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八年级物理第九章压强基础知识题库1单选题1、我国的99A主战坦克在最近的一场军事演习中纵横驰骋，在高速运动中对假想目标进行了精准炮击，展现了我国99A坦克的卓越性能，下列相关分析正确的是（）A炮弹在空中飞行过程中坦克对炮弹继续做功B99A坦克在水平路面做匀速直线运动时所受合力为零C99A坦克宽大的履带是为了增大对地面的压强D如果空中飞行的炮弹受到的外力全部消失，炮弹将保持静止答案：B解析：A坦克射出去的炮弹由于惯性在空中飞行过程中，推力已经消失，故坦克没有对炮弹继续做功，故A错误；B99A坦克在水平路面做匀速直线运动时，处于平衡状态，所受到的合力为零，故B正确；C99A坦克宽大的履带是通过增大受力面积减小对地面的压强，故C错误；D物不受力时，将保持原来的运动状态不变，如果空中飞行的炮弹受到的外力全部消失，炮弹将保持匀速直线运动，故D错误。故选B。2、如图所示，均匀实心正方体甲、乙分别置于水平地面上，它们对水平地面的压强相等，若在它们的上部沿水平方向均截去各自的一半，截去部分的质量分别为m甲、m乙，剩余部分对地面的压强分别为P甲、P乙，则（）AP甲一定小于P乙Bm甲一定大于m乙CP甲可能大于P乙Dm甲可能小于m乙答案：B解析：AC置于水平地面上的正方体对地面的压力大小等于重力大小。则有p甲=F甲S甲=G甲S甲，p乙=F乙S乙=G乙S乙由题可知p甲=p乙，所以G甲S甲=G乙S乙若在它们的上部沿水平方向均截去各自的一半，剩余的部分对地面的压力都减半，对地面的接触面积大小不变，故有p甲=G甲2S甲=G乙2S乙=p乙故AC不符合题意；BD由图可知S甲S乙，且原来对地面的压强p甲=p乙，由G=F=pS可知G甲G乙根据G=mg可得m甲m乙若在它们的上部沿水平方向均截去各自的一半，截去部分的质量m甲=12m甲，m乙=12m乙可得m甲m乙故B符合题意，D不符合题意。故选B。3、如图所示，均匀实心正方体甲、乙分别置于水平地面上，它们对水平地面的压强相等，若在它们的上部沿水平方向均截去各自的一半，截去部分的质量分别为m甲、m乙，剩余部分对地面的压强分别为P甲、P乙，则（）AP甲一定小于P乙Bm甲一定大于m乙CP甲可能大于P乙Dm甲可能小于m乙答案：B解析：AC置于水平地面上的正方体对地面的压力大小等于重力大小。则有p甲=F甲S甲=G甲S甲，p乙=F乙S乙=G乙S乙由题可知p甲=p乙，所以G甲S甲=G乙S乙若在它们的上部沿水平方向均截去各自的一半，剩余的部分对地面的压力都减半，对地面的接触面积大小不变，故有p甲=G甲2S甲=G乙2S乙=p乙故AC不符合题意；BD由图可知S甲S乙，且原来对地面的压强p甲=p乙，由G=F=pS可知G甲G乙根据G=mg可得m甲m乙若在它们的上部沿水平方向均截去各自的一半，截去部分的质量m甲=12m甲，m乙=12m乙可得m甲m乙故B符合题意，D不符合题意。故选B。4、如图所示，甲、乙为两个实心均匀正方体，密度分别为甲、乙，它们对水平地面的压强相等。若在两个正方体的上部，沿水平方向分别截去部分，使剩余部分高度相同，此时它们对地面的压力分别为F甲和F乙。下列判断正确的是（）AF甲=F乙， 甲乙BF甲F乙， 甲F乙， 甲F乙， 甲乙答案：C解析：AD根据p=FS可知，它们对水平地面的压强p=FS=mgS=VgS=gh它们对水平地面的压强相等，没有截取前，压强等式为p甲=甲gh甲=乙gh乙=p乙由图可知，高度关系为h甲h乙则密度关系为甲乙故AD错误；BC沿水平方向分别截去部分，使剩余部分高度相同，设剩余部分高度相同为h，则它们对地面的压强为p甲=甲ghp乙=乙gh此时它们对地面的压力分别为F甲=p甲S甲=甲ghh甲2F乙=p乙S乙=乙ghh乙2则他们对地面的压力之比为F甲F乙=甲ghh甲2乙ghh乙2=h甲h乙1故F甲F乙故B错误；C正确。