2023人教版带答案高中物理必修三第九章静电场及其应用微公式版重点知识点大全.docx

2023人教版带答案高中物理必修三第九章静电场及其应用微公式版重点知识点大全1单选题1、如图所示是北斗导航系统中部分卫星的轨道示意图，已知a、b、c三颗卫星均做匀速圆周运动,轨道半径ra=rbrc。其中a为地球静止同步卫星。下列说法正确的是（）Ac在运动过程中可能会经过北京上空Bb的周期可能大于地球的自转周期Ca的动能一定等于b的动能Da、b的线速度一定相同答案：AA由图可知，c为极地轨道卫星，所以c在运动过程中可能会经过北京上空，故A正确；B卫星做匀速圆周运动，万有引力提供向心力，有GMmr2=m42T2r解得T=42r3GM又ra=rba为地球静止同步卫星，所以b的周期等于地球的自转周期，故B错误；C卫星的质量关系未知，所以无法比较a、b的动能大小关系，故C错误；D卫星做匀速圆周运动，万有引力提供向心力，有GMmr2=mv2r解得v=GMr故a、b的线速度大小一定相等，但方向不相同，故D错误。故选A。2、如图，高台跳水项目中要求运动员从距离水面H的高台上跳下，在完成空中动作后进入水中。若某运动员起跳瞬间重心离高台台面的高度为h1，斜向上跳离高台瞬间速度的大小为v0，跳至最高点时重心离台面的高度为h2，入水（手刚触及水面）时重心离水面的高度为h1。图中虚线为运动员重心的运动轨迹。已知运动员的质量为m，不计空气阻力，则运动员跳至最高点时速度及入水（手刚触及水面）时速度的大小分别是（）A0，v02+2gHB0，2g(H+h2-h1)Cv02+2g(h1-h2)，v02+2gHDv02+2g(h1-h2)，v02+2g(H-h1)答案：C从跳离高台瞬间到最高点，据动能定理得-mg(h2-h1)=12mv2-12mv02解得最高点的速度v=v02+2g(h1-h2)从跳离高台瞬间到入水过程，据动能定理得mgH=12mv2-12mv02解得入水时的速度v=v02+2gH故选C。3、关于“探究功与速度变化的关系”的实验，下列叙述正确的是（）A每次实验必须设法算出橡皮筋对小车做功的具体数值B每次实验中，橡皮筋拉伸的长度没有必要保持一致C放小车的长木板应该尽量使其水平D先接通电源，再让小车在橡皮筋的作用下弹出答案：DA橡皮筋完全相同，通过增加橡皮筋的条数来使功倍增，因此不需要每次计算橡皮筋对小车做功的具体数值，故A错误；B通过增加橡皮筋的条数来使功倍增，则橡皮筋拉伸的长度必须保持一致，故B错误；C小车和木板之间存在摩擦力，需平衡摩擦力，则要用小木块垫高长木板的一端，故C错误；D先接通电源，打点稳定后再让小车在橡皮筋的作用下弹出，故D正确。故选D。4、下列关于重力势能的说法正确的是（）。A物体的重力势能一定大于零B在地面上的物体的重力势能一定等于零C物体重力势能的变化量与零势能面的选取无关D物体的重力势能与零势能面的选取无关答案：CA物体的重力势能可能等于零、大于零、小于零。A错误；B选地面为参考平面，在地面上的物体的重力势能等于零，不选地面为参考平面，在地面上的物体的重力势能不等于零。B错误；C物体重力势能的变化量与零势能面的选取无关，C正确；D物体的重力势能与零势能面的选取有关。D错误。故选C。5、如图，撑杆跳全过程可分为四个阶段：AB阶段，助跑加速；BC阶段，杆弯曲程度增大、人上升；CD阶段，杆弯曲程度减小、人上升；DE阶段，人越过横杆后下落，整个过程空气阻力忽略不计。这四个阶段的能量变化为（）AAB地面对人和杆系统做正功BBC人和杆系统的动能减小量小于重力势能和弹性势能增加量CCD人和杆系统的动能减少量小于重力势能的增加量DDE重力对人所做的功等于人机械能的增加量答案：CAAB地面对人和杆系统不做功，人加速过程增加的机械能是通过人体肌肉做功，消耗人体内的化学能，转化为人的机械能，A错误；BBC人和杆系统的动能减小量等于重力势能和弹性势能增加量，B错误；CCD人和杆系统的动能减小和弹性势能的减少量等于重力势能的增加量，则人和杆系统的动能减少量小于重力势能的增加量，C正确；DDE重力对人所做的功等于人的重力势能减少量，人的机械能不变，D错误。