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2021高考数学二轮复习专题练 三、核心热点突破 专题六 函数与导数 第1讲 函数图象与性质

2021高考数学二轮复习专题练 三、核心热点突破 专题六 函数与导数 第1讲 函数图象与性质

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专题六 函数与导数
第1讲　函数图象与性质

高考定位　1.以基本初等函数为载体，考查函数的定义域、值域、最值、奇偶性、单调性和周期性；2.利用函数的图象研究函数性质，能用函数的图象与性质解决简单问题；3.函数与方程思想、数形结合思想是高考的重要思想方法.

真 题 感 悟
1.(2020·全国Ⅱ卷)设函数f(x)＝ln|2x＋1|－ln|2x－1|，则f(x)(　　)
A.是偶函数，且在单调递增
B.是奇函数，且在单调递减
C.是偶函数，且在单调递增
D.是奇函数，且在单调递减
解析　f(x)＝ln|2x＋1|－ln|2x－1|的定义域为.
∵f(－x)＝ln|－2x＋1|－ln|－2x－1|＝ln|2x－1|－ln|2x＋1|＝－f(x)，
∴f(x)为奇函数，故排除A，C.
又当x∈时，
f(x)＝ln(－2x－1)－ln(1－2x)＝ln ＝ln ＝ln ，
∵y＝1＋在上单调递减，由复合函数的单调性可得f(x)在上单调递减.故选D.
答案　D
2.(2019·全国Ⅰ卷)函数f(x)＝在[－π，π]的图象大致为(　　)

解析　显然f(－x)＝－f(x)，x∈[－π，π]，所以f(x)为奇函数，排除A；
又当x＝π时， f(π)＝>0，排除B，C，只有D适合.
答案　D
3.(2020·新高考山东、海南卷)若定义在R上的奇函数f(x)在(－∞，0)单调递减，且f(2)＝0，则满足xf(x－1)≥0的x的取值范围是(　　)
A.[－1，1]∪[3，＋∞) B.[－3，－1]∪[0，1]
C.[－1，0]∪[1，＋∞) D.[－1，0]∪[1，3]
解析　因为函数f(x)为定义在R上的奇函数，则f(0)＝0.又f(x)在(－∞，0)单调递减，且f(2)＝0，画出函数f(x)的大致图象如图(1)所示，则函数f(x－1)的大致图象如图(2)所示.

当x≤0时，要满足xf(x－1)≥0，则f(x－1)≤0，
得－1≤x≤0.
当x＞0时，要满足xf(x－1)≥0，则f(x－1)≥0，
得1≤x≤3.
故满足xf(x－1)≥0的x的取值范围是[－1，0]∪[1，3].
故选D.
答案　D
4.(2019·全国Ⅱ卷)已知f(x)是奇函数，且当x<0时，f(x)＝－eax，若f(ln 2)＝8，则a＝________.
解析　依题意得，当x>0时，f(x)＝－f(－x)＝－(－e－ax)＝e－ax，
所以f(ln 2)＝e－aln 2＝(eln 2)－a＝2－a＝8.
解得a＝－3.
答案　－3
考 点 整 合
1.函数的图象
(1)对于函数的图象要会作图、识图和用图，作函数图象有两种基本方法：一是描点法；二是图象变换法，其中图象变换有平移变换、伸缩变换和对称变换.
(2)在研究函数性质特别是单调性、值域、零点时，要注意结合其图象研究.
(3)函数图象的对称性
①若函数y＝f(x)满足f(a＋x)＝f(a－x)，即f(x)＝f(2a－x)，则y＝f(x)的图象关于直线x＝a对称；
②若函数y＝f(x)满足f(a＋x)＝－f(a－x)，即f(x)＝－f(2a－x)，则y＝f(x)的图象关于点(a，0)对称.
2.函数的性质
(1)单调性：单调性是函数在其定义域上的局部性质.证明函数的单调性时，规范步骤为取值、作差、变形、判断符号和下结论.复合函数的单调性遵循“同增异减”的原则.
(2)奇偶性：①若f(x)是偶函数，则f(x)＝f(－x).
②若f(x)是奇函数，0在其定义域内，则f(0)＝0.
③奇函数在关于原点对称的单调区间内有相同的单调性，偶函数在关于原点对称的单调区间内有相反的单调性.
(3)周期性：①若y＝f(x)对x∈R，f(x＋a)＝f(x－a)或f(x＋2a)＝f(x)(a>0)恒成立，则y＝f(x)是周期为2a的周期函数.
②若y＝f(x)是偶函数，其图象又关于直线x＝a对称，则f(x)是周期为2|a|的周期函数.
③若y＝f(x)是奇函数，其图象又关于直线x＝a对称，则f(x)是周期为4|a|的周期函数.
④若f(x＋a)＝－f(x)，则y＝f(x)是周期为2|a|的周期函数.
易错提醒　错用集合运算符号致误：函数的多个单调区间若不连续，不能用符号“∪”连接，可用“和”或“，”连接.

