生自主选择的器材。除了铁架台和相关配件，你认为还应选用的器材是 。（填写器材的字母代号）A约1m长的细线 B约0.3m长的铜丝 C约0。8m长的橡皮筋D直径约1cm的实心木球 E直径约1cm的实心钢球 F秒表 G天平 H米尺（2）该同学在安装好实验装置后，测得单摆的摆长为L，然后让小球在竖直平面内小角度摆动.当小球某次经过最低点时开始计时，在完成N次全振动时停止计时，测得时间为t。请写出测量当地重力加速度的表达式g= .（用以上测量的物理量和已知量的字母表示)(3）为减小实验误差，该同学又多次改变摆长L,测量多组对应的单摆周期T,利用T2L的关系图线求当地重力加速度值。若计算得该图线的斜率为k,则求g的表达式为g= 。(4）若在用T2L的关系图线求当地重力加速度值的过程中，该同学误将摆线长当成摆长进行测量和绘制图线。则求出的重力加速度值测量值 （填大于、小于或等于)当地的重力加速度值。2018年12月02日高中物理01的高中物理组卷参考答案与试题解析一选择题（共9小题）1如图所示是、乙两个单摆做简谐运动的图象，则下列说法中正确的是（）A甲、乙两单摆的振幅之比为2：1Bt=2s时，甲单摆的重力势能最大，乙单摆的动能为零C甲、乙两单摆的摆长之比为4：1D甲、乙两单摆摆球在最低点时向心加速度大小一定相等【分析】根据图象得到两个单摆的振幅之比和周期之比，然后结合单摆周期公式好向心加速度公式列式求解。【解答】解：A、由图知甲、乙两摆的振幅分别为4cm、2cm,则甲、乙两单摆的振幅之比为2：1，故A正确；B、t=2 s时，甲摆在平衡位置处，甲单摆的重力势能最小;乙摆在振动的最大位移处，乙单摆的动能为零.故B错误;C、由图知甲、乙两摆的周期分别为4s和8s，由单摆的周期公式T=2，得到甲、乙两摆的摆长之比为1:4，故C错误；D、摆球的振幅:A=L，由于甲的摆长小为振幅大，所以甲的摆角大.摆球在最大振幅处 的高度:h=L（1cos）摆球在最低点的速度：摆球在最低点的向心加速度：联立可得:an=2g（1cos）由于甲的摆角大，所以甲的向心加速度大。故D错误。故选：A.【点评】本题考查了简谐运动的图象和单摆周期公式，要能通过图象得到周期和振幅，然后结合单摆的周期公式分析。2在同一地点，两个单摆的摆长之比为4：1,摆球的质量之比为1：4，则它们的频率之比为（）A1：1B1:2C1：4D4：1【分析】根据单摆的周期公式求出单摆的周期比，频率和周期互为倒数，从而得出它们的频率之比。【解答】解：根据单摆的周期公式知，摆长之比为4:1，则周期之比为2:1，所以频率之比为1：2故B正确，AC、D错误.故选：B。【点评】解决本题的关键知道单摆的周期公式，以及知道周期和频率的关系，T=。3在同一地点，关于单摆的周期，下列说法正确的是(）A摆长不变，离地越高,周期越小B摆长不变，摆球质量越大,周期越小C摆长不变，振幅越大，周期越大D单摆周期的平方与摆长成正比【分析】根据单摆的周期T=2，可知周期与哪些因素有关【解答】解：A、根据单摆的周期T=2，摆距离地面越高，则重力加速度g越小,所以单摆的周期越大。故A错误;BC、根据单摆的周期T=2，知小球的周期与质量、振幅都无关。故BC错误；D、根据单摆的周期T=2，知单摆周期的平方与摆长成正比。故D正确。故选：D。