故选C。6、2021年7月6日，我国成功将“天链一号05”卫星发射升空，卫星进入预定轨道，天链系列卫星为我国信息传送发挥了重要作用。如图所示，卫星在半径为R的近地圆形轨道上运动，到达轨道的A点时点火变轨进入椭圆轨道，到达轨道的远地点B时，再次点火进入轨道半径为5R的圆形轨道绕地球做匀速圆周运动，设卫星质量保持不变。则（）A若地球表面的重力加速度为g0，则在圆形轨道的重力加速度为g05B若在圆形轨道上运动的线速度为v0，则在圆形轨道上运动的线速度为5v0C卫星在椭圆轨道从A到B运动的时间是其在圆形轨道上运动周期的1.53倍D卫星从轨道到轨道再到轨道III的过程中，机械能守恒答案：CA卫星在地球表面时，忽略地球自转的影响，物体所受的重力等于物体与地球间的万有引力，所以有mg0=GMmR2解得g0=GMR2当卫星进入5R的轨道时，物体此时所受的重力等于其与地球间的万有引力，所以有mg=GMm5R2解得g=g025故A项错误；B卫星做绕地球做匀速圆周运动有GMmr2=mv2r解得v=GMr当r=R，解得v0=GMr当r=5R，解得v=GM5r=55v0故B项错误；C根据开普勒定律，有a3T2=k因为卫星绕地球飞行，所以整理有r13T12=r23T22又因为卫星在椭圆轨道的半长轴为3R，所以有上述式子可得，卫星在椭圆轨道的周期是圆形轨道周期33倍，卫星在椭圆轨道从A到B运动的时间是圆形轨道周期的1.53倍，故C项正确；D卫星从轨道到轨道再到轨道的过程中，变轨需要加速，即物体的动能增加，根据E机=Ek+Ep所以机械能增加，故D项错误。故选C。7、质量相同的两个物体，分别在地球和月球表面以相同的初速度竖直上抛，已知月球表面的重力加速度比地球表面重力加速度小，若不计空气阻力，下列说法中正确的是（）A物体在地球表面时的惯性比在月球表面时的惯性大B物体在地球表面上升到最高点所用时间比在月球表面上升到最高点所用时间长C落回抛出点时，重力做功的瞬时功率相等D在上升到最高点的过程中，它们的重力势能变化量相等答案：DA物体的惯性只与质量有关系，两个物体质量相同，惯性相同，选项A错误；B由于月球表面的重力加速度比地球表面重力加速度小，物体在地球表面上升到最高点所用时间比在月球表面上升到最高点所用时间短，选项B错误；C落回抛出点时，速度相等，而月球表面重力小，所以落回抛出点时，月球上重力做功的瞬时功率小，选项C错误；D由于抛出时动能相等，由机械能守恒定律可知，在上升到最高点的过程中，它们的重力势能变化量相等，选项D正确。故选D。8、公安部规定：子弹射出枪口时的动能与子弹横截面积的比在0.16J/cm2以下的枪为玩具枪。已知某弹簧玩具枪的钢珠直径约为1cm，则该枪中弹簧的弹性势能不能超过（）A110-6JB110-3JC110-2JD110-1J答案：D钢珠的横截面积为S=122cm2弹簧的弹性势能转化为钢珠的动能，则EpS=0.16J/cm2解得Ep110-1J故选D。9、如图所示，在竖直平面内有一半径为R的圆弧轨道，半径OA水平、OB竖直，一个质量为m的小球自A的正上方P点由静止开始自由下落，小球沿轨道到达最高点B时恰好对轨道没有压力。已知AP=2R，重力加速度为g，不计空气阻力，小球可视为质点，则小球从P到B的运动过程中（）A重力势能减少2mgRB机械能减少mgRC合外力做功mgRD克服摩擦力做功12mgR答案：DA从P到B的过程中，小球下降的高度为R，则重力势能减少了Ep=mgR故A错误；BD小球到达B点时恰好对轨道没有压力，则有mg=mvB2R设摩擦力对小球做的功为Wf，从P到B的过程，由动能定理可得mgRWf=12mvB2解得Wf=12mgR即克服摩擦力做功12mgR，机械能减少12mgR，故B错误，D正确；C根据动能定理知W合=12mvB2=12mgR故C错误。故选D。