故选C。5、如图甲所示，一质地均匀的长方体砖块放在水平地面上。现将砖块切去一部分，剩余部分如图乙所示，此时砖块对地面的压强为2000Pa；将图乙中的砖块倒置后如图丙所示，此时砖块对地面的压强为3000Pa。则图甲中砖块对水平地面的压强为（）A2250PaB2400PaC2500PaD2750Pa答案：B解析：观察图甲可知，这是一个质地均匀的长方体砖块，设这个长方体砖块的高度是h，密度是，那么图甲中砖块对水平地面的压强p=gh再观察图乙，设上面的边长是l1，下面的边长是l2，高度还是h，密度还是，这砖块往里面的那条边长是l，则图乙中砖块体积V乙=12l1+l2hl图乙中砖块的质量m乙=V乙=12l1+l2hl图乙中砖块的重力G乙=m乙g=12l1+l2hlg图乙中砖块对水平地面的压力F乙=G乙=12l1+l2hlg图乙中砖块与水平地面的接触面积S乙=l2l那么根据p=FS可知，图乙中砖块对水平地面的压强p乙=F乙S乙=12l1+l2hlgl2l=2000Pa同理，图丙中砖块对水平地面的压强p丙=F丙S丙=12l1+l2hlgl1l=3000Pa两个压强相比可得p乙p丙=l1l2=23可设l1=2x，l2=3x再把两个压强相减可得p=p丙-p乙=12l1+l2hgl2-l1l1l2=3000Pa-2000Pa=1000Pa代入数据解得p=12gh5xx6x2=1000Pa解得p=gh=2400Pa图甲中砖块对水平地面的压强是2400Pa。故选B。6、A，B两个实心正方体的质量相等，密度之比A：B8：1，若按甲、乙两种不同的方式，分别将它们叠放在水平地面上（如图所示），则地面受到的压力之比和压强之比分别是AF甲：F乙1：1，p甲：p乙1：2BF甲：F乙1：1，p甲：p乙1：4CF甲：F乙1：2，p甲：p乙2：1DF甲：F乙8：1，p甲：p乙1：8答案：B解析：若按甲的方式，将它们叠放在水平地面上，此时对地面的压力F甲GA+GB ，若按乙的方式，将它们叠放在水平地面上，此时对地面的压力F乙GA+GB ，则F甲F乙=GA+GBGA+GB=1:1，故C、D错误；由=mV，A：B8:1，mA：mB=1:1 ，可得VAVB=18，则边长之比为12 ，则面积之比为14 ，因为F甲F乙=1:1，所以按甲、乙两种不同的方式，分别将它们叠放在水平地面上，则地面受到的压强之比是p甲：p乙1:4，故A错误，B正确7、如图所示，没有利用连通器原理的是（）A活塞式抽水机B洗手池的下水管C茶壶D船闸答案：A解析：A活塞式抽水机是利用了大气压，不属于连通器，故A符合题意；B根据洗手池的下水管的结构可知，左右两个容器连通，上端开口，利用连通器的原理，故B不符合题意；C茶壶的壶身和壶嘴组成了连通器，故C不符合题意；D船闸的上游阀门打开时，上游和闸室构成连通器，下游阀门打开时，下游和闸室构成连通器，是利用连通器原理进行工作的，故D不符合题意。故选A。8、下列说法中正确的是（）A人潜入较深的水中时，必须穿潜水服，因为液体压强随深度增加而增大B铲车宽大的轮子可以增大受力面积，增大对地面的压强C用吸管吸饮料时，是利用了嘴对饮料的作用力将饮料吸入口中D飞机升力的产生是由于机翼上方的空气流速小于下方的空气流速，形成向上压强差答案：A解析：A液体压强随着深度的增加而增大，当人潜入深水中时，水对人体的压强很大，为了保护人体，所以要穿潜水服，故A正确；B铲车宽大的轮子可以增大受力面积，在压力一定时，减小对地面的压强，故B错误；C用吸管吸饮料时，是先把吸管内的空气吸走，管内气压减小，在外界大气压的作用下，饮料被压进吸管里，利用了大气压的作用，故C错误；D飞机升力的产生是由于机翼上方的空气流速大于下方的空气流速，形成向上压强差，故D错误。