河南省南阳市内乡县重点达标名校2026届下学期初三期中复习物理试题试卷含解析.doc

河南省南阳市内乡县重点达标名校2026届下学期初三期中复习物理试题试卷
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）
1．装有不同液体的甲、乙两烧杯，放入两个完全相同的物体，当物体静止后两烧杯中液面恰好相平，如图所示．液体对甲、乙两烧杯底部的压强分别是、，液体对两物体的浮力分别是、，下列判断正确的是

A．， B．，
C．， D．，
2．POS机的主要结构是将小铁环绕上线圈后制成检测头．使用时将带有磁条的银行卡在检测头中刷一下(如图所示)，就会在线圈中产生变化的感应电流，POS机就能读出银行卡的信息，下列图中能反映POS机读取信息原理的是

A． B．
C． D．
3．如图所示电路，闭合开关S后，甲乙两表是电压表，示数之比是3：2，当开关S断开，甲乙两表是电流表，则两表的示数之比为

A．2：1 B．3：1 C．2：3 D．1：3
4．如图所示，不计滑轮重及摩擦，分别用力F1、F2匀速提升同一重物，若力F1、F2在相等时间内对物体所做的功相等， 则力F1、F2及其功率P1、P2的大小关系为

A．F1>F2 P1F2 P1>P2
C．F1>F2 P1=P2 D．F1乒乓球被音叉多次弹开；声音消失，乒乓球便会停止运动．此现象表明声音（ ）

A．是由物体振动产生的 B．可以通过固体传播
C．不能在真空中传播 D．是以波的形式传播的
二、填空题（本大题7小题，共21分）
8．某小组测量酱油的密度，在烧杯中倒入适量的酱油，测出烧杯和酱油的总质量是824g,将烧杯中一部分酱油倒入量筒中，如甲图所示，测量烧杯和剩余酱油的质量时，所加砝码和游码位置如乙图所示，那么量筒中酱油的质量为_________g,由此可计算出酱油的密度为________kg/m3

9．甲、乙两灯泡中的电流与电压变化的关系如图所示，将甲、乙两灯泡串联后接在电压为_____V的电源两端时，甲灯泡中通过的电流为0.5A，此时乙灯泡1min消耗的电能是_____J．

10．如图所示电路，灯泡 L1、L2、L3分别标有“3V 0.3A”、“3V 0.25A”、“5V 0.25A”字样（灯丝电阻恒定），a、b 间接电源．

（1）若要求灯泡 L1、L2并联，则应闭合的开关有_____；若 a、b 接入 3V 电压，则电流表 A 的示数为_____A．
（2）只闭合 S1时，为了使一只灯泡正常发光，另一只灯泡不烧坏，那么正常发光的灯泡是_____，此时 a、b 间的最大电压是_____V，通电 1min 灯泡 L1产生的热量是_____J．
11．如图所示，在电路中，若甲乙两处分别装入电表，当开关闭合后，两灯均能正常发光，则甲处电表是________表， 乙处电表是________表．

12．小明去商场购物，自动扶梯将他从一楼匀速送上二楼，在这个过程中，小明的动能_____，机械能_____。（选填“增大”“减小”或“不变”）
13．如图所示，在空气压缩引火仪的玻璃筒底部放一小团干燥的棉花，快速压下活塞，可观察到棉花着火燃烧，此过程中活塞对筒内气体做功，气体的内能_____（选填“变大”、“变小”或“不变”），这与四冲程汽油机的_____冲程的能量转化相同，某台汽油机飞轮的转速为2 400 r/min，在1 s内，汽油机完成_____个工作循环．

14．火车驶过，车身和铁轨的撞击使铁轨_____而发出轰隆声，附近的人们可以立即判断出是一列火车经过，这是根据声音的_____判断的；人们嫌吵，选择关上窗户，这是在_____减弱噪声的。
三、作图题（共7分）
15．如图所示，两条入射光线分别过凸透镜的焦点F和光心O，分别画出经过凸透镜折射后的光线．
（_____）

16．如图所示，杠杆在力F1作用下处于平衡状态，l1为F1的力臂. 请在图中作出物体受到的重力、阻力臂L2、动力F1
（_____）

17．在如图中的Ο里填上适当的电表符号，使之成为正确的电路图。
（______）

四、实验题（本大题共5小题，共20分）
18．物理实验探究：
（1）探究一：晓丽在研究动能Ek与m、v关系的实验中，是用小球去撞击木块，并通过木块_____来反映动能的大小，这种方法叫做_____法（选填“控制变量法”“类比法”“转换法”）．她查阅资料得知：Ek与m、v的关系是Ek＝mv1．
（1）探究二：如图所示，将两个相同的小车分别放在两个相同的管道中，然后让速度相等的风和水流分别通过这两个管道1s，小车分别被推动一段距离，实验记录如下：

