2020-2021学年高中数学-模块素养评价新人教B版必修第二册.doc

2020-2021学年高中数学 模块素养评价新人教B版必修第二册

2020-2021学年高中数学 模块素养评价新人教B版必修第二册

年级：
姓名：

模块素养评价
(120分钟　150分)
一、单项选择题(本大题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的)
1.设函数f(x)=则f(-3)+f(log23)= (　　)
A.9 B.11 C.13 D.15
【解析】选B.因为函数
f(x)=
所以f(-3)+f(log23)=log24+=2+9=11.
2.(2020·莆田高一检测)设向量a=(1,4),b=(2,x),c=a+b.若a∥c,则实数x的值是 (　　)
A.-4 B.2 C.4 D.8
【解析】选D.因为a=,b=,
所以c=a+b=(3,4+x),
因为a∥c,所以4+x=12,得x=8.
3.(2020·天津高考)设a=30.7,b=,c=log0.70.8,则a,b,c的大小关系为
(　　)
A.a1,b==30.8>30.7=a,c=log0.70.8题目,常用的方法有:先估算一下每个数值,看能否根据估算值直接比较大小;估算不行的话再找中间量,经常和0,1,-1,比较;还可以构造函数,利用函数的单调性来比较大小.
4.(2020·汕尾高一检测)某所学校在一个学期的开支分布的饼图如图1所示,在该学期的水、电、交通开支(单位:万元)如图2所示,则该学期的电费开支占总开支的百分比为 (　　)

A.12.25% B.11.25%
C.10.25% D.9.25%
【解析】选B.由题图1,题图2可知:该学期的电费开支占总开支的百分比为×20%=11.25%.
5.在△ABC中,G为△ABC的重心,M为AC上一点,且满足=3,则 (　　)
A.=+
B.=--
C.=-+
D.=-
【解析】
选B.由题意,画出几何图形如图所示:

根据向量加法运算可得=+ ,
因为G为△ABC的重心,M满足=3,
所以=×(+)=(+),
=,
所以=-+
=--.
6.从正六边形的6个顶点中随机选择4个顶点,则以它们作为顶点的四边形是矩形的概率等于 (　　)
A. B. C. D.
【解析】选D.如图所示,从正六边形ABCDEF的6个顶点中随机选4个顶点,有15种选法.若要构成矩形,则有3种选法,故其概率为=.

7.某位股民购进某只股票,在接下来的交易时间内,他的这只股票先经历了n次涨停(每次上涨10%),又经历了n次跌停(每次下跌10%),则该股民这只股票的盈亏情况(不考虑其他费用)为 (　　)
A.略有盈利 B.略有亏损
C.没有盈利也没有亏损 D.无法判断盈亏情况
【解析】选B.设该股民购进这只股票的价格为a元,则经历n次涨停后的价格为a(1+10%)n=a×1.1n元,经历n次跌停后的价格为a×1.1n×(1-10%)n=a×1.1n×0.9n=a×(1.1×0.9)n=0.99n·af(-1)<0,则m的取值范围是 (　　)
A.(-2,1)∪(1,4) B.(-2,1)
C.(-2,4) D.
【解析】选A.因为f(x)是定义在R上的奇函数,且在[0,+∞)上单调递增,
所以函数f(x)是R上的增函数,
由题得f(log3|m-1|)+f(-1)<0,
所以f(log3|m-1|)<-f(-1)=f(1),
所以log3|m-1|<1=log33,
所以|m-1|<3,所以-30,所以m≠1,故m∈(-2,1)∪(1,4).
二、多项选择题(本大题共4小题,每小题5分,共20分,全部选对得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分)
9.已知向量a,b是两个非零向量,在下列条件中,一定能使a,b共线的是(　　)
A.2a-3b=4e且a+2b=-2e
B.存在相异实数λ,μ,使λa-μb=0
C.x a+y b=0(其中实数x,y满足x+y=0)
D.已知梯形ABCD,其中=a,=b
【解析】选AB.对于A,因为向量a,b是两个非零向量,2a-3b=4e且a+2b=-2e,所以a=e,b=-e ,此时能使a,b共线,故A正确;对于B,存在相异实数λ,μ,使
λa-μb=0,要使非零向量a,b是共线向量,由共线向量基本定理知成立,故B正确;对于C,x a+yb0(其中实数x,y满足x+y=0),如果x=y=0,则不能使a,b共线,故C不正确;对于D,已知梯形ABCD中,=a,=b,如果AB,CD是梯形的上下底,则正确,否则错误.
10.(2020·福州高一检测)“悦跑圈”是一款基于社交型的跑步应用,用户通过该平台可查看自己某时间段的运动情况,某人根据2019年1月至2019年11月期间每月跑步的里程(单位:十公里)的数据绘制了如图的折线图,根据该折线图,下列结论正确的是 (　　)