故选A。9、如图所示是个自制气压计。下列说法正确的是（）A带着它登山的过程中，玻璃管中液柱会逐渐上升B玻璃管中液柱静止时，瓶内气压等于大气压C玻璃管中液柱静止时，瓶内气压小于大气压D为提高气压计测量精度，可选用更粗的玻璃管答案：A解析：ABC自制气压计是靠瓶内气体的压强支撑水柱，瓶内气压大于外界大气压，水柱就上升，相反水柱就下降。带着它登山的过程中，高度在升高，大气压会随高度的增加而减小，外界大气压变小，瓶内气压大于外界大气压，瓶内气压会进一步向外压水柱，所以水柱将会升高。故A正确，BC错误；D气压支持水柱的高度与玻璃管的粗细无关，选用更粗的玻璃管对提高气压计测量精度没有意义，故D错误。故选A。10、质量分布均匀的实心正方体物块A和B，hA=0.12m，hB=0.2m，物体B的密度为500kg/m3，A、B按如图所示的方式叠放在水平地面上，且让A放置在B的正中央，此时B物体对地面的压强为4000Pa。现让B物体保持静止，A在水平拉力的作用下以0.01m/s的速度水平向右做匀速直线运动。下列计算正确的是（）AA、B两物块的重力之比为1:3Bt=0s时，地面对B的支持力为40NCt=6s时，A对B的压强为1.2104PaDt=8s时，A对B的压强为1.25104Pa答案：D解析：A物体B的重力G2=m2g=2V2g=500kg/m30.2m310N/kg=40N物体A、B的重力之和G1+G2=pS=4000Pa0.2m2=160NG1=160N-40N=120NA、B两物块的重力之比为31。故A错误；B地面对B的支持力等于物体A、B的重力之和等于160N。故B错误；Ct=6s时，A向右移动的距离s=vt=0.01m/s6s=0.06mAB之间接触面积S1=0.12m0.12m-0.06m-0.2m-0.12m2=0.012m2A对B的压强为p1=G1S1=120N0.012m2=104Pa故C错误；Dt=8s时，A向右移动的距离s=vt=0.01m/s8s=0.08mAB之间接触面积S2=0.12m0.12m-0.08m-0.2m-0.12m2=0.0096m2A对B的压强为p2=G1S2=120N0.0096m2=1.25104Pa故D正确。故选D。11、“一盔一带”安全守护趋于常态化，“一盔”是指戴头盔，头盔的设计是外部材料坚硬，内部材料松软。“一带”是指车内人员必须系好安全带。下列有关分析正确的是（）A戴头盔会减小头部的惯性B戴头盔会增大撞击时头部所受压强C安全带设计较宽，这样可以减小对人体的压力，使人体感觉舒适D系安全带时可以防止汽车前方受撞时由于惯性带来的危害答案：D解析：A惯性大小只与质量有关，头的质量不变，惯性不变，所以头盔只能减少人受到的伤害，不能减小惯性，故A错误；B头盔的作用是在人的头部受到撞击时，通过头盔坚硬的外壳和里面的缓冲材料减小对头部的压强，对驾驶员起一个保护作用；故B错误；C.安全带设计较宽，是在压力一定时，通过增大受力面积减小对人体的压强，使人体感觉舒适，故C错误；D汽车在紧急刹车时，人由于惯性会继续保持原来的运动状态向前运动，容易撞上挡风玻璃而受到伤害，系安全带可以避免人由于惯性受到伤害，故D正确。故选D。