热点一　函数及其表示
【例1】 (1)(2020·合肥质检)函数f(x)＝＋ln(3x－1)的定义域为(　　)
A. B.
C. D.
(2)(2020·西安模拟)已知函数f(x)＝若f(－1)＝3，则不等式f(x)≤5的解集为(　　)
A.[－2，1] B.[－3，3]
C.[－2，2] D.[－2，3]
解析　(1)要使函数f(x)＝＋ln(3x－1)有意义，则解得＜x≤.
∴f(x)的定义域为.
(2)∵f(x)＝
f(－1)＝3，
∴f(－1)＝a－1＋1＝3，则a＝，
故f(x)＝
由f(x)≤5，∴当x＞0时，2x－1≤5，解得0＜x≤3，
当x≤0时，＋1≤5，－2≤x≤0.
综上，不等式f(x)≤5的解集为[－2，3].
答案　(1)B　(2)D
探究提高　1.(1)给出解析式的函数的定义域是使解析式有意义的自变量的集合，只需构建不等式(组)求解即可.
(2)抽象函数根据f(g(x))中g(x)的范围与f(x)中x的范围相同求解.
2.对于分段函数求值或解不等式问题，一定要根据变量的取值条件进行分段讨论.
【训练1】 (1)(2020·成都诊断)高斯是德国著名的数学家，近代数学奠基者之一，享有“数学王子”的称号，用其名字命名的“高斯函数”为：设x∈R，用[x]表示不超过x的最大整数，则y＝[x]称为高斯函数，例如：[－0.5]＝－1，[1.5]＝1.已知函数f(x)＝×4x－3×2x＋4(0＜x＜2)，则函数y＝[f(x)]的值域为(　　)
A. B.{－1，0，1}
C.{－1，0，1，2} D.{0，1，2}
(2)设函数f(x)＝则满足f(x＋1))(2020·浙江卷)函数y＝xcos x＋sin x在区间[－π，π]上的图象可能是(　　)

(2)设函数f(x)＝若函数y＝f(x)在区间(a，a＋1)上单调递增，则实数a的取值范围是(　　)
A.(－∞，1] B.[1，4]
C.[4，＋∞) D.(－∞，1]∪[4，＋∞)
解析　(1)因为f(x)＝xcos x＋sin x，则f(－x)＝－xcos x－sin x＝－f(x)，又x∈[－π，π]，所以f(x)为奇函数，其图象关于坐标原点对称，则C，D错误.且x＝π时，y＝πcos π＋sin π＝－π＜0，知B错误，只有A满足.
(2)作出函数f(x)的图象如图所示，由图象可知，要使f(x)在(a，a＋1)上单调递增，
需满足a≥4或a＋1≤2.因此a≥4或a≤1.