【点评】解决本题的关键知道单摆的周期公式T=2，基础题目4在“用单摆测定重力加速度”的实验中，有同学发现他测得重力加速度的值偏大,其原因可能是（）A悬点未固定紧，振动中出现松动,使摆线增长了B单摆所用摆球质量太大C把(n+1）次全振动时间误当成n次全振动时间D开始计时时,秒表过迟按下【分析】由单摆的周期公式T=2推导出重力加速度的表达式进行分析。【解答】解：根据单摆的周期公式T=2，有：g=A、摆线上端未牢固地系于悬点，振动中出现松动，使摆线长度增加了，振动周期变大，而测得的摆长偏小,则测得重力加速度偏小，故A错误；B、单摆的周期与摆球的质量无关,故对重力加速度的测量无影响,故B错误；C、把n+1次全振动时间误当成n次全振动时间,周期的测量值偏大，故重力加速度的测量值偏小，故C错误；D、如果计时时，秒表过迟按下，则周期的测量值偏小，故重力加速度的测量值偏大，故D正确；故选：D.【点评】本题考查了秒表读数、重力加速度的测量原理和误差来源，关键从实验原理出发考虑误差情况，不难。5如图所示，一单摆在做简谐运动下列说法正确的是（)A单摆的振幅越大，振动周期越大B摆球质量越大,振动周期越大C若将摆线变短,振动周期将变大D若将单摆拿到月球上去,振动周期将变大【分析】单摆做简谐运动，由单摆周期公式T=2可判定各个选项【解答】解：根据单摆周期公式T=2，要增加周期，可以增加摆长或者减小重力加速度，与振幅无关以及与摆球的质量无关，故ABC错误，D正确;故选：D。【点评】掌握单摆的周期公式，会用公式来分析周期的变化,注意摆长是悬点到球心的距离6一单摆的摆长为90cm，摆球在t=0时刻正从平衡位置向右运动，（g取10m/s2),则在t=1s时摆球的运动情况是（）A正向左做减速运动，加速度正在增大B正向左做加速运动，加速度正在减小C正向右做减速运动，加速度正在增大D正向右做加速运动，加速度正在减小【分析】由单摆周期公式求出单摆的周期，确定t=1s与周期的关系,然后分析小球的运动情况【解答】解：90cm=0。90m单摆的周期T=2s1。884 s,t=1s，则TtT;摆球在t=0时刻正从平衡位置向右运动,在t=1s时已经返回并越过平衡位置（最低点），正向左侧最大位移处运动，由平衡位置向最大位移运动的过程中,摆球做的是减速运动，加速度逐渐增大。故A正确，BCD错误.故选：A。【点评】由单摆周期公式求出单摆的周期、熟悉单摆做简谐运动的运动过程即可正确解题7在“用单摆测定重力加速度”的实验中,用力传感器测得摆线的拉力大小F随时间t变化的图象如图所示，已知单摆的摆长为l，则重力加速度g为（）ABCD【分析】小球在竖直平面内做单摆运动，在最低点绳子的拉力和重力的合力提供向心力,此时拉力最大;在最高点，绳子的拉力等于重力的一个分力,此时拉力最小根据在一次周期内两次经过最低点,求出小球的周期，再根据单摆周期公式T=2即可求解【解答】解:小球在竖直平面内做单摆运动，在最低点绳子的拉力和重力的合力提供向心力,此时拉力最大，半个周期后再次最大，所以此时开始计时，第二次拉力最大时对应的时间即为一个周期，根据图象可知：单摆的周期为：T=4t根据周期公式得:T=2，所以g=,故ABC错误,D正确；故选：D.【点评】解决本题的关键知道单摆运动对称性，知道在最低点绳子的拉力和重力的合力提供向心力,此时拉力最大，在一次周期内两次经过最低点，并掌握单摆的周期公式,从而求解重力加速度，摆长、周期等物理量之间的关系8如图所示，一摆长为l的单摆，在悬点的正下方的P处固定一光滑钉子，P与悬点相距ll，则这个摆做小幅度摆动时的周期为（）A2B2C（+）D2 【分析】小球完成一次全振动的时间叫做周期，结合单摆运动的对称性和周期性分析，注意摆长的变化【解答】解：摆长为l的周期T=T1=2，摆长为l的周期为T2=2；故小球完成一次全振动的时间为：T=,故C正确，ABD错误故选：C。