2026届5月广东广州铁一中学高三下学期考前学情自测物理试题+答案.pdf

生必须保持答题卡的整洁。考试结束后，将试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共 7 小题，每小题 4 分，共 28 分。12026 年 3 月 28 日，世界超级摩托车锦标赛（WSBK）赛场，法国车手驾驶着中国摩托车制造商张雪机车的赛车，连夺 SSP 组别第一回合与第二回合冠军，实现两连冠。如图所示，赛车手驾驶摩托车在水平路面上转弯时车身向内侧倾斜一定角度，在摩托车转弯过程中，下列说法正确的是（）A地面对车轮的支持力垂直于水平路面向上B地面对车轮的支持力沿车身的方向斜向上C只要摩托车的速度合适，沿转弯半径方向就可以不受摩擦力作用D赛车手与摩托车整体受到重力、支持力、摩擦力和向心力的作用2如图所示为某品牌光控开关的核心部件光电管，用一束单色光照射光电管阴极的光敏材料，发生光电效应。下列说法正确的是（）A增大该单色光的照射强度，光电子的最大初动能一定增大B若改用频率更高的单色光照射该光电管，遏止电压将变大C光电效应现象说明光具有波动性D光电效应中，一个电子可以同时吸收多个光子，从而逸出金属表面3如图所示，均匀介质中矩形区域内有一位置未知的波源。0t 时刻，波源开始振动产生简谐横波，并以相同波速分别向左、右两侧传播，P、Q 分别为矩形区域左右两边界上振动质点的平衡位置。1.5st 和2.5st 时矩形区域外波形分别如图中实线和虚线所示，则（）A波速为2.5m/sB波源的平衡位置距离 P 点1.5mC1.0st 时，波源处于平衡位置且向下运动D5.5st 时，平衡位置在 P、Q 处的两质点位移相同光）和非常光（e 光），两束光射出晶体（上下表面平行），通过偏振片后射到光屏上，则（）A该现象体现了方解石晶体的各向同性B旋转偏振片，光屏上两光斑的明暗变化同步C若已知偏振片的透振方向，可确定两束光的偏振方向D若增大入射角，o 光有可能在晶体下表面发生全反射5一个有 N 匝的矩形线框，面积为 S，以角速度从如图所示的位置开始，在匀强磁场 B 中匀速转动，则产生的感应电动势随时间变化的图像是（）A.B.C.D.6如图，足够长的光滑细杆 MN 水平固定，质量12kgm 的物块 A 穿在杆上，可沿杆无摩擦滑动，质量21kgm 的物块 B 通过长度 l0.45m 的轻质细绳竖直悬挂在 A 上，整个装置处于静止状态，A、B 可视为质点。现让物块 B 以初速度03m/sv 水平向右运动，g 取210m/s，则（）A物块 A 的最大速度为 3m/sB物块 A、B 组成的系统，动量守恒C物块 B 恰好能够到达细杆 MN 处D物块 B 从开始运动到最大高度的过程中，机械能减少了 1J7如图，由某种粗细均匀的总电阻为 3R 的金属条制成的矩形线框abcd，固定在水平面内且处于方向竖直向下的匀强磁场中。一接入电路电阻为 R 的导体棒 PQ，在水平拉力作用下沿 ab、cd 以速度v匀速滑动，滑动过程 PQ 始终与ab垂直，且与线框接触良好，不计摩擦。在 PQ 从靠近 ad 处向 bc 滑动的过程中（）APQ 中电流先增大后减小BPQ 两端电压先减小后增大CPQ 上拉力的功率先减小后增大D线框消耗的电功率先减小后增大题目要求。全部选对的得 6 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。8某人在春分那天（太阳光直射赤道）站在地球赤道上用天文望远镜观察他正上方的一颗静止卫星，他发现在日落后连续有一段时间 t 观察不到此卫星。已知地球表面的重力加速度为 g，地球自转周期为 T，圆周率为，仅根据 g、t、T、可推算出（）A地球的质量B地球的半径C卫星距地面的高度D卫星与地心的连线在 t 时间内转过的角度9如图甲所示是沈阳东北亚国际滑雪场的某倾斜足够长的直滑雪道，可简化为图乙所示倾角为的斜面，一滑雪爱好者从滑雪道的顶点开始下滑，在图中某位置开始计时，其位移 x 随时间 t 变化的图像如图丙中的曲线 1 所示，其中曲线 1 是抛物线，直线 2 是曲线 1 在O点的切线，则滑雪爱好者在下滑的过程中，加速度a、速度v随时间t，动能kE、机械能 E 随位移 x 的变化图像可能正确的是（）ABCD10局部空间的地磁场对宇宙射线的作用原理可以用如下的简化模型来研究。