10、用与斜面平行的恒力F将质量为m的物体沿倾角为的斜面运动一段距离，拉力做功W1；用同样大小的水平力将物体沿水平面拉动同样的距离，拉力做功W2，则（）AW1W2CW1=W2D无法判断答案：C根据功的计算公式W=Flcos可得W1=W2=Fl故选C。11、如图所示，“歼15”战机每次从“辽宁号”航母上起飞的过程中可视为匀加速直线运动，且滑行的距离和牵引力都相同，则（）A携带的弹药越多，加速度越大B携带的弹药越多，牵引力做功越多C携带的弹药越多，滑行的时间越长D携带的弹药越多，获得的起飞速度越大答案：CA由题知，携带的弹药越多，即质量越大，然牵引力一定，根据牛顿第二定律F=ma质量越大加速度a越小，A错误B牵引力和滑行距离相同，根据W=Fl得，牵引力做功相同，B错误C滑行距离L相同，加速度a越小，滑行时间由运动学公式t=2La可知滑行时间越长，C正确D携带的弹药越多，获得的起飞速度由运动学公式v=2aL可知获得的起飞速度越小，D错误故选C。12、我国发射的神舟十三号载人飞船，进入预定轨道后绕地球椭圆轨道运动，地球位于椭圆的一个焦点上，如图所示。飞船从A点运动到远地点B的过程中，下列表述正确的是（）A地球引力对飞船不做功B地球引力对飞船做负功C地球引力对飞船做正功D飞船受到的引力越来越大答案：B飞船运动远离地球，而地球引力指向地球，故引力对飞船做负功，故选B。13、如图所示为某汽车启动时发动机功率P随时间t变化的图像，图中P0为发动机的额定功率，若已知汽车在t2时刻之前已达到最大速度vm，据此可知（）At1t2时间内汽车做匀速运动B0t1时间内发动机做的功为P0t1C0t2时间内发动机做的功为P0（t2t12）D汽车匀速运动时所受的阻力小于P0vm答案：CA由题意得，在0t1时间内功率随时间均匀增大，知汽车做匀加速直线运动，加速度恒定，由牛顿第二定律F-f=ma可知，牵引力恒定，合力也恒定。在t1时刻达到额定功率，随后在t1t2时间内，汽车速度继续增大，由P=Fv可知，牵引力减小，则加速度减小，直到牵引力减小到与阻力相等时，达到最大速度vm=PF=Pf接着做匀速运动，A错误；B发动机所做的功等于图线与t轴所围的面积，则0t1时间内发动机做的功为W1=12P0t1B错误；C发动机所做的功等于图线与t轴所围的面积，则0t2时间内发动机做的功为W=12P0(t2-t1+t2)=P0(t2-t12)C正确；D当汽车匀速运动时所受的阻力f=F=P0vmD错误。故选C。14、氢气球在空中匀速上升的过程中，它的（）A动能减小，重力势能增大B动能不变，重力势能增大C动能减小，重力势能不变D动能不变，重力势能不变答案：B氢气球在空中匀速上升，质量不变，速度不变，动能不变，高度增大，重力势能变大。故选B。15、2021年10月16日0时23分，搭载神舟十号载人飞船的长征二号F遥十三运载火箭，在酒泉卫星发射中心点火发射，约582秒后，神舟十三号载人飞船与火箭成功分离，进入预定轨道，顺利将翟志刚、王亚平、叶光富3名航大员送入太空。10月16日6时56分，载人飞船与中国空间站组合体完成自主快速交会对接空间站组合体在离地400km左右的椭圆轨道上运行，如图所示。11月8日，经过约6.5小时的出舱活动，神舟十三号航天员乘组密切协同，圆满完成出舱活动全部既定任务，同时，在完成任务的过程中，航天员发现在空间站内每隔大约1.5小时就能看到一次日出。不计一切阻力，组合体则根据题中所给信息，以下判断正确的是（）A航天员在出舱工作时处于超重状态B空间站组合体运动到近地点时的加速度最小C空间站组合体的椭圆轨道半长轴小于地球同步卫星的轨道半径D空间站组合体沿椭圆轨道由近地点向远地点运动的过程中，机械能不守恒答案：CA航天员出舱工作时处于失重状态，A错误；B空间站组合体运动到近地点时的加速度最大，B错误；C空间站组合体的运动周期小于地球同步卫星的运动周期，故空间站组合体的轨道半长轴小于地球同步卫星的轨道半径，C正确；D空间站组合体沿椭圆轨道由近地点向远地点运动的过程中，机械能守恒，D错误。故选C。