A.月跑步里程逐月增加
B.月跑步里程最大值出现在9月
C.月跑步里程的中位数为8月份对应的里程数
D.1月至5月的月跑步里程相对于6月至11月波动性更小变化比较平稳
【解析】选BCD.根据折线图可知,2月,7月,10月 ,11月跑步里程下降了,故A选项错误.根据折线图可知,9月的跑步里程最大,故B选项正确.一共11个月份,里程中位数是从小到大排列的第6个,根据折线图可知,跑步里程的中位数为8月份对应的里程数,故C选项正确.根据折线图可知,1月至5月的月跑步里程相对于6月至11月波动性更小,变化比较平稳,故D选项正确.
11.(2020·临沂高一检测)定义运算a􀱇b=设函数f(x)=1􀱇2-x,则下列正确的有 (　　)
A.f(x)的值域为
B.f(x)的值域为
C.不等式f
D.不等式f密码,他们能单独译出的概率分别为,,,假设他们破译密码是彼此独立的,则此密码被破译的概率为
C.甲袋中有8个白球,4个红球,乙袋中有6个白球,6个红球,从每袋中各任取一个球,则取到同色球的概率为
D.设两个独立事件A和B都不发生的概率为,A发生B不发生的概率与B发生A不发生的概率相同,则事件A发生的概率是
【解析】选AC.对于A,该生在第3个路口首次遇到红灯的情况为前2个路口不是红灯,第3个路口是红灯,所以概率为×=,故A正确;
对于B,用事件A,B,C分别表示甲、乙、丙三人能破译出密码,
则P(A)=,P(B)=,P(C)=,“三个人都不能破译出密码”发生的概率为××=,所以此密码被破译的概率为1-=,故B不正确;对于C,设“从甲袋中取到白球”为事件A,则P(A)==,设“从乙袋中取到白球”为事件B,则P(B)==,故取到同色球的概率为×+×=,故C正确;
对于D,易得P(A∩)=P(B∩),
即P(A)P()=P(B)P(),
即P(A)[1-P(B)]=P(B)[1-P(A)],
所以P(A)=P(B),又P(∩)=,所以
P()=P()=,所以P(A)=,故D错误.
三、填空题(本大题共4小题,每小题5分,共20分,将答案填在题中的横线上)
13.从编号分别为1,2,3,4的四个大小完全相同的小球中,随机取出三个小球,则恰有两个小球编号相邻的概率为_ 
【解析】从编号为1,2,3,4的四个大小完全相同的小球中,随机取出三个小球,共有4种不同的取法,恰好有两个小球编号相邻的有:(1,2,4),(1,3,4),共有2种,所以概率为.
答案:
14.线段AB的端点为A(x,5),B(-2,y),直线AB上的点C(1,1),使||=2||,则x+y=________. 
【解析】由已知得=(1-x,-4),2=2(3,1-y).
由||=2||,可得=±2,
则当=2时,有
解得此时x+y=-2;
当=-2时,有
解得此时x+y=6.
综上可知,x+y=-2或6.
答案:-2或6
15.已知f(x)是奇函数且当x<0时,f(x)=-eax.若f(ln 2)=8,则a=________. 
【解析】由题意知f(x)是奇函数,且当x<0时,f(x)=-eax,又因为ln 2∈(0,1),f(ln 2)=8,所以-e-aln 2=-8,两边取以e为底数的对数,得-aln 2=3ln 2,所以-a=3,即a=-3.
答案:-3
16.(2019·北京高考改编)李明自主创业,在网上经营一家水果店,销售的水果中有草莓、京白梨、西瓜、桃,价格依次为60元/盒、65元/盒、80元/盒、
90元/盒.为增加销量,李明对这四种水果进行促销:一次购买水果的总价达到120元,顾客就少付x元.每笔订单顾客网上支付成功后,李明会得到支付款的80%.
(1)当x=10时,顾客一次购买草莓和西瓜各1盒,需要支付________元. 
(2)在促销活动中,为保证李明每笔订单得到的金额均不低于促销前总价的七折,则x的最大值为________. 
【解析】(1)价格为60+80=140元,达到120元,少付10元,所以需支付130元.
(2)设促销前总价为a元,a≥120,李明得到金额l(x)=(a-x)×80%≥0.7a,0≤x≤120,即x≤恒成立,又最小值为=15,所以x的最大值为15.
答案:(1)130　(2)15
四、解答题(本大题共6小题,共70分.解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤)
17.(10分)已知向量a=,b=(1,-1).
(1)若实数m,n满足ma+nb=,求m+n的值.
(2)若∥(λa+b),求实数λ的值.
【解析】(1)由题意得m a+nb==(5,10),
所以解得
所以m+n=2.
(2)a+λb=,λa+b=,
因为∥,所以=,解得
λ=±1.
18.(12分)某中学高三年级统计学生的最近20次数学周测成绩(满分150分),现有甲乙两位同学的20次成绩如茎叶图所示:

(1)根据茎叶图求甲乙两位同学成绩的中位数,并将同学乙的成绩的频率分布直方图填充完整.
(2)根据茎叶图比较甲乙两位同学数学成绩的平均值及稳定程度(不要求计算出具体值,给出结论即可).
(3)现从甲乙两位同学的不低于140分的成绩中任意选出2个成绩,记事件A为“其中2个成绩分别属于不同的同学”,求事件A发生的概率.
【解析】(1)甲的成绩的中位数是119,乙的成绩的中位数是128,
同学乙的成绩的频率分布直方图如图:

(2)从茎叶图可以看出,乙的成绩的平均分比甲的成绩的平均分高,乙同学的成绩比甲同学的成绩更稳定集中.
(3)甲同学的不低于140分的成绩有2个,设为a,b,乙同学的不低于140分的成绩有3个,设为c,d,e,现从甲乙两位同学的不低于140分的成绩中任意选出2个成绩有:
(a,b),(a,c),(a,d),(a,e),(b,c),(b,d),(b,e),(c,d),(c,e),(d,e)共10种,
其中2个成绩分别属于不同同学的情况有:
(a,c),(a,d),(a,e),(b,c),(b,d),(b,e)共6种,
因此事件A发生的概率P(A)==.
19.(12分)候鸟每年都要随季节的变化而进行大规模的迁徙,研究某种鸟类的专家发现,该种鸟类的飞行速度v(单位:m/s)与其耗氧量Q之间的关系为v=a+blog3(其中a,b是实数).据统计,该种鸟类在静止的时候其耗氧量为30个单位,而其耗氧量为90个单位时,其飞行速度为1 m/s.
(1)求出a,b的值.
(2)若这种鸟类为赶路程,飞行的速度不能低于2 m/s,则其耗氧量至少要多少个单位?
【解析】(1)由题意可知,当这种鸟类静止时,它的飞行速度为0 m/s,此时耗氧量为30个单位,故有a+blog3=0,即a+b=0;当耗氧量为90个单位时,飞行速度为1 m/s,故a+blog3=1,整理得a+2b=1.
解方程组得
(2)由(1)知,v=-1+log3.所以要使飞行速度不低于2 m/s,则有v≥2,即-1+log3≥2,即log3≥3,解得Q≥270.
所以若这种鸟类为赶路程,飞行的速度不能低于2 m/s,则其耗氧量至少要270个单位.
20.(12分)一个盒子里装有三张卡片,分别标记数字1,2,3,这三张卡片除标记的数字外完全相同.随机有放回地抽取3次,每次抽取1张,将抽取的卡片上的数字依次记为a,b,c.
(1)求“抽取的卡片上的数字满足a+b=c”的概率.
(2)求“抽取的卡片上的数字a,b,c不完全相同”的概率.
【解析】(1)由题意知,(a,b,c)所有的可能为(1,1,1),(1,1,2),(1,1,3),
(1,2,1),(1,2,2),(1,2,3),(1,3,1),(1,3,2),(1,3,3),(2,1,1),(2,1,2),
(2,1,3),(2,2,1),(2,2,2),(2,2,3),(2,3,1),(2,3,2),(2,3,3),(3,1,1),
(3,1,2),(3,1,3),(3,2,1),(3,2,2),(3,2,3),(3,3,1),(3,3,2),(3,3,3),
共27种.
设“抽取的卡片上的数字满足a+b=c”为事件A,则事件A包括(1,1,2),(1,2,3),
(2,1,3),共3种.所以P(A)==.因此,“抽取的卡片上的数字满足a+b=c”的概率为.
(2)设“抽取的卡片上的数字a,b,c不完全相同”为事件B,则事件包括(1,1,1),(2,2,2),(3,3,3),共3种.
所以P(B)=1-P()=1-=.
因此,“抽取的卡片上的数字a,b,c不完全相同”的概率为.
21.(12分)函数f(x)=log2.

(1)求函数f(x)的定义域.
(2)若x∈,函数g(x)=2f(x)-m·2x+1,是否存在实数m使得g(x)的最小值为,若存在,求m的值;若不存在,请说明理由.
【解析】(1)由题意:4x-1>0,所以4x>1,则x>0,所以函数f(x)的定义域为.
(2)g(x)=2f(x)-m·2x+1=-m·2x+1=4x-1-m·2x+1=4x-m·2x,
令t=2x,因为x∈,所以t∈.则g(x)=h=t2-mt,t∈.对称轴为t=,
①若t=≤2,即m≤4时,h在上为增函数,此时当t=2时,最小,
即h(2)=4-2m=,解得m=成立;
②若t=≥4,即m≥8时,h在上为减函数此时当t=4时,最小,即h=16-4m=,解得m=不满足条件;
③若t=∈,即4