焦作市2025-2026学年初三年级第二次四校联考物理试题含解析.doc

焦作市2025-2026学年初三年级第二次四校联考物理试题
注意事项:
1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。
2．答题时请按要求用笔。
3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。
4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。
5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、单选题（本大题共10小题，共30分）
1．如图AOB是光滑轨道，A点的高度H大于B点的高度，让小球从A点由静止开始自由滑下，沿轨道AOB到达B点后离开（不计空气阻力）．则小球离开B点后的运动轨迹最符合实际的是

A．a B．b C．c D．d
2．生活中处处有物理，小明同学养成了观察生活的好习惯，他对观察到的一些现象做了以下解释，其中解释正确的是（　　）
A．家里保险丝熔断，一定是用电器功率过大造成的
B．可以用铜丝和铁丝代替保险丝
C．发现有人触电时，应立即用手把他拉开
D．电饭锅用三脚插头和三孔插座，是为了防止锅体漏电造成触电事故
3．如图，电源电压恒定，闭合S2，断开S1和S3，两电表均有示数；再断开S2同时闭合S1和S3，此时

A．两表示数均变大
B．两表示数均变小
C．电流表示数变大，电压表示数变小

D．电流表示数变小，电压表示数变大
4．下列色光中，不属于三原色光的是
A．白光 B．红光 C．绿光 D．蓝光
5．我们经常看到这样的现象：在无风的天气，汽车在马路上快速驶过以后，马路两边的树叶会随风飘动，如图所示，汽车向左行驶，马路两边的树叶会沿着A、B、C哪一个方向飘动（ ）

A．向A方向飘动
B．向B方向飘动
C．向C方向飘动
D．条件不足，无法判断
6．如图所示，水平桌面上有一铁块，由绕过定滑轮的细绳与重6N的沙桶相连且保持静止．不计绳重及绳与滑轮间的摩擦，以下分析正确的是

A．使用定滑轮是为了省力
B．铁块受到绳子的拉力为6N
C．铁块对桌面的压力和重力是一对平衡力
D．若剪断绳子，铁块由于惯性将向左运动
7．以下关于热现象说法错误的是（ ）
A．在高山上烧水时,水温不到90℃水就沸腾了,是因为水的沸点与大气压强有关
B．锅里的水烧开后出大量的白气,这些“白气是水蒸气
C．在严冬,冰冻着的衣服也可以晾干,是冰的升华现象
D．冬季天气寒冷水管容易冻裂,是由于水结成冰后体积变大的缘故
8．关于物体的内能、热量和温度的关系，下列说法正确的是
A．物体内能增大，一定是吸收热量
B．物体内能减小，说明物体对外做功
C．水吸收热量，温度一定升高，内能一定增大
D．铁丝发热，可能是做功，也可能是被加热
9．在公共场所“轻声”说话是文明的表现，而在课堂上“大声”回答问题才能让老师听清楚．这里的“轻声”和“大声”是指声音的
A．响度 B．音调 C．音色 D．声速
10．为探究不同物质的吸热能力，选取质量和初温均相同的不同物质A和B，用相同的酒精灯同时加热相同的时间，温度随时间的变化图象如图所示．下列说法正确的是

A．由图象可判断，A的吸热能力大
B．加热相同时间，A吸收的热量多
C．A、B升高相同的温度，B吸收的热量多
D．A、B升高相同的温度，A吸收的热量多
二、多选题（本大题共3小题，共12分）
11．如图1所示，电路中两块电压表的量程都是，电流表的量程是，小灯泡L两端的实际电压不允许超过额定电压滑动变阻器R允许通过的最大电流为1A；闭合开关，为了保证所有元件都安全且灯能正常发光，滑动变阻器的滑片P 只能在阻值最大端和点间滑动；当滑片P在这两点间滑动时，得到了两块电压表示数与电路中电流的关系图象和，如图2所示．下列说法正确的是

A．电源电压为
B．小灯泡的额定功率为6W
C．小灯泡正常发光时的电阻为
D．该电路最大功率与最小功率之比为
12．如图所示，无风时，站在地面上的小蚂蚁骄傲的托着果实，对于该静止的果实，下列说法正确的是（　　）