多选题16、如图所示，小物体从某一高度自由下落，落到竖直固定在地面上的轻弹簧上，在A点物体开始与弹簧接触，到B点物体的速度为零，然后被弹回。下列说法中正确的是（）A物体经过A点时速度最大B从A点下落到B点的过程中，物体的机械能守恒C从A点下落到B点以及从B点上升到A点的过程中，物体的动能都是先变大后变小D从A点下落到B点的过程中，物体的机械能不守恒答案：CDA对物体经过A点时进行受力分析，此时物体只受重力，此时加速度方向与速度方向相同，所以物体经过A点时继续加速，速度还未达到最大，选项A错误；BD物体从A下落到B的过程中，由于要克服弹簧弹力做功，所以物体的机械能不守恒，选项B错误，D正确；C在A、B之间某位置满足kx=mg此时加速度为0，所以物体从A下落到B以及从B上升到A的过程中，速度都是先增大后减小，动能都是先变大后变小，选项C正确。故选CD。17、避险车道是指在长陡下坡路段行车道外侧增设的供速度失控（刹车失灵）车辆驶离正线安全减速的专用车道，避险车道末端设有防撞设施，如图所示，避险车道与水平地面的夹角为37，避险车道长度为100m，一辆货车在行驶过程中刹车失灵，驶入避险车道，货车进入避险车道后牵引力为0，货车受到的阻力是车重力的20%，假设货车以速度20m/s冲上避险车道，取重力加速度大小g=10m/s2，以水平地面为零势能面，sin37=0.6，cos37=0.8，则（）A货车在避险车道上的加速度大小为6m/s2B货车将在避险车道上向上滑行25mC驶入该避险车道的速度为40m/s时，货车恰好不与防撞设施相撞D当货车动能等于重力势能时，在避险车道上运动了10m答案：BCA由牛顿第二定律可得mgsin+f=ma又因为f=20%mg联立解得a=8m/s2A错误；B由运动学公式可得x=v022a=20228m=25m故货车将在避险车道上向上滑行25m，B正确；C当x100m时，代入得最大速度v0=2ax=40m/s故驶入该避险车道的速度为40m/s时，货车恰好不与防撞设施相撞，C正确；D根据动能定理可得-mgxsin-fx=12mv2-12mv02根据题意有mgxsin=12mv2联立解得x=1007m故当货车动能等于重力势能时，在避险车道上运动了1007m，D错误。故选BC。18、如图所示为某建筑工地所用的水平放置的运输带，在电动机的带动下运输带始终以恒定的速度v01m/s顺时针传动。建筑工人将质量m2kg的建筑材料静止地放到运输带的最左端，同时建筑工人以v01m/s的速度向右匀速运动。已知建筑材料与运输带之间的动摩擦因数为0.1，运输带的长度为L2m，重力加速度大小为g10m/s2。以下说法正确的是（）A建筑工人比建筑材料早到右端0.5sB建筑材料在运输带上一直做匀加速直线运动C因运输建筑材料电动机多消耗的能量为1JD运输带对建筑材料做的功为1J答案：ADAB建筑工人匀速运动到右端，所需时间t1Lv02s假设建筑材料先加速再匀速运动，加速时的加速度大小为ag1m/s2加速的时间为t2v0a1s加速运动的位移为x1v02t20.5mm2.开始时m1恰在A点，m2在斜面上且距离斜面顶端足够远，此时连接m1、m2的细绳与斜面平行且伸直，C点在圆心O的正下方。当m1由静止释放开始运动，则下列说法正确的是（）Am2沿斜面上滑过程中，地面对斜面的支持力始终保持恒定B当m1运动到C点时，m1的速率是m2速率的2倍C若细绳在m1到达C点时断开，m1可能沿碗面上升到B点D在m1从A点运动到C点的过程中，m1与m2组成的系统机械能守恒答案：ABDAm2沿斜面上滑过程中，m2对斜面的压力始终不变，斜面所受重力不变，且一直处于平衡状态，则地面对斜面的支持力也始终不变，A正确；B小球m1到达最低点C时，m1、m2的速度大小分别为v1、v2，由运动的合成与分解得v1cos45=v2则v1=2v2B正确；Cm1由静止从A点运动到C点的过程中，除重力外，绳的拉力对m1做负功，m1的机械能一直在减小，所以细绳断开后，m1不能上升到B点，C错误；Dm1从A点运动到C点的过程中，m1和m2组成的系统只有重力做功，机械能守恒，D正确；故选ABD。