答案　(1)A　(2)D
探究提高　1.函数图象的辨识可从以下方面入手：(1)从函数的定义域，判断图象的左右位置；从函数的值域，判断图象的上下位置.(2)从函数的单调性，判断图象的变化趋势.(3)从函数的奇偶性，判断图象的对称性.(4)从函数的特征点，排除不合要求的图象.利用上述方法排除、筛选选项.
2.(1)运用函数图象解决问题时，先要正确理解和把握函数图象本身的含义及其表示的内容，熟悉图象所能够表达的函数的性质.(2)图象形象地显示了函数的性质，因此，函数性质的确定与应用及一些方程、不等式的求解常与图象数形结合研究.
【训练2】 (1)(2019·全国Ⅲ卷)函数y＝在[－6，6]的图象大致为(　　)

(2)(2020·北京卷)已知函数f(x)＝2x－x－1，则不等式f(x)＞0的解集是(　　)
A.(－1，1) B.(－∞，－1)∪(1，＋∞)
C.(0，1) D.(－∞，0)∪(1，＋∞)
解析　(1)因为y＝f(x)＝，x∈[－6，6]，
所以f(－x)＝＝－＝－f(x)，
所以f(x)是奇函数，排除选项C.
当x＝4时，y＝＝∈(7，8)，排除A，D项，B正确.
(2)在同一平面直角坐标系中画出h(x)＝2x，g(x)＝x＋1的图象如图.由图象得交点坐标为(0，1)和(1，2).
又f(x)＞0等价于2x＞x＋1，
结合图象，可得x＜0或x＞1.
故f(x)＞0的解集为(－∞，0)∪(1，＋∞).故选D.