A．果实静止是因为果实对蚂蚁压力和蚂蚁对果实的支持力相等
B．果实静止是因为蚂蚁对它的支持力大于果实受到的重力
C．果实对蚂蚁的压力和蚂蚁对果实的支持力是一对相互作用力
D．果实受到重力和蚂蚁对果实的支持力是一对平衡力
13．如图所示的几个电路中，若的阻值和电源电压已知，那么能测出阻值的图是（ ）。
A． B． C． D．
三、填空题（本大题共5小题，共10分）
14．如图是R1、R2两电阻的电压与电流关系图象，由图可知，电阻R1的阻值为_____Ω，若将两电阻并联后接在3V电源两端，干路电流为_____A．

15．如图甲所示的电路，小灯泡L标有“6V 3W”字样，小灯泡的I﹣U关系如图乙所示，R为10Ω的定值电阻．当小灯泡电功率为0.8W时，定值电阻R消耗的功率是_____W，电流表的示数为A．

16．小明用图示滑轮组在5s内将重为300N的重物匀速提高了2m，所用拉力为200N，该过程中拉力做的有用功为________J，该滑轮组的机械效率为________．若其他条件不变，将重物匀速提升5m，该滑轮组的效率将________．

17．如图，轻质小盘通过一根绕过定滑轮的细绳与桌面上重为4N的木块相连.当小盘内放有重为0.5N的砝码，木块未被拉动，这时木块受到的摩擦力为___ N；当小盘内放有重为0.7N的砝码时，木块正好作匀速运动；当小盘内放上重为0.8N的砝码时，小盘拖动木块运动，当小盘落在地面上后，木块继续运动，此时木块所受到的摩擦力大小为____N.

18．小明利用18cm长的吸管、细铜丝、石蜡等材料自制密度计.（）制作密度计的过程中，需要一个盛放液体的容器，现有250mL的量筒和400mL的烧杯供选择.则小明应选择___________________.小明将自制的密度计放入水中，发现密度计不能直立漂浮，其原因可能___________.改进后小明将密度计放入水中，测出吸管露出水面的长度是10.8cm，小明将该密度计放入某液体中，吸管露出液体的长度为9cm.则此液体的密度是__________.
四、计算题（本大题共3小题，共29分）
19．当某电动机两端的电压为12V时，通过电动机线圈的电流为3A，已知电动机线圈的电阻为0.4Ω（保持不变），通电2min，问：电流通过电动机所做的功为多少？电流通过电动机的线圈产生的热量为多少？该电动机的机械效率是多少？
20．如图所示，小华正在做俯卧撑，可以将他的身体看作一个杠杆，O为支点，A为他的重心，相关长度已在图中标明。已知他的质量m＝60kg，g＝10N/kg。
求小华受到的重力G；求图示时刻地面对双手的支持力F。
21．物体在30N的水平拉力作用下沿拉力方向做匀速直线运动，5秒内前进了10m．求此过程中拉力做的功W和功率P．
五、作图题（本大题共2小题，共4分）
22．在如图所示电路中，开关S闭合后，灯泡L1和L2正常发光．请在图中的圆圈内填上合适的电表符号．

23．根据小磁针的指向标出图中通电螺线管的南北级和通电螺线管中的电流方向

六、实验探究题（本大题共3小题，共15分）
24．两只铭牌模糊的小灯泡L1、L2，仅能看清分别标有“0.3A”和“0.5A”字样．
图甲是小明测量小灯泡L1额定功率时连接的实物图；
①图中有一根线连接错误，请在这积线上打“×”，并在图中改正_________；
②闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应位于_______（远填“A”或“B”）端；
③闭合开关，电流表示数为0.1A，移动滑片P，通过观察_______表的示数来判断小灯泡是否正常发光，小灯泡正常发光时，电压表的示数如图乙所示，则小灯泡L1的额定功率为_______W．小华利用图丙所示的电路测出了小灯泡L2的额定功率，请在虚线框内补上小灯泡、电压表和定值电阻R（阻值已知）这三个元件的符号，使电路完整，实验操作方便___________．
25．在“探究杠杆的平衡条件”实验中：
图甲中，为使杠杆在水平位置平衡，应将右端的平衡螺母向_____侧调节．图乙中，杠杆恰好处于水平平衡状态，若在A处下方再挂一个钩码，则B处所挂钩码须向右移动_____格，可使杠杆在水平位置再次平衡．杠杆处于图甲所示位置时，小李同学就在杠杆上挂钩码进行实验，小明认为这样操作会对实验产生以下影响：
①杠杆自身重力可能会对实验产生影响
②可能不便于测量力臂或出现力臂测量错误
③无法得出杠杆平衡条件
你认为正确的是_____．
A．①② B．①③ C．②③
26．在做探究平面镜成像的实验时，将一块玻璃板竖直架在水平台上，再取两段完全相同的蜡烛A和B．点燃玻璃板前的蜡烛A，进行观察，如图所示，在此实验中：
用玻璃板代替平面镜，主要目的是_____；所用刻度尺的作用是便于比较像与物_____关系；选取两段完全相同的蜡烛是为了比较像与物的_____关系；移去后面的蜡烛B，并在所在位置上放一光屏，则光屏上_____接收到蜡烛烛焰的像。（选填“能”或“不能”）要得出平面镜成像特点，还应进行的操作是：保持_____的位置不变，改变___再做多次实验。
参考答案