【点评】本题关键是明确周期的含义，注意摆长的变化从而导致周期的变化，然后根据单摆的周期公式列式求解，基础题9将秒摆的周期变为4s,下面哪些措施是正确的（）A只将摆球质量变为原来的B只将振幅变为原来的2倍C只将摆长变为原来的4倍D只将摆长变为原来的16倍【分析】明确单摆周期的决定因素,知道单摆周期公式,再根据周期公式列式联立即可求出对应的摆长【解答】解：A、单摆的周期与摆球的质量和振幅均无关，故AB错误；C、对秒摆,T0=2=2 s,对周期为4 s的单摆，T=2=4 s，联立解得：l=4l0，故C正确，D错误； 故选:C.【点评】本题考查单摆周期公式的应用，要注意明确单摆的周期只取决于单摆的摆长和当地的重力加速度,与球的质量和振幅无关二实验题（共1小题）10一位同学做“用单摆测定重力加速度”的实验。（1）下列是供学生自主选择的器材。除了铁架台和相关配件，你认为还应选用的器材是AEFH。（填写器材的字母代号）A约1m长的细线B约0。3m长的铜丝C约0.8m长的橡皮筋D直径约1cm的实心木球E直径约1cm的实心钢球F秒表G天平H米尺(2）该同学在安装好实验装置后，测得单摆的摆长为L，然后让小球在竖直平面内小角度摆动。当小球某次经过最低点时开始计时，在完成N次全振动时停止计时，测得时间为t。请写出测量当地重力加速度的表达式g=。（用以上测量的物理量和已知量的字母表示）（3）为减小实验误差，该同学又多次改变摆长L，测量多组对应的单摆周期T，利用T2L的关系图线求当地重力加速度值。若计算得该图线的斜率为k，则求g的表达式为g=。（4）若在用T2L的关系图线求当地重力加速度值的过程中，该同学误将摆线长当成摆长进行测量和绘制图线.则求出的重力加速度值测量值等于(填大于、小于或等于）当地的重力加速度值。【分析】（1）为减小实验误差，要选择长约1m的非弹性绳做摆线，选择体积小而质量大的球做摆球，实验需要测量单摆的周期与摆长，据此选择实验器材。(2）单摆完成一次全振动需要的时间是周期，根据单摆周期公式求出重力加速度的表达式。(3）根据单摆周期公式求出图象的函数表达式，然后根据表达式求出重力加速度。（4）根据图象的函数表达式结合题意分析答题。【解答】解:(1）为减小实验误差，单摆摆线适当长些，应选择约1m长的细线做摆线，为 减小空气阻力对实验的影响，应选择质量大而体积小的球做摆球，因此摆球应选择钢球，实验需要用秒表测周期，用刻度尺测量摆长，因此需要的实验器材为：AEFH.（2)单摆周期：T=，由单摆周期公式：T=2可知,重力加速度：g=;（3）由单摆周期公式：T=2可知：T2=L，T2L图象的斜率：k=,重力加速度:g=;(4）单摆的摆长：L=l+,由单摆周期公式：T=2可知：T2=L=l+，用T2L的关系图线求当地重力加速度值，误将摆线长当成摆长l进行测量和绘制图线，T2L图象的斜率：k=不变，重力加速度：g=不变，所测重力加速度值测量值等于当地的重力加速度值;故答案为：(1)AEFH；（2)；（3）；（4）等于.【点评】本题考查了实验器材与实验数据处理，知道实验器材、掌握单摆周期公式是解题的前提与关键,掌握基础知识、应用单摆周期公式求出图象的函数表达式即可解题，平时要注意基础知识的学习与积累.第12页（共12页）