答案　(1)B　(2)D
热点三　函数的性质及应用
角度1　函数的周期性、奇偶性
【例3】 (1)(2020·淄博二模)偶函数f(x)的图象关于点(1，0)对称，当－1≤x≤0时，f(x)＝－x2＋1，则f(2 020)＝(　　)
A.2 B.0 C.－1 D.1
(2)(多选题)(2020·淄博质检)已知函数f(x)的定义域为R，且f(x＋1)是偶函数，f(x－1)是奇函数，则下列说法正确的是(　　)
A.f(7)＝0
B.f(x)的一个周期为8
C.f(x)图象的一个对称中心为(3，0)
D.f(x)图象的一条对称轴为直线x＝2 019
解析　(1)∵f(x)为偶函数，∴f(x)的图象关于直线x＝0对称，
又f(x)的图象关于点(1，0)对称，
∴f(x)的周期T＝4|1－0|＝4.
∴f(2 020)＝f(2 020－4×505)＝f(0)，
又当－1≤x≤0时，f(x)＝－x2＋1.
故f(2 020)＝f(0)＝1.
(2)依题意知，直线x＝1是f(x)图象的一条对称轴，(－1，0)是f(x)图象的一个对称中心，又因为f(x＋1)是偶函数，f(x－1)是奇函数，所以f(x＋1)＝f(－x＋1)，f(x－1)＝－f(－x－1)，所以f(x)＝f(－x＋2)，f(x)＝－f(－x－2)，所以f(－x＋2)＝－f(－x－2)，所以f(x＋2)＝－f(x－2)，∴f(x)＝－f(x－4)＝－[－f(x－8)]＝f(x－8)，所以f(x)是周期函数，且8为函数f(x)的一个周期，故B正确；f(7)＝f(－1)＝0，故A正确；因为f(x)图象上每隔4个单位长度出现一个对称中心，所以点(3，0)是函数f(x)图象的一个对称中心，故C正确；x＝2 019＝8×252＋3，所以直线x＝2 019不是函数f(x)图象的对称轴，故D错误，故选ABC.
答案　(1)D　(2)ABC
角度2　函数的单调性与最值
【例4】 (1)(2020·福州质检)已知定义域为R的函数f(x)满足f(－x)－f(x)＝0，且当x≥0时，f(x)＝－2－x，设a＝f(－31.2)，b＝f(3－0.2)，c＝f(log30.2)，则(　　)
A.c＞b＞a B.a＞b＞c
C.c＞a＞b D.a＞c＞b
(2)(2020·东北三省三校联考)已知定义在R上的函数f(x)满足f(x)＝f(－x)，且f(x)在(－∞，0]上单调递减，若不等式f(ax＋2)≤f(－1)对于任意x∈[1，2]恒成立，则a的最大值为________.
解析　(1)由f(－x)－f(x)＝0及函数f(x)的定义域为R，知f(x)是偶函数，易知f(x)＝－2－x在[0，＋∞)上单调递增.
因为a＝f(－31.2)＝f(31.2)，c＝f(log30.2)＝f＝f(－log35)＝f(log35)，
且31.2＞3，1＝log33＜log35＜log327＝3，0＜3－0.2＜1，
即31.2＞log35＞3－0.2＞0，
所以f(31.2)＞f(log35)＞f(3－0.2)，即a＞c＞b.
(2)由于f(x)满足f(x)＝f(－x)，且函数f(x)的定义域为R，可知f(x)的图象关于y轴对称，
∵f(x)在(－∞，0]上单调递减，
∴f(x)在[0，＋∞)上单调递增.
根据f(x)的图象特征可得－1≤ax＋2≤1在[1，2]上恒成立，
得－≤a≤－在[1，2]上恒成立.
所以－≤a≤－1，故a的最大值为－1.
答案　(1)D　(2)－1
探究提高　1.利用函数的奇偶性和周期性可以转化函数的解析式、图象和性质，把不在已知区间上的问题，转化到已知区间上求解.
2.函数单调性应用：可以比较大小、求函数最值、解不等式、证明方程根的唯一性.
【训练3】 (1)(2020·贵阳调研)定义在R上的奇函数f(x)满足f(2－x)＝f(x)，且当－1≤x＜0时，f(x)＝2x－1，则f(log220)＝(　　)
A. B. C.－ D.－
(2)(多选题)已知f(x)为定义在R上的奇函数，当x≥0时，有f(x＋1)＝－f(x)，且当x∈[0，1)时，f(x)＝log2(x＋1)，下列命题正确的是(　　)
A.f(2 019)＋f(－2 020)＝0
B.函数f(x)在定义域上是周期为2的函数
C.直线y＝x与函数f(x)的图象有2个交点
D.函数f(x)的值域为(－1，1)
解析　(1)依题意，知f(2＋x)＝f(－x)＝－f(x)，则f(4＋x)＝f(x)，所以f(x)是周期函数，且周期为4.
又2＜log25＜3，则－1＜2－log25＜0，
所以f(log220)＝f(2＋log25)＝f(log25－2)
＝－f(2－log25)＝－(22－log25－1)＝－＝.
(2)根据题意，当x≥0时，有f(x＋1)＝－f(x)，且当x∈[0，1)时，f(x)＝log2(x＋1)，又由f(x)为奇函数，则f(x)的部分图象如图.对于A，当x≥0时，有f(x＋1)＝－f(x)，则f(x＋2)＝－f(x＋1)＝f(x)，即f(x＋2)＝f(x).当x∈[0，1)时，f(x)＝log2(x＋1)，则f(0)＝log21＝0，f(1)＝－f(0)＝0，

又f(2 019)＝f(1)＝0，f(2 020)＝f(0)＝0，f(x)为奇函数，所以f(－2 020)＝－f(2 020)＝0，故f(2 019)＋f(－2 020)＝0，故A正确；对于B，由于f＝f＝－f＝－log2，f＝－f＝－log2，∴f≠f，即周期不是2，B错误；对于C，如图，直线y＝x与函数f(x)的图象有1个交点，其坐标为(0，0)，C错误；对于D，函数f(x)的值域为(－1，1)，D正确.故选AD.
答案　(1)B　(2)AD