21、质量为m的物体，静止在倾角为的斜面上，斜面沿水平方向向右匀速移动了距离L，如图所示。物体相对斜面静止，则下列说法正确的是（）A重力对物体做正功B重力对物体做功为零C摩擦力对物体做负功D支持力对物体做正功答案：BCDAB物体的受力和位移方向如图所示。重力与位移垂直，故重力不做功。故A错误；B正确；C摩擦力Ff与位移L的夹角大于90，故摩擦力做负功。故C正确；D支持力FN与位移L的夹角90，故支持力做正功。故D正确。故选BCD。22、内径面积为S的U形圆筒竖直放在水平面上，筒内装水，底部阀门K关闭时两侧水面高度分别为h1和h2，如图所示。已知水的密度为，不计水与筒壁的摩擦阻力。现把连接两筒的阀门K打开，到两筒水面高度相等的过程中（）A水柱的重力做正功B大气压力对水柱做负功C水柱的机械能守恒D水柱动能的改变量是14gSh1-h22答案：ACDA把连接两筒的阀门K打开，到两筒水面高度相等的过程中，等效于把左管高h1-h22的水柱移至右管，如图中的阴影部分所示，该部分水重心下降h1-h22，重力做正功，故A正确；B把连接两筒的阀门打开到两筒水面高度相等的过程中大气压力对左筒水面做正功，对右筒水面做负功，抵消为零，故B错误；CD由上述分析知，只有重力做功，故水柱的机械能守恒，重力做的功等于重力势能的减少量，等于水柱增加的动能，由动能定理知Ek=WG=mgh1-h22=h1-h22gSh1-h22=14gSh1-h22故CD正确。故选ACD。23、如图所示，质量均为m的物块甲、乙用轻弹簧相连且静止在倾角为的光滑斜面上，物块乙与固定在斜面底端并与斜面垂直的挡板接触，弹簧的劲度系数为k。某时刻若用沿斜面向上的恒力F1作用在物块甲上，当物块甲向上运动到速度为零时，物块乙刚好要离开挡板，此过程F1做功为W1；若用沿斜面向上的恒力F2作用在物块甲上，当物块甲斜向上运动到加速度为零时，物块乙刚好要离开挡板，此过程F2做功为W2，重力加速度为g，弹簧始终处在弹性限度内，则下列判断正确的是（）AF1=2mgsinBF2=2mgsinCW1等于弹簧弹性势能的增加量DW2等于物块甲机械能的增加量答案：BDA当用F1拉着物块甲向上运动到速度为零时，物块乙刚好要离开挡板，此时物块甲的加速度方向沿斜面向下，因此F12mgsin故A错误；B当用F2拉着物块甲向上运动到加速度为零时，物块乙刚好要离开挡板，此时甲、乙整体所受的合力为零，则有F2=2mgsin故B正确；C当用F1拉着物块甲向上运动到速度为零时，弹簧弹性势能的变化量为零，F1做的功W1等于物块甲重力势能的增加量，故C错误；D当用F2拉着物块甲向上运动到加速度为零时，物块乙刚好要离开挡板，此过程中弹簧弹性势能的变化量仍为零，F2做的功W2等于物块甲机械能的增加量，故D正确。故选BD。24、如图甲，一足够长的传送带与水平面的夹角30，皮带在电动机的带动下，速率始终不变。t0时刻在传送带适当位置放上一具有初速度的小物块。取沿斜面向上为正方向，物块在传送带上运动的速度随时间的变化如图乙所示。已知小物块质量m1kg，g取10m/s2，下列说法正确的是（）A传送带顺时针转动，速度大小为2m/sB传送带与小物块之间的动摩擦因数235C0t2时间因摩擦产生热量为27JD0t2时间内电动机多消耗的电能为28.5J答案：ABCA从vt图像可知，小物块最终随传送带一起匀速运动，说明传送带的速度为2m/s，因为取沿斜面向上为正方向，所以传送带顺时针转动，故A正确；B小物块的加速度a1m/s2对物块受力分析，可得mgcosmgsinma解得235故B正确；C物块运动速度减为零后，反向加速经历时间tva2s由vt图像可知t23s则物块向下运动过程中与传送带间的相对位移为x1=x1+x1=112m+12m=2.5m物块向上运动过程中与传送带间的相对位移为x2=x2-x2=22m-222m=2m所以传送带与物块的总相对位移为x=x1+x2=4.5m所以产生内能为Qmgcoss27J故C正确；D物块增加的重力势能Epmgsin(x2-x1)7.5J物块动能的增量Ek12mv212mv021.5J则传送带多消耗的电能W电QEpEk36J故D错误。