一、单选题（本大题共10小题，共30分）
1、C
【解析】
试题分析：由题意可知，不计空气阻力，轨道又是光滑的，没有摩擦力，小球只在重力作用下运动，机械能守恒；小球离开B点后做斜抛运动，当达到最高点时速度沿水平方向，由机械能守恒定律得斜抛运动的最高点就会低于A点而高于B点，故应选C．
【考点定位】机械能守恒
2、D
【解析】
A．家里保险丝熔断，可能是用电器功率过大造成的，也可能是电路中出现短路，故A错误；
B．保险丝必须是熔点低，电阻率大的物质组成，所以不能用铜丝和铁丝替代，故B错误；
C．发现有人触电时，应立即切断电源或用干木棒把带电体挑开，人是导体，若用手去拉人，会发生触电事故，所以不能用手去拉人，故C错误；
D．电饭锅有金属外壳，用三脚插头和三孔插座，若漏电时，就会从大地流走，可避免触电事故的发生，故D正确。
故选D。
3、A
【解析】
由电路图可知，闭合S2，断开S1和S3，两电阻串联，电压表测R的电压，电流表测电路中的电流，根据串联电路的电压规律可知，R两端的电压小于电源电压，电路的总电阻为两个电阻的和，则电流表的示数为I1=,再断开S2，同时闭合S1和S3,R2、R3并联，电压表测电源电压，故电压表的示数变大，此时电流表测R的电流，电流表的示数为I2=,比较可知电流表的示数变大，故A正确．
4、A
【解析】
光的三原色是：红、绿、蓝，它们按一定比例混合可组合出不同的色光，白光属于是复色光，故A不符合题意。
5、A
【解析】
根据流体压强与流速的关系有：流体在流动时，流速大的地方压强小，流速小的地方压强大。汽车在马路上快速驶过，马路中间空气流速快压强小，马路两边的流速小压强大。压强差向马路中间，所以马路两边的树叶会沿着A方向飘动。
故选A。
6、B
【解析】
A、使用定滑轮不能省力但可以改变力的方向；故使用定滑轮是为了改变力的方向，故A错误；
B、铁块受到绳子的拉力大小等于沙桶的重力为6N，故B正确；
C、滑块对桌面的压力和桌面对滑块的支持力是作用在不同物体上的两个力，不是一对平衡力．故C错误；
D、剪断绳子前，铁块是静止的，剪断绳子后，铁块由于惯性要保持原来的静止状态，故D错误．
7、B
【解析】
（1）沸点跟气压的大小有关，气压增大，沸点升高；气压减小，沸点降低．
（2）物质由由气态变为液态叫液化，“白气”是小水珠．
（3）物质由固态直接变为气态叫升华．
（4）水结成冰后，密度变小，体积变大．
【详解】
A．大气压强随海拔高度的增加而减小，液体沸点随气压的降低而降低，所以在高山上烧水时，水温不到90℃水就沸腾了，故A正确；
B．烧开水时，会出现大量的“白气”，这些“白气”是水蒸气遇冷液化而成的小水滴，故B错误；
C．在严冬，室外冰冻的衣服也能晾干，是因为冰由固态直接变成了气态，属于升华现象，故C正确；
D．由于冰的密度小于水的密度，所以水结成冰时，体积增大，把水管冻裂；故D正确．
故选B．
8、D
【解析】
改变物体内能的两种方法：做功和热传递．两种方法在改变物体内能上是等效的．晶体熔化时吸热，但温度不变，据此分析．
【详解】
AB.做功和热传递都可以改变物体内能，因此物体的内能增加，可能是物体吸收了热量，也可能是对物体做了功；物体内能减小，可能是放出了热量，也可能是对外做功．故AB错误．
C.水沸腾时，吸收热量，温度不变．故C错误．
D.做功和热传递都可以改变物体内能，因此铁丝发热可能是对其做功的，也可能是对其加热的．故D正确．
故选D．
9、A
【解析】
这里的“轻声”和“大声”都是指声音的大小、强弱，也就是声音的响度，故A正确，BCD错误．
10、C
【解析】
A．由图象可以看出，当升高的温度相同时，B的加热时间更长，说明B的吸热能力大，故A错误；
B两种质量相等、初始温度也相同的不同物质，分别用两只完全相同的酒精灯加热，相同的时间内吸收的热量相等，故B错误；
CD．由图象可以看出，当升高的温度相同时，B的加热时间更长，说明B吸收的热量多，故C正确，D错误．

