高三物理教学质量检测试题一含解析.doc

广东省佛山市普通高中高三教学质量检测（一）理综物理试题 13下图甲为手机无线充电的原理图，下列哪种装置的工作原理与其相同（ ）A电磁炉 B电动机 C回旋加速器D速度选择器【答案】A【命题立意】本题旨在考查电磁感应在生活和生产中的应用。【解析】手机无线充电及电磁炉均应用了电磁感应原理；而电动机是导线在磁场中受力；回放旋加速度利用电场的加速及磁场中的偏转；速度选择器采用的是复合场中的运动。故选：A14已知，直升机飞行时所受的空气阻力与其运动方向相反，当其匀速水平飞行时，需调整旋翼的旋转平面使其与前进方向成某一角度（如上图乙所示若空气对旋翼产生的升。力垂直于旋翼旋转的平面，直升机重力为C，则直升机匀速向前飞行时空气对旋翼的升力大小为（ ）【答案】B【命题立意】本题旨在考查共点力平衡的条件及其应用、力的合成与分解的运用。【解析】对直升飞机受力分析，如图所示：根据平衡条件，有：故选：B15在人搭乘台阶式自动扶梯上楼的过程中，电梯踏板对人支持力的最大值出现在哪一个阶段? （ ）A在A段随电梯水平匀速前行的过程中B在B段由水平前行转为斜向上运动的过程中C在C段随电梯匀速斜向上运动的过程中D在D段由斜向上运动转为水平运动的过程中【答案】B【命题立意】本题旨在考查牛顿第二定律、力的合成与分解的运用。【解析】在A段在竖直方向合力为零，故电梯踏板对人支持力等于重力在B段人做圆周运动，故：，则：，在C段电梯做匀速运动，根据受力分析有共点力平衡可知：在D段做圆周运动的一部分，则：故在B段出支持力最大故选：B16滑板运动员不断地用脚向后蹬高台的地面，在高台上滑行，获得足够大的初速度后，从高台上水平飞出（如图）。若不计空气阻力，飞出后把运动员和滑板整体看成一个质点。则下列说法不正确的是（ ）A高台越高，运动员在空中飞行的时间越长 B初速度越大，运动员飞出的水平距离越远C地面对运动员做功使其获得从高台滑出的初动能D下落过程中重力对运动员做功的功率逐渐增大【答案】C【命题立意】本题旨在考查平抛运动、功率、平均功率和瞬时功率。【解析】A、根据知，高度越高，运动员在空中飞行的时间越长，故A正确；B、根据知，初速度越大，运动员飞出的距离越远，故B正确；C、地面对滑板做功使其获得滑出的初动能，故C错误D、由于下落过程中，竖直方向的速度越来越大，轴功率做功的功率越来越大，故D正确。故选：C二、双项选择题:本大题共9小题，每小题6分，共54分。在每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，全部选对得6分，只选1个且正确的得3分，有选错或不答的得0分。17如图，O为两等量异种电荷连线的中点，a为连线上的另一点。取无穷远处电势为零则下列说法正确的是（ ）AO点的电势等干零B在两电荷之间连线上0点场强最小C在两电荷之间连线上0点电势最高D在连线的中垂线上O点场强最小【答案】AB【命题立意】本题旨在考查电场线。【解析】A、是两个等量异种电荷连线的垂直平分线是一条等势线，该等势线一直延伸到无穷远，电势为零，所以O点的电势等于零，故A错误；B、在两电荷之间连线上0点处电场线最疏，场强最小，故B正确；C、在两电荷之间连线上电场线方向向右，根据顺着电场线方向电势降低，则知+Q处电势最高，故C错误；D、在连线的中垂线上0点处电场线最密，场强最大，故D错误。故选：AB【举一反三】对于等量异种电荷和等量同种电荷连线和垂直平分线的特点要掌握，抓住电场线和等势面的对称性进行记忆。18如图所示，木箱内有一倾斜光滑斜面，当木箱做下列运动时，处于该斜面上的物体在哪种情况下有可能保持相对（ ）A向左匀加速 B向右匀加速 C竖直向上匀加速 D随圆盘绕竖直轴匀速转动【答案】BD【命题立意】本题旨在考查牛顿第二定律、力的合成与分解的运用。【解析】A、斜面光滑，斜面上物体受到重力和斜面的支持力两个力的作用，加速度水平向左，根据牛顿第二定律知合力应该水平向左，斜面上物体才能相对斜面静止而图中中支持力和重力的合力不可能向左，故A错误；B、图中斜面上物体受到的支持力和重力的合力可能水平向左，与加速度相同，所以可能保持相对静止，故B正确；C、由于加速度方向向上，重力和支持力的合力不可能向上，可知斜面上物体与斜面不可能保持相对静止，故C错误；D、木块随圆盘做圆周运动，加速度方向水平指向转轴，斜面上物体所受的重力和支持力的合力可能水平指向转轴，所以木箱和斜面可能保持相对静止，故D正确。