故选ABC。25、下列叙述中正确的是（）A做匀速直线运动的物体机械能一定守恒B做匀变速直线运动的物体机械能可能不守恒C外力对物体做功为零，物体的机械能一定守恒D系统内只有重力和弹力做功时，系统的机械能一定守恒答案：BDA做匀速直线运动的物体机械能不一定守恒，例如物体向上做匀速直线运动时，机械能增加，故A错误；B做匀变速直线运动的物体机械能可能不守恒，如水平面上做匀加速直线运动的物体，机械能增加，故B正确；C外力对物体做功为零，物体的机械能不一定守恒，例如物体向上做匀速直线运动时，外力对物体做功为零，机械能增加，故C错误；D系统内只有重力和弹力做功时，系统的机械能一定守恒，故D正确。故选BD。填空题26、如图所示，一长为L的均匀铁链对称挂在一轻质小滑轮上，由于某一微小扰动使得链条向一侧滑动，滑轮离地面足够高，重力加速度大小为g，则铁链滑动过程机械能_（选填“守恒”或“不守恒”），铁链完全离开滑轮时的速度大小为_。答案：守恒gL21铁链从开始滑动到完全离开滑轮的过程中，只有重力做功，铁链机械能守恒；2铁链重心下降的高度为h=L2-L4=L4铁链下落过程，由机械能守恒定律得mgL4=12mv2解得v=gL227、如图所示，一直角斜面体固定在水平地面上，左侧斜面倾角为60，右侧斜面倾角为30。A、B两个物体分别系于一根跨过定滑轮的轻绳两端且分别置于斜面上，两物体下边缘位于同一高度且处于平衡状态，滑轮两边的轻绳都平行于斜面。不考虑所有的摩擦，当剪断轻绳让物体从静止开始沿斜面滑下，则两物体的质量之比mA:mB是_，着地瞬间两物体所受重力做功的功率之比PA:PB是_。答案：1:31:11两物体均处于平衡状态，受力分析如图所示绳子对A、B的拉力大小相等，对A有mAgsin60=T对B有mBgsin30=T可得mA:mB=1:32绳子剪断后，两个物体都是机械能守恒，有mgh=12mv2解得v=2gh着地瞬间两物体所受重力的功率之比为PA:PB=mAgvsin60:mBgvsin30=1:128、依据下面情境，判断下列说法对错。长征途中，为了突破敌方关隘，战士爬上陡峭的山头，居高临下向敌方工事内投掷手榴弹，战士在同一位置先后投出甲、乙两颗质量均为m的手榴弹，手榴弹从投出的位置到落地点的高度差为h，在空中的运动可视为平抛运动，运动轨迹如图所示，重力加速度为g，以地面为零势能面。（1）手榴弹在运动过程中动能越来越大。()（2）手榴弹在运动过程中重力势能越来越大。()（3）重力对手榴弹做的功为mgh。()（4）从投出到落地，每颗手榴弹的重力势能减少mgh。()（5）从投出到落地，每颗手榴弹的机械能变化量为mgh。()答案：正确错误正确正确错误（1）手榴弹在下落过程中，做加速运动，速度越来越来大，动能越来越大，故正确；（2）手榴弹在运动过程中，距地面的高度越来越低，所以重力势能越来越小，故错误；（3）根据功的定义式可得重力做功为WG=mgh故正确；（4）根据功的定义式可得重力做功为WG=mgh重力势能减少mgh，故正确；（5）手榴弹在下落过程中，只有重力做功，机械能守恒，故错误。29、判断下列说法的正误。（1）合力为零，物体的机械能一定守恒。()（2）合力做功为零，物体的机械能一定守恒。()（3）只有重力做功，物体的机械能一定守恒。()答案：错误错误正确（1）错误。合力为零，物体处于静止或匀速直线运动状态，机械能不一定守恒。例如，竖直向上匀速直线运动，动能不变，重力势能增加。（2）错误。合力做功为零，物体的机械能都不一定守恒，如物体沿斜面匀速下滑时，物体的机械能减少。（3）正确。机械能守恒的条件是只有重力或弹力做功。只有重力做功，物体的机械能一定守恒。30、功的计算公式：_（其中F为恒力）。答案：W=Fscos功的计算式W=Fscos中，F是恒力的大小，s是位移的大小，是力F和位移s的夹角。30