二、多选题（本大题共3小题，共12分）
11、ACD
【解析】
由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表V1测灯泡两端的电压，电压表V2测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流．
当滑片位于a点时，电路中的电流最大，此时灯泡正常发光，
由图乙可知，电路中的电流I＝0.5A，灯泡两端的电压UL＝6V，变阻器两端的电压U滑＝6V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，电源的电压：
U＝UL+U滑＝6V+6V＝12V，故A正确；
由可得，灯泡正常发光时的电阻：
，故C正确；
灯泡的额定功率，故B错误；
电路的最大功率：
P大＝UI＝12V×0.5A＝6W；
当滑片位于右端时，变阻器接入电路中电阻最大，电路中的电流最小，
由图乙可知，电路的最小电流I″＝0.2A，
电路的最小功率P小＝UI小＝12V×0.2A＝2.4W，
则P大：P小＝6W：2.4W＝5：2，故D正确；
12、CD
【解析】
果实静止，说明果实受平衡力的作用；而压力和支持力是一对相互作用力，不是平衡力，故A错误；果实受到的重力和支持力符合二力平衡的条件，因此二力大小相等，故B错误；果实对蚂蚁的压力和蚂蚁对果实的支持力，二力作用在不同的物体上，因此二力不是平衡力，是一对相互作用力，故C正确；果实受到的重力和支持力符合二力平衡的条件，因此二力属于平衡力，故D正确，故选CD．
13、ABC
【解析】
根据题中“能测出阻值的图是”可知，本题考查电阻的测量。利用电压表和电流表，结合串、并联电路电流和电压特点以及欧姆定律，直接或间接测出电阻两端的电压和通过电阻的电流，即可求得电阻的阻值，据此分析判断。
【详解】
由题可知，电源电压U和的阻值已知。
A．由图可知，Rx与R0串联，电压表测Rx两端的电压，根据串联电路中电流处处相等，可得通过Rx的电流，可得Rx的值：，故A符合题意。
B．由图可知，Rx与R0串联，电流表测电路电流I，由U=IR可计算得到R0两端电压U0，Rx两端电压Ux=U-U0=U-IR0，则，故可测出Rx的阻值，故B符合题意。
C．由图可知，Rx与R0并联，电流表测干路电流I，根据并联电路各支路两端的电压相等和欧姆定律，可得通过R0的电流，则通过Rx的电流，可得Rx的值：，故可测出Rx的阻值，故C符合题意。
D．由图可知，Rx与R0并联，电压表测电源电压，由可计算通过R0的电流，但通过Rx的电流无法得到，从而无法计算出Rx的阻值，故D不符合题意。

三、填空题（本大题共5小题，共10分）
14、10 0.9
【解析】
（1）由图象读出电阻R1的任意一组电压和电流值，根据欧姆定律求出电阻R1的阻值；（2）两电阻并联时两端的电压相等，根据图象读出对应的电压，再根据并联电路的电流特点求出干路电流．
【详解】
（1）由图象可知，当通过R1的电流为0.3A时，R1的电压为3V，则由I＝可得R1的阻值：R1＝＝＝10Ω；（2）将两电阻并联后接在3V电源两端，则U1＝U2＝U＝3V，由图象可知，此时I1＝0.3A，I2＝0.6A，由并联电路的电流特点可得，干路电流：I＝I1+I2＝0.3A+0.6A＝0.9A．
15、0.4 0.6
【解析】
由电路图可知，灯泡与定值电阻并联，电流表测电路中的电流，电压表测电源的电压．
由图象可知，当灯泡两端的电压UL=2V，通过的电流IL=0.4A时，灯泡消耗的电功率:

因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，通过定值电阻R的电流：
定值电阻R消耗的电功率：
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流表的示数：

故答案为0.4 0.6
16、600 75% 不变
【解析】
由图可知滑轮组的动滑轮绕2段绳，则拉力端移动的距离：s=2h=2×2m=4m，
有用功：W有用=Gh=300N×2m=600J，拉力做的总功：W总=Fs=200N×4m=800J，
滑轮组的机械效率：η==75%，
由η=可知，滑轮组的机械效率与提升高度无关，所以，若其他条件不变，重物匀速提升高度5m，该滑轮组的机械效率不变．
17、0.5 0.7
【解析】
木块静止时,所受的摩擦力与小盘中砝码对它的拉力是平衡力,所以摩擦力等于拉力(大小等于砝码重)0.5N；
当木块受到0.7N的拉力做匀速直线运动时，滑动摩擦力为：0.7N，
小盘落地，木块仍运动，压力与接触面的粗糙程度没变，故滑动摩擦力不变，仍为0.7N.
18、250mL的量筒 中心偏高（或配重太轻）
【解析】
（1）由于该吸管制成的密度计高度较高，而400mL的烧杯底面积较大、高度相对较小；当把该密度计放入盛有液体的烧杯中时，密度计可能接触底部，密度计不能正常使用，所以制作密度计的过程中，需要一个盛放液体的容器应该是250mL的量筒；
（2）自制的密度计放入水中不能直立漂浮，其原因可能是重心偏上（中心偏高或配重太轻）；设吸管浸入水中的深度为h水=18cm-10.8cm=7.2cm；因为密度计不管是在水中还是在液体中，都是漂浮状态，所以F浮水=F浮液=G，设密度计的底面积为S，已知吸管露出水面的长度是10.8cm，所以吸管浸入水中的深度为18-10.8cm=7.2cm，浸入液体中的深度为9cm，则ρ水gSh水=ρ液gSh液，即：1.0×101kg/m1×g×S×0.072m=ρ液×g×S×0.09m，解得ρ液=0.8×101kg/m1．

四、计算题（本大题共3小题，共29分）
19、（1）4320J，（2）432J，（3）90%。
【解析】
（1）电流通过电动机所做的功：W总＝UIt＝12V×3A×2×60s＝4320J，
（2）这台电动机2min内产生的热量：Q＝I2Rt＝（3A）2×0.4Ω×2×60s＝432J；
（3）电动机提供的机械能：W机＝W总﹣Q＝4320J﹣432J＝3888J，这台电动机的效率：η＝×100%＝×100%＝90%。
20、 (1)600N (2)400N
【解析】
（1）小华受到的重力：
G=mg=60kg×10N/kg=600N；
（2）过支点做支持力F的作用线的垂线段，即为其力臂，由图可知
L1=100cm+50cm=150cm，
如图所示：

根据杠杆平衡的条件可得：

答：（1）小华受到的重力G为600N；
（2）图示时刻地面对双手的支持力F为400N。
21、300J；60W
【解析】
试题分析拉力做的功W=Fs=30N×10m=300J；拉力的功率P=W/t=300J/5s=60W．
【考点定位】功和功率的计算

五、作图题（本大题共2小题，共4分）
22、
【解析】
试题分析：要确定圆圈中的电表符号，首先要弄清电压表和电流表的正确使用方法：
电流表要串联在电路中使用，而电压表要与被测用电器并联；
首先判断图中各圆圈的位置，以及和用电器的连接方式，再结合仪表的使用方法进行分析．
解：圆圈1在干路中，与电源串联，因此为电流表；
圆圈2与灯L1并联，因此是电压表；
而圆圈3与L2串联在同一支路中，因此为电流表，答图如下：