12、下列事例中没有利用大气压强的是（）A图甲中纸片不会掉落B图乙中的小朋友用吸管吸出橙汁C图丙是飞机获得升力的示意图D图丁是盆景的自动蓄水装置答案：C解析：A用一纸片盖住倒满水的塑料管，快速倒置，纸片将水托住，是因为水排出了塑料管内的空气，在大气压的作用下纸片掉不下来，故A不合题意；B用吸管吸橙汁，当吸气时，吸管内气压减小，橙汁在大气压的作用下进入口中，故B不合题意；C飞机的机翼上凸下平，使机翼上下的空气流速不同，气压不同，流速大的压强小，使飞机产生向上的升力，利用了流体压强与流速的关系，故C符合题意；D随着水的蒸发，盆景内水减少，当瓶口刚露出水面时，会有少量空气进入瓶中，瓶内气压增大，瓶子的水会下降流出一部分，使瓶外水位重新升高，回到原来的高度，即盆景内的水位保持不变；此后在大气压的作用下瓶中的水不再流出；故D不合题意。故选C。13、下列物理量的估计中，最符合实际的是（）A重庆冬季的平均气温约为0B中学生单脚站立对地面的压力约1000NC一个煮熟的鸡蛋漂浮在水面时重力约0.5ND一枚硬币的质量约为20g答案：C解析：A重庆冬季平均气温约10，故A不符合题意；B中学生的重力约为500N，单脚站立对地面的压力等于重力大小，约为500N，故B不符合题意；C两个鸡蛋的重力约为1N，一个鸡蛋的重力约为0.5N。因质量不随温度、状态、温度和位置的改变而改变，故煮熟的鸡蛋质量不变，重力不变，即煮熟的鸡蛋漂浮在水面时重力约0.5N，故C符合题意； D一枚一元硬币的质量为6g，故D不符合题意。故选C。14、如图为帕斯卡实验，在一个封闭的木桶内装满水，从桶盖上插入一根细长的管，向细管里只灌了几杯水，就把木桶压裂。这个实验说明液体压强大小与下列哪个因素有关（）A液体的重力B液体的体积C液体的深度D液体的密度答案：C解析：液体压强和液体的密度以及深度有关，向细管里只灌了几杯水，液体密度不变，由于管很细，所以木桶所处的深度深，所以木桶被压裂，这个实验研究的是液体压强和深度的关系。故选C。15、已调零的电子秤放在水平桌面上，将装满水的薄壁溢水杯放在电子秤上，如图所示。此时溢水杯中水深8cm，电子秤的示数是0.33kg。将一重为3N的物体放入溢水杯中（溢出的水用另一容器接收，不会流到电子秤上），静止时物体沉入水底。已知溢水杯的底面积为310-3m2，水的密度为1.0103kg/m3，物体的体积是100cm3，g取10N/kg。下列说法正确的是（）A放入物体前，溢水杯底受到的液体压强为8000PaB放入物体后，当物体静止时，液体对容器底部的压力增大了1NC放入物体后，当物体静止时，电子秤的示数为0.53kgD放入物体后，当物体静止时，溢水杯对电子秤的压强为1100Pa答案：C解析：A放入物体前，由p=gh可求液体对溢水杯底部压强为p=gh=1103kg/m310N/kg0.08m=800Pa故A错误；B放入物体后，溢水杯中液面高度不发生变化，则由p=gh可知，液体对容器底部压强不变，又由F=pS可知，液体对容器底部压力不变，故B错误；C放入物体后，流出水的体积与物体相等，则流出水的质量为m溢=水V溢=1103kg/m3110-4m3=0.1kg物体质量为m物=G物g=3N10N/kg=0.3kg则放入物体后电子秤测得总质量为m总=m示+m物-m溢=0.33kg+0.3kg-0.1kg=0.53kg此时溢水杯对电子秤的压强为p杯=F杯S杯=G总S=0.53kg10N/kg310-3m21.77103Pa故C正确，D错误。故选C。16、中国科学技术馆探索与发现A厅有个展品叫做“香蕉球”，描述的是足球比赛中罚任意球的场景。守方在离球门一定距离处用人墙挡住球门，而攻方隔着人墙将足球以旋转的方式发出，利用足球的自旋使足球两侧空气流速不同形成压强差，使足球走出一条香蕉状的路径，绕过人墙而射门。图给出了甲、乙、丙、丁四种足球自旋方向与飞行路径的示意图，下列说法正确的是（）A乙、丙两图是正确的B甲、丙两图是正确的C甲、乙两图是正确的D甲、丁两图是正确的答案：D解析：足球右侧的空气流速，相对于足球，顺风时流速小、逆风时流速大。