如图所示，正圆柱体形状的空间内存在沿轴线方向、大小为 B 的匀强磁场。一个电量大小为 e、质量为 m 的电子以0v的初速度从圆柱体的底面 O 点出发，沿与轴线成30角的方向射入磁场，一段时间后恰好经过该圆柱体空间的另一底面圆心O点。不考虑洛伦兹力以外的其它力，下列说法正确的是（）A圆柱体空间的底面半径一定不小于02mveBB电子在圆柱体空间内运动的时间可能为4meBC圆柱体空间的高可能为03mveBD电子在圆柱体空间内运动的某段时间里动量变化量不可能为零11(7 分)打点计时器接在 50Hz 的交流电源上时，每隔_s 打一个点做匀变速直线运动的小车拖动纸带穿过打点计时器，纸带上记录的点如图，A、B、C、D、E 为 5 个计数点，相邻两计数点间有 4 个点没标出已知纸带与A 点相近的一端跟小车相连，由此可知，小车的加速度大小为_m/s2，方向与小车运动方向_（填“相同”或“相反”）；打 C 点时，小车的瞬时速度_m/s（计算结果均保留三位有效数字）12（9 分）图 a 为某同学测量一节干电池的电动势和内电阻的电路图。(1)虚线框内是用毫安表改装成电流表的电路。已知毫安表表头的内阻为10，满偏电流为 100mA，电阻12.5R，由此可知，改装后电流表的量程为_mA。(2)实验步骤如下，请完成相应的填空：将滑动变阻器 R 的滑片移到_端（选填“左”或“右”），闭合开关 S；多次调节滑动变阻器的滑片，记下电压表的示数 U 和毫安表的示数 I；某次测量时毫安表的示数如图 b 所示，其读数为_mA；以 U 为纵坐标I 为横坐标，作 UI 图象，如图 c 所示；根据图象求得电源的电动势 E=_V，内阻 r=_。（结果均保留到小数点后两位）13（9 分）用如图所示的水银血压计测量血压时，先用气囊向袖带内充气 8 次（开始袖带内无空气），每次冲入压强为0p（0p为外界大气压强）、体积为05V的空气，充气后袖带内的空气体积为0V，然后缓慢放气，当袖带内空气体积变为035V时，袖带内空气的压强刚好与大气压强相等。空气可视为理想气体，忽略充气和放气过程中空气温度的变化，求：(1)充气后袖带内空气的压强 p；(2)袖带放出空气的质量与剩余空气质量的比值 k。来，当夯杆底端刚到达坑口时，两个滚轮彼此分开，将夯杆释放，夯杆在自身重力作用下，落回深坑，夯实坑底。然后两个滚轮再次压紧，夯杆被提上来，如此周而复始（夯杆被滚轮提升过程中，经历匀加速和匀速运动过程）。已知两个滚轮边缘的线速度恒为 v=4m/s，滚轮对夯杆的正压力 FN=2104N，滚轮与夯杆间的动摩擦因数=0.3，夯杆质量 m=1103kg，坑深 h=6.4m，假定在打夯的过程中坑的深度变化不大，取 g=10m/s2。求：（1）夯杆被滚轮带动加速上升的过程中，加速度的大小；并在给出的坐标图中定性画出夯杆在一个打夯周期内速度v 随时间 t 变化的图象；（2）每个打夯周期中，电动机对夯杆做的功；（3）每个打夯周期中滚轮与夯杆间因摩擦产生的热量。内有一质量为 m、带电量为+q 的小球。在第一象限内平行于 x 轴的虚线与 x 轴之间存在磁感应强度大小为 B、方向垂直于桌面向下的匀强磁场，磁场区域宽度与细管长度相等，大小均为32muqB。开始时小球位于细管内 P 端且相对细管静止，某时刻细管 PQ 沿 x 轴正方向做匀速直线运动，以速率 u 进入磁场，之后在外力作用下仍保持原速做匀速运动且细管始终与 y 轴平行。(1)求小球到达细管 Q 端时沿 y 轴方向的速度 v1；(2)从小球进入磁场开始计时，直到到达管口 Q，求管壁对小球弹力的瞬时功率 P 随时间 t 变化的表达式；(3)小球离开 Q 端后恰好从 a 点进入方向水平向左的匀强电场区域内，该区域在桌面上的边界为矩形 abcd，已知 ab边与虚线重合，ab=L，2 3bcL，从小球进入电场区域到离开的过程中，求电场力对小球做的功 W 与场强 E 的关系。