【点评】本题考查了电流表和电压表的使用方法．解题的关键是明白电压表是并联使用，电流表是串联使用．
23、
【解析】
由图知：小磁针的磁极为：左N、右S，那么根据磁极间的相互作用，可知螺线管的磁极为：左N、右S；则据安培定则可知，电流从螺线管的左端流入，右端流出，如下图所示：

六、实验探究题（本大题共3小题，共15分）
24、 B 电流 0.75
【解析】
①原电压表测电源电压是错误的，应测灯的电压，如下图1所示：

②闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应位于阻值最大处的B端；③灯在额定电流下正常发光，闭合开关，电流表示数为0.1A，移动滑片P，通过观察电流表的示数来判断小灯泡是否正常发光，小灯泡正常发光时，电压表的示数如图乙所示，电压表选用小量程，分度值为0.1V，电压大小为2.5V，则小灯泡L1的额定功率为：P＝UI＝2.5V×0.3A＝0.75W；（2）若该电路中没有电流表，电压表和定值电阻应起到测量电流的作用，故将灯与定值电阻串联后再与变阻器串联；要测灯的额定功率，首先使灯正常发光，当灯的电流为额定电流时，灯正常发光，先将电压表与定值电阻并联，通过移动滑片的位置，使灯的电压为0.5A×R，此时灯正常发光，保持滑片位置不动，通过开关的转换，使电压表测灯与定值电阻的电压，因此时各电阻的大小和电压不变，灯仍正常工作，根据串联电路电压的规律，可求出此时灯的额定电压，根据P＝UI可求出灯的额定功率．设计的电路下图2所示：

（1）①原电压表应测灯的电压；②为保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应位于阻值最大处；③灯在额定电流下正常发光，根据电压表选用小量程确定分度值读数，根据P＝UI求小灯泡L1的额定功率；（2）电路中没有电流表，电压表和定值电阻应起到测量电流的作用，故将灯与定值电阻串联后再与变阻器串联；要测灯的额定功率，首先使灯正常发光，将电压表与定值电阻并联，通过移动滑片的位置，使灯的电压为0.5A×R，此时灯正常发光，保持滑片位置不动，通过开关的转换，使电压表测灯与定值电阻的电压，此时灯仍正常工作，根据串联电路电压的规律，可求出此时灯的额定电压，根据P＝UI可求出灯的额定功率．
25、右 1 A
【解析】
（1）调节平衡螺母向上翘的一端移动，使杠杆在水平位置平衡．
（2）杠杆的平衡条件：动力×动力臂＝阻力×阻力臂；
（3）调节杠杆两端的螺母，使杠杆在不挂钩码时处于水平平衡状态，这时杠杆的重心在支点上，使杠杆的自重对杠杆平衡不产生影响，且便于测量力臂．
【详解】
（1）由图甲知，实验前没挂钩码时，发现杠杆右端上翘，则重心应向左移动，应将右端平衡螺母向右旋一些，使杠杆在水平位置平衡；
（2）若在A处下方再挂一个钩码，根据杠杆平衡的条件，F1×L1=F2×L2，4G×2格=2G×n格，n=4则B处所挂钩码须向右移动1格，可使杠杆在水平位置再次平衡；
（3）杠杆倾斜时，杠杆的重心偏向杠杆下沉的一端，左、右两端的螺母（或一端的螺母）要向杠杆上翘的一端调节；实验前先要调节杠杆在水平位置平衡，这是为使杠杆所受的重力通过支点，从而可以不考虑杠杆的重力对其转动的影响；调节好以后，仍要使杠杆在水平位置平衡，是为了便于测量力臂的长度，故选A．
26、便于确定像的位置 到平面镜的距离 大小 不能 玻璃板 物距（蜡烛A的位置）
【解析】
（1）实验中用玻璃板代替平面镜，物体一侧能看到物体的像，便于确定像的位置；
（2）用刻度尺测量物像到平面镜距离关系，比较像和物到平面镜的距离关系，然后得出结论；
（3）实验时采用两个完全相同的蜡烛，一个充当物体放在玻璃板的前面，另一个放在玻璃板的后面代替镜前的物体，便于比较物像大小关系；
（4）平面镜成虚像，所以移去后面的蜡烛B，并在其所在位置上放上一光屏，则光屏上不能承接到烛焰的像；
（5）要得出平面镜成像特点总结普遍性的规律，还应进行的操作是保持玻璃板的位置不变，改变物距，再做至少两次实验。