由甲图可知，足球沿顺时针方向旋转，足球右侧空气流速大，压强小，左侧空气流速小，压强大，足球在压强差的作用下逐渐向右侧偏移，故甲图正确；由乙图可知，足球沿逆时针方向旋转，足球左侧空气流速大，压强小，右侧空气流速小，压强大，足球在压强差的作用下应该逐渐向左侧偏移，而图中足球向右偏移，故乙图错误；由丙图可知，足球沿顺时针方向旋转，足球右侧空气流速大，压强小，左侧空气流速小，压强大，足球在压强差的作用下应该逐渐向右侧偏移，而图中足球向左侧偏移，故丙图错误；由丁图可知，足球沿逆时针方向旋转，足球左侧空气流速大，压强小，右侧空气流速小，压强大，足球在压强差的作用下逐渐向左侧偏移，故丁图正确；综上分析可知，甲、丁两图是正确的。故选D。17、如图所示，用大拇指和食指分别用沿竖直方向的力压住一铜圆柱体两端，圆柱体对食指的压力和压强分别为 F1和 p1，圆柱体对大拇指的压力和压强分别为 F2和 p2。则以下说法正确的是（）AF1=F2，p1=p2BF1F2，p1p2CF1=F2，p1F2，p1p2答案：B解析：由图示知，圆柱体在竖直方向上受到竖直向下的重力、食指对圆柱体向下的压力和大拇指对圆柱体向上的压力的作用处于静止，则手指对圆柱体向下的压力与重力之和等于向上的压力，而手指对圆柱体的压力与圆柱体对手指的压力是相互作用力，所以F1F2。而手指与圆柱体的接触面积相同，据p=FS 知，p1p乙D容器对桌面的压强：p甲=p乙答案：ACD解析：A两容器质量相同，装有质量相等的不同液体，即两容器和液体的总质量相等，则两容器对水平桌面的压力相等，故A正确；B两容器底面积相同，液体深度相同，则甲容器中液体体积小于乙容器中液体体积，因液体质量相同，根据=mV可知，甲容器中液体密度大于乙容器中液体密度，故B错误；C因甲容器中液体密度大于乙容器中液体密度，液体深度相同，根据p=液gh可知，甲容器中液体对容器底部的压强大于乙容器中液体对容器底部的压强，故C正确；D两容器对水平桌面的压力相等，底面积也相同，根据p=FS可知，两容器对桌面的压强相等，故D正确。故选ACD。25、“转换法”是物理学中常用的一种研究方法。在期末复习中，细心的小明发现课本中有一些相似的图片上都有转换法的体现，于是进行了分类整理，下列描述正确的是（）A将图所示的自制温度计放入待测液体中，可以通过玻璃管中水柱高度的变化反映液体温度的变化，若液面升高说明液体温度上升B用力挤压图所示的椭圆形玻璃瓶，可通过细管中水面高度的变化判断玻璃瓶的形变C拿着图所示的自制气压计上下楼，可以通过玻璃管中水柱高度的变化反映大气压的变化，若液面升高说明大气压增大D图所示的液体压强计，可通过U型管左右两侧液面高度差反映橡皮膜所受液体压强的大小，液面高度差越大，说明液体压强越大答案：ABD解析：A用玻璃管中水柱高度的变化反映液体温度的变化，主要是利用了液体的热胀冷缩，温度越高，水柱上升越多，运用了转换法，故A正确；B用力挤压玻璃瓶，玻璃瓶的形状发生改变，可通过细管中水面高度的变化判断玻璃瓶的形变，运用了转换法，故B正确；C液面升高说明瓶内压强大于瓶外压强，液面升高说明大气压减小，没有运用转换法，故C错误；DU型管左右两侧液面高度差反映橡皮膜所受液体压强的大小，液面高度差越大，说明液体压强越大，运用了转换法，故D正确。故选ABD。26、如图所示，一个密封的圆台状容器内装一定质量的水，放在水平桌面上，现把它倒置过来，则（）A水对容器底的压强不变B容器对桌面的压强变大C水对容器底的压力变小D水对容器底的压强变大答案：BCD解析：AD因为水的体积一定，由图知倒置过来后水的高度增大了，则根据液体压强公式p=gh可知，倒置过来后水对容器底的压强变大了，故A不符合题意，D符合题意。