题号题号12345678910答案答案ABDCADCBCDADBC110.02（1 分）0.740（2 分）相反（2 分）0.472（2 分）12500（2 分）右（1 分）56（或 56.0）（2 分）1.48（1.47-1.49）（2 分）0.80（0.80-0.90）（2 分）13(1)085pp(2)53k【详解】（1）充气过程中空气做等温变化，末态压强为 p，体积为 V0，根据玻意耳定律，有00085VppV-（3 分）解得085pp-（1 分）（2）设放出压强为0p的空气体积为V，根据玻意耳定律，则有000003855VVpppV-（3 分）袖带放出空气的质量与剩余空气质量的比值035VkV-（1 分）联立解得53k-（1 分）14（1）2m/s2，；（2）7.2104J；（3）4.8104J【详解】（1）夯杆加速上升阶段：加速度N2 Fmgam-（1 分）解得22m/sa-（1 分）夯杆在一个运动周期内 vt 图象如图所示-（1 分）（2）夯杆加速上升的高度212vha-（1 分）在加速上升阶段，电动机对夯杆做的功41N 124.8 10 JWF h-（1 分）夯杆匀速上升阶段上升高度212.4mhhh-（1 分）电动机对夯杆做的功4222.4 10 JWmgh-（1 分）每个打夯周期中，电动机对夯杆所做的功4127.2 10 JWWW-（1 分）（3）夯杆加速上升的时间12svta-（1 分）滚轮边缘转过的距离是18msvt-（1 分）相对夯杆的位移是8m4m4mL-（1 分）摩擦产生的热量N2QF L-（1 分）代入数据44.8 10 JQ-（1 分）(2)22230B q u tmPtmqB(3)见解析【详解】（1）由分析可知，小球进入磁场后，在洛伦兹力的作用下沿 y 轴方向从静止开始做匀加速直线运动，设其加速度为 a，则根据牛顿第二定律有yFBquma洛-（1 分）设细管的长度为 l，则根据运动学公式有213222muqBvala-（1 分）解得小球到达细管 Q 端时沿 y 轴方向的速度为13vu-（1 分）（2）从小球进入磁场开始计时，直到到达管口 Q 的过程中，设小球的运动时间为 t0，则根据运动学公式有201232muqBlat解得03mtqB-（1 分）小球沿 y 轴方向做匀加速直线运动的速度表达式为yBqutvatm-（1 分）则小球受到的洛伦兹力沿 x 轴方向的分力为22yxBqutB q utFBqvBqmm洛-（1 分）设管壁对小球的弹力为 N，由于沿 x 轴方向小球受力平衡，则有22xB q utNFm洛-（1 分）所以管壁对小球弹力的瞬时功率 P 随时间 t 变化的表达式为22230B q u tmPNutmqB-（1 分）（3）小球进入匀强电场区域后，沿 y 轴方向不受力，将以13vu的速度做匀速直线运动；小球沿 x 轴方向将做匀变速直线运动，设其加速度大小为 a1，则根据牛顿第二定律有1Eqma解得1Eqam-（1 分）若小球从 cd 边离开，则小球运动的时间112 32LLtvu-（1 分）同时小球在沿 x 轴方向的位移应满足0 xL-（1 分）根据运动学公式有2211 121222EqLxutatLmu-（1 分）联立解得222mumuEqLqL-（1 分）则此时电场力对小球做的功为222222E q LWEqxEqLmu-（1 分）由分析可知，当22muEqL时，小球将从 bc 边离开，则此时小球沿 x 轴方向的位移为1xL所以电场力对小球做的功为1WEqxEqL -（1 分）当2muEqL时，小球将从 ad 边离开，则此时小球沿 x 轴方向的位移为20 x 所以电场力对小球做的功为20WEqx-（1 分）综上所述，电场力对小球做的功 W 与场强 E 的关系为：当22muEqL时，WEqL；当222mumuEqLqL时，222222E q LWEqLmu；当2muEqL时，0W。