流体
风
水流
小车被推动距离/cm
0.3
79
①在相同的时间内，相同的面积上，小车从两种不同的能源上获得的能量_____．（选填“相同”或“不同”在单位时间内、单位面积上从某种能源中所能得到的能量叫做能流密度．这是评价能源优劣的重要指标之一．一般地说，水能的能流密度比风能的能流密度_____．
②若水的流速为v，密度是ρ，请你推导出水能的能流密度A的表达式__________．
19．在测量盐水密度的实验中
将装有适量盐水的杯子放在调好的天平左盘，测出杯子和盐水的总质量为116g，然后将杯子中的一部分盐水倒入量筒中，如图乙所示，则量筒中盐水的体积为_____cm3。将装有剩余盐水的杯子放在天平左盘内，右盘中砝码的质量和游码在标尺上的位置如图甲所示时，天平再一次平衡，则杯子及杯内剩余盐水的总质量为_____g。根据上述实验数据计算出此盐水的密度为_____kg/m3（结果保留两位小数）。在完成上述实验后，某同学想测量一个小蜡块的密度（其密度小于水），他手中只有如下器材：一个量筒、一根细钢针、一个小蜡块、适量的水。请你帮助他设计实验，补全实验步骤，并用测量的物理量符号表示蜡块的密度。
①向量筒中倒入适量的水，记下体积：
②_____；
③_____；
④_____（水的密度用表示）
20．小伟要探究“滑动摩擦力的大小与什么因素有关”，他猜想影响滑动摩擦力大小的因素可能有：
①接触面所受的压力大小；
②接触面的粗糙程度；
③接触面积的大小．

接下来小伟通过如图所示的实验操作来验证他的猜想：
（1）本实验用到了物理学中最常用的探究方法，即______________．
（2）实验中小伟应该用弹簧测力计水平拉动木块在长木板上_________滑动，这样做是根据二力平衡的知识得出拉力_________（选填“大于”、“等于”或“小于”）摩擦力，从而间接测出木块所受的摩擦力的大小．
（3）如果小伟要探究猜想②，他应该选择_____两幅图所示的实验步骤来操作，根据图中弹簧测力计的示数可得出结论：在压力相同的情况下，_________，滑动摩擦力越大．
（4）小伟要探究猜想③，他将木块切去一半，重复甲的操作过程，如图丁所示．他比较甲和丁的实验结果，得出结论：滑动摩擦力的大小与接触面积的大小有关．你认为他的结论可靠吗？答：_______．小伟在实验中存在的问题是_______．
21．小明在郊游时发现了一块坚硬的矿石，他想用弹簧测力计（量程为5N）、 烧杯、细线等简单器材测量这块矿石的密度．实验过程如下：(ρ水=1.0×101 kg/m1，g取10N/kg）

（1）小明用弹簧测力计直接测量矿石的重力，发现测力计的示数仍不能将矿石提起，因此他改用图甲所示的装置进行了测量；当杠杆水平静止时，弹簧测力计的示数为______N，矿石的质量为______ g．
（2)将该矿石浸没在水中静止时，如图乙所示，仍使杠杆水平静止，记录测力计的示数，根据阿基米德原理可算出该矿石的体积V=___m1；
（1）矿石的密度ρ矿=_________ kg/m1．
22．甲、乙两位同学一起做探究杠杆的平衡条件的实验，以杠杆中点为支点，如图甲、乙所示．
若杠杆右端低左端高，为使其在水平位置上静止，应将左端的平衡螺母向 调节．如图甲所示，杠杆在水平位置平衡，记录数据．根据这一次实验数据，甲同学立即分析得出杠杆的平衡条件，这种做法的不足是： ．如图乙所示，乙同学设计了两种实验方案：第一种弹簧测力计沿竖直方向拉，其读数为F1；第二种弹簧测力计倾斜拉，其读数为F1．第 （填“一”或“二”）种实验方案更方便．在同等条件下，两次弹簧测力计读数F1 F1（填“＜”、“=”或“＞”）．乙同学用图丙装置进行探究，发现当杠杆水平平