A级　巩固提升
一、选择题
1.设f(x)为奇函数，且当x≥0时，f(x)＝ex－1，则当x<0时，f(x)＝(　　)
A.e－x－1 B.e－x＋1
C.－e－x－1 D.－e－x＋1
解析　设x＜0，则－x＞0，∴f(－x)＝e－x－1，
又f(x)为奇函数，∴f(x)＝－f(－x)＝1－e－x.
答案　D
2.已知f(x)是定义域为(－∞，＋∞)的奇函数，满足f(1－x)＝f(1＋x).若f(1)＝2，则f(1)＋f(2)＋f(3)＋…＋f(50)＝(　　)
A.－50 B.0 C.2 D.50
解析　法一　∵f(x)是定义域为(－∞，＋∞)的奇函数，
且f(1－x)＝f(1＋x)＝－f(x－1)，
∴f(4＋x)＝f(x)，∴f(x)是周期函数，且一个周期为4，
又f(0)＝0，知f(2)＝f(0)，f(4)＝f(0)＝0，
由f(1)＝2，知f(－1)＝－2，
则f(3)＝f(－1)＝－2，
从而f(1)＋f(2)＋f(3)＋f(4)＝0，
故f(1)＋f(2)＋f(3)＋f(4)＋…＋f(50)＝12×0＋f(49)＋f(50)＝f(1)＋f(2)＝2，故选C.

法二　由题意可设
f(x)＝2sin，作出f(x)的部分图象如图所示.由图可知，f(x)的一个周期为4，所以f(1)＋f(2)＋f(3)＋…＋f(50)＝12[f(1)＋f(2)＋f(3)＋f(4)]＋f(49)＋f(50)＝12×0＋f(1)＋f(2)＝2.
答案　C
3.(2020·江南十校模拟)函数f(x)＝在上的图象大致为(　　)

解析　根据题意，有f(－x)＝－＝－f(x)，且定义域关于原点对称，
则在上f(x)为奇函数，其图象关于原点对称，排除A，B；
又在区间上，x＞0，cos x＞0，2x＞0，2－x＞0，
则f(x)＞0，排除D，只有C适合.
答案　C
4.(多选题)函数f(x)＝则关于函数f(x)的说法正确的是(　　)
A.定义域为R B.值域为(－3，＋∞)
C.在R上为增函数 D.只有一个零点
解析　f(x)＝∴f(x)的定义域为R，值域为(－3，e－3)∪[0，＋∞)，且e－3＜0，∴f(x)在R上为增函数，且f(1)＝0，∴f(x)只有一个零点.故ACD正确，B不正确.
答案　ACD
5.(2019·全国Ⅲ卷)设f(x)是定义域为R的偶函数，且在(0，＋∞)单调递减，则(　　)
A.f>f(2－)>f(2－)
B.f>f(2－)>f(2－)
C.f(2－)>f(2－)>f
D.f(2－)>f(2－)>f
解析　因为f(x)是定义域为R的偶函数，
所以f＝f(－log34)＝f(log34).
又因为log34>1>2－>2－>0，且函数f(x)在(0，＋∞)上单调递减，
所以f(log34)时，f(x)>0，则以下结论正确的是(　　)
A.f(0)＝－，f(－1)＝－
B.f(x)为R上的减函数
C.f(x)＋为奇函数
D.f(x)＋1为偶函数
解析　由已知，令x＝y＝0，得f(0)＝f(0)＋f(0)＋，∴f(0)＝－，令x＝，y＝－，得f＝f＋f＋，∴f＝－1，再令x＝y＝－，得f＝f＋f＋，
∴f(－1)＝－，A正确；取y＝－1，得f(x－1)＝f(x)＋f(－1)＋，∴f(x－1)－f(x)＝－1<0，即f(x－1)∴g(－x)＋＝－g(x)＋，即＋＝－＋，∴f(－x)＋1＝－f(x)，故D错误.
答案　AC
二、填空题
7.(2020·郑州模拟)已知f(x)＝ex＋eax是偶函数，则f(x)的最小值为________.
解析　∵f(x)＝ex＋eax是偶函数，∴f(1)＝f(－1)，得e＋ea＝e－1＋e－a，则a＝－1.
所以f(x)＝ex＋e－x≥2＝2.当且仅当x＝0时取等号.
故函数f(x)的最小值为2.
答案　2
8.(2020·合肥模拟)已知奇函数f(x)在x≥0时的图象如图所示，则不等式xf(x)＜0的解集为________.