B设如图放置时的底面积为S大，倒置过来后的底面积为S小，重力不变故容器对桌面的压力不变，底面积减小，则与水平面的接触面积减小，故容器对桌面的压强增大，故B符合题意；C第一次水对容器底的压力为F=pS=ghS大即水对容器底的压力是以S大为底面积，h为高的这部分液柱所产生的压力，这部分液柱比水多，所以水对容器底的压力大于水的重力。第二次水对容器底的压力为F=pS小=ghS小即水对容器底的压力是以S小为底面积，h为高的这部分液柱所产生的压力，这部分液柱比水少，所以水对容器底的压力小于水的重力。对比前后两次情况，水对容器底部的压力将会变小，故C符合题意。故选BCD。27、图所示的实例中，属于连通器的是（）A茶壶B排水管的“反水弯”C卫生间的地漏D活塞式抽水机答案：ABC解析：连通器是上端开口下端连通的容器。当连通器里只有一种液体，在液体不流动的情况下，连通器各容器中液面总是相平的。A茶壶的壶嘴和壶身构成连通器，是利用连通器的原理工作的，故A符合题意；B排水管的U形“回水管”，下端相通，是连通器的应用，故B符合题意；C根据地漏的结构图可知，存水杯上端开口、底部连通，因此地漏的结构就是利用连通器的原理，在液体不流动的情况下，容器中液面的高度总是相平的，可防止异味从下水管中冒上来，故C符合题意；D活塞式抽水机是利用大气压强工作的，和连通器无关，故D符合题意。故选ABC。28、如图甲、乙所示，利用小桌、海绵和铁块探究“压力的作用效果与受力面积是否有关”。已知正方体铁块重G1，单面面积为S1；小桌重G2，桌面面积为 S2。下列说法中正确的是（）A本实验的因变量是受力面积B本实验用海绵的形变程度表示压力的作用效果C甲图中铁块对小桌的压强大小是G1S1D乙图中小桌和铁块对海绵的压强大小是G2S2答案：BC解析：A本实验探究的是压力的作用效果与受力面积的关系，所以受力面积是自变量，压力的作用效果是因变量，故A错误；B本实验应用的是转换法，压力的作用效果是用海绵的形变程度来表示的，故B正确；C甲图中铁块对小桌的压强大小是p=FS1=G1S1故C正确；D乙图中小桌和铁块对海绵的压强大小是p=FS2=G1+G2S2故D错误。故选BC。29、如图所示，甲、乙为两个实心均匀正方体，它们对水平地面的压力相等，现分别沿水平方向或竖直方向将两个正方体切去一部分，它们剩余部分对地面压强p甲和p乙，下列判断正确的是（）A若沿水平方向切去相同质量，p甲一定小于p乙B若沿水平方向切去相同体积，p甲一定小于p乙C若沿竖直方向切去相同质量，p甲一定大于p乙D若沿竖直方向切去相同体积，p甲一定小于p乙答案：AD解析：已知它们对水平地面的压力相等，说明他们的重力相等，由p=FS可知p甲P乙；A若沿水平方向切去相同质量，则剩余部分的质量也相等，即剩余部分的重力仍相等；所以仍有p甲p乙，故A正确；B若沿水平方向切去相同体积，假设切去的体积等于V乙，则p甲p乙，故B错误；CD设正方体的边长为L，则由p=FS=mgS=VgS=gL无论沿竖直方向切去相同体积还是相同质量，则p甲一定小于p乙，故C错误，D正确。故选AD。30、图中四个中学生画的是物体重力G与物体对支持面压力F的示意图，其中错误的是（）。ABCD答案：BCD解析：A重力的方向是竖直向下的，故重力作用点需要画在物体的重心上，物体对斜面的压力，是垂直于斜面，并且指向斜面内部，故A正确，不符合题意；B物体对斜面的压力，受力物体是斜面，故需要画在斜面上，故B错误，符合题意；C重力的作用点要画在物体的重心上，压力的作用点应画在接触面上，故C错误，符合题意；D物体对墙面的压力，受力对象是墙面，作用点需要在墙面上，故D错误，符合题意。故选BCD。31