故选：BD192014年11月中国的北斗系统成为第三个被联合国认可的海上卫星导航系统，其导航系统中部分卫星运动轨道如图所示。己知a、b、c为圆形轨道（ ）A在轨道a、b运行的两颗卫星加速度大小相等B在轨道a、b运行的两颗卫星受到地球的引力一样大C卫星在轨道c、d的运行周期D卫星在轨道c、d的运行速度【答案】AC【命题立意】本题旨在考查人造卫星的加速度、周期和轨道的关系、万有引力定律及其应用。【解析】A、根据万有引力提供向心力，得：，因为ab的轨道半径相等，故ab的加速度大小相等，故A正确；B、由于ab的质量不知道，无法确定受到的地球引力的大小，故B错误；C、根据万有引力提供向心力，得：，c的轨道半径小于a的轨道半径，故a的周期大于c的周期，故C正确；D、根据万有引力提供向心力，得：，c的轨道半径小于a的轨道半径，故a的线速度小于c的线速度，故D错误。故选：AC20、下图电路中变压器为理想变压器，S为单刀双掷开关，P是滑动变阻器R的滑动触头，I1，I2分别为原线圈和副线圈中的电流，若保持交变电压U1不变，则下列说法正确的是（）A P不变，S由a切换b，则I1增大B P不变，S由a切换b，则I2减小C P不变，S由a切换b，则R消耗的功率增大D S由接在b端时，将P向上滑动，则变压器输入功率变大【答案】BD【命题立意】本题旨在考查变压器的构造和原理。【解析】A、S由a切换到b，副线圈匝数变小，所以副线圈电压变小，电阻不变，所以R上电流减小，则原线圈电流也减小，R消耗的功率减小，故AC错误； B、S由a切换到b副线圈匝数变小，所以副线圈电压变小，电阻不变，所以减小，故B正确； CD、S置于b位置不动，P向上滑动，电阻变小，电压不变，所以输出功率变大，故原线圈的输入功率变大，故C错误，D正确。故选：BD【易错警示】理想变压器是理想化模型，一是不计线圈内阻；二是没有出现漏磁现象。输入电压决定输出电压，而输出功率决定输入功率。21如图所示，用两等长的细绳将一磁铁与一圆形闭合线圈悬于细杆上，静止时线圈平面与磁铁的轴线O1O2垂直，磁铁质量为m，磁极如图所示。在垂直于细杆的平面内，保持细绳绷紧，将磁铁拉至与细杆等高的位置，将磁铁由静止释放，则下列说法正确的是（ ）A磁铁下摆过程中，线圈所受合外力为零B磁铁下摆过程中，线圈中有逆针方向（沿O1O2方向看）的感应电流C磁铁下摆过程中，线圈中有顺时针方向（沿O1O2方向看）的感应电流 D磁铁摆到最低点时，两绳子拉力的合力小于3mg 【答案】CD【命题立意】本题旨在考查功能关系、楞次定律。【解析】A、B、C、磁铁下摆过程中，向左穿过线圈的磁通量增大，根据楞次定律可知，感应电流的磁通量的方向向右，所以线圈中有顺时针方向（沿O1O2方向看）的感应电流故AB错误，C正确； D、磁铁向下运动的过程中，根据楞次定律可知，磁铁会受到线圈产生的感应电流的阻碍，机械能减小则：，最低点拉力与重力的合力提供向心力，所以：拉力以上两式得：，故D正确。故选：CD34实验题（18分）离分布于基体中的铅可起到边界润滑剂的作用，使其动摩擦因数大幅度降低。现有一块铜铅合金，同学设计一个实验测量其与长木板间的动摩擦因数，实验装置的示意图如图所示。I、该同学的部分实验步骤如下，请在空白处补充完整把打点计时器固定在长木板上，并把长木板倾斜固定在铁架台上；将打点计时器接在低压的（选填“交流”、“直流”）电源上将合金块紧靠打点计时器放置，合金块后部与纸带相连，让纸带平顺地穿过打点计时器上的（选填“A:接通电源后，释放合金块”或 B释放合金块后，接通电源”的A或B字母代号）让合金块沿长木板自由下滑关闭电源，取出纸带II、若已经求出合金块下滑的加速度a，并且己知重力加速度g，再利用刻度尺、重锤线测出，可求出合金块与木板之间的动摩擦因数【答案】交流；限位孔；A；木板的长度、木板两端点的高度差、木板两端点的水平距离【命题立意】本题旨在考查探究加速度与物体质量、物体受力的关系。【解析】：将打点计时器接在低压的交流电源上；将合金块紧靠打点计时器放置，合金块后部与纸带相连，让纸带平顺地穿过打点计时器上的限位孔；实验时，接通电源后，释放合金块，让合金块沿长木板自由下滑，故选A；对合金块，由牛顿第二定律得：解得：其中：，要测出动摩擦因数，需要测量：木板的长度L、木板两端点的高度差h、木板两端点的水平距离s；故答案为：交流；限位孔；A；木板的长度、木板两端点的高度差、木板两端点的水平距离。 (2）某同学设计用图甲所示的电路，将多用电表接入a, b两端，测量该电路中的未知电阻RA（约100）的阻值和电源的电动势E，内阻r.请你帮该同学将下列的操作等事项补充完整在用欧姆档测量Rx时，应保持开关S（选填闭合”或“断开）：先进行调零，将选择开关拨到欧姆档的档（选XI”、“X10”“X 100”），接着进行调零，然后将红黑表笔接在a, b两端若结果如图乙，则将多用表选择开关拨到直流电压2.5V档，接入a, b两端，红表笔应接在端（选 填“a”或b)改变电阻箱R的阻值，多次测量，作出1/U-R图像如图丙所示，由图可得电源的电动势E= V（保留2位有效数字，下同），内阻【答案】断开；机械调零、“X10”、 欧姆调零、；b；、【命题立意】本题旨在考查多用电表的使用。【解析】用欧姆表测量电路中的某个电阻，应该把该电阻与电路断开，所以应保持开关S断开；依据欧姆表的工作原理，先进行机械调零，由于未知电阻电阻值大约，所以选用“X10”档，接着进行欧姆调零。依据图像乙，可读出其电阻数值为根据多用电表的表笔接法，红表笔接在电源的正极，所以红表笔应接在b端；图象中的的截距等于电动势的倒数，有：图象斜率为：，解得：故答案为：应保持开关S断开；机械调零、“X10”、 欧姆调零、；红表笔应接在b端；、35、（18分）如图所示，在两相距2R，水平放置的平行金属板PQ间，一质量为m、电量为q的带电粒子以速度沿板间水平中轴线O1O2从O1点射入，刚好打在下极板的中点B，现在两极板间加上竖直向下的匀强电场，粒子恰好能沿O1O2做直线运动，已知重力加速度为g，求：（1）极板长度L；（2）粒子带何种电荷？PQ间U为多少？（3）若在极板竖直中线AB右侧区域再加上一垂直纸面向里的匀强磁场（如图乙），要使从O1射入的粒子能从PQ板间射出，求匀强磁场B的大小范围?【答案】答：（1）；（2）负电荷、；（3），或者【命题立意】本题旨在考查带电粒子在混合场中的运动。【解析】：（1）极板不带电，粒子做平抛运动，则有：解得：（2）加上电场后，竖直方向，两力方向相反，故粒子带负电由解得：（3）加上磁场后，粒子做匀速圆周运动，设圆周半径为r，则有：粒子刚好从下极板右侧射出磁场时，由几何关系得：解得：， 粒子刚好从下极板B出磁场时，由几何关系可得：综上所述，要使粒子不与极板相碰，则有：；或者答：（1）极板长度；（2）粒子带负电荷，PQ间U为；（3）匀强磁场B的大小范围，或者36（18分）如图甲，一轻质弹簧置于水平桌面上自然伸长，其左侧固定，右端点到桌面最右端B的距离为19m。水平桌面/点左侧光滑。长L=1.8m的平板车紧靠桌面停放平板车上表面与桌面在同一水平面内，平板车右端拴一水平细绳，细绳另一端紧绕在半径R=0。5m的薄壁圆筒上。用质量B=0.2kg小物块Pl往左将弹簧压缩01m（未超出弹性限度，Pl与弹簧不粘连）时释放，Pl的速度图像如图乙所示，其中滑经点时速度滑至桌面右端与静止在平板车左侧、与P1完全相同的小物块发生完全非弹性碰撞，碰撞后速度。与此同时开启电动机，使得圆筒由静止开始如图绕竖直轴转动，转动角速度满足为常数，t为时间）。已知小物块与平 50板车的动摩擦因数，小物块在平板车上运动时，圆筒与平板车间的细绳始终处于绷紧状态。设最大静摩擦等于滑动摩擦，取，求 图乙 （1）Pl被弹出时的最大加速度及弹簧的劲度系数h（2）小物块与桌面AB段的动摩擦因数（3）要使滑块不从平板车上掉下，求取值范围。【答案】（1）、；（2）；（3）【命题立意】本题旨在考查牛顿第二定律、动量守恒定律、圆周运动。【解析】（1）刚释放弹簧时，的加速度为：弹簧弹力为：由牛顿第二定律，得：解得：（2）设与碰前的速度为对，根据动量守恒定律，有：得：由A运动到B的过程中：解得：（3）由图可知，平板车运动的速度：及平板车向右做加速运动，加速度：对小物体在平板车上滑动时：要使小物块恰好不从平板车左端掉下，则：即：要使小物块恰好不从平板车左端掉下，则：设经过时间小物块滑至平板车最右端C，且与其共速，有：解得：若要使滑块不从平板车右端掉下，则：综上所述：故答案为：（1）被弹出时的最大加速度为及弹簧的劲度系数为；（2）小物块与桌面AB段的动摩擦因数为；（3）要使滑块不从平板车上掉下，取值范围为