解析　∵xf(x)＜0，∴x和f(x)异号，由于f(x)为奇函数，补齐函数的图象如图.

当x∈(－2，－1)∪(0，1)∪(2，＋∞)时，f(x)＞0，
当x∈(－∞，－2)∪(－1，0)∪(1，2)时，f(x)＜0，
∴不等式xf(x)＜0的解集为(－2，－1)∪(1，2).
答案　(－2，－1)∪(1，2)
9.已知函数f(x)＝，g(x)＝－ex－1－ln x＋a对任意的x1∈[1，3]，x2∈[1，3]恒有f(x1)≥g(x2)成立，则a的取值范围是________.
解析　f(x)＝＝(x＋1)＋－3.
易知x∈[1，3]时，f′(x)＝1－>0，∴f(x)在[1，3]上是增函数，f(x)min＝f(1)＝－.
又g(x)在[1，3]上是减函数，知g(x)max＝g(1)＝a－1.
若恒有f(x1)≥g(x2)成立，则－≥a－1，∴a≤.
答案　
三、解答题
10.已知函数f(x)＝a－.
(1)求f(0)；
(2)探究f(x)的单调性，并证明你的结论；
(3)若f(x)为奇函数，解不等式f(ax)x2<0，2x1＋1>0，2x2＋1>0.
∴f(x1)－f(x2)<0，即f(x1)
解析　因为函数f(x＋1)是定义在R上的偶函数，
所以f(x＋1)的图象关于y轴对称.
因为f(x)的图象向左平移1个单位长度得到f(x＋1)的图象，
所以f(x)的图象关于直线x＝1对称.
因为∀x1，x2∈[1，＋∞)，且x1≠x2，
都有(x1－x2)[f(x2)－f(x1)]＜0，
所以函数f(x)在[1，＋∞)上单调递增，
由此可得函数f(x)在(－∞，1)上单调递减.
因为f(－2x＋1＋1)＜f(5)，
且f(5)＝f(－3)，－2x＋1＋1＜1，
所以－2x＋1＋1＞－3，即2x＋1＜4，解得x＜1，
所以所求不等式的解集为(－∞，1).
答案　(－∞，1)
12.已知函数f(x)＝x2－2ln x，h(x)＝x2－x＋a.
(1)求函数f(x)的极值；
(2)设函数k(x)＝f(x)－h(x)，若函数k(x)在[1，3]上恰有两个不同零点，求实数a的取值范围.
解　(1)函数f(x)的定义域为(0，＋∞)，令f′(x)＝2x－＝0，得x＝1.
当x∈(0，1)时，f′(x)＜0，当x∈(1，＋∞)时，f′(x)＞0，
所以函数f(x)在x＝1处取得极小值为1，无极大值.
(2)k(x)＝f(x)－h(x)＝x－2ln x－a(x＞0)，
所以k′(x)＝1－，
令k′(x)＞0，得x＞2，所以k(x)在[1，2)上单调递减，在(2，3]上单调递增，
所以当x＝2时，函数k(x)取得最小值k(2)＝2－2ln 2－a.
因为函数k(x)＝f(x)－h(x)在区间[1，3]上恰有两个不同零点，
即有k(x)在[1，2)和(2，3]内各有一个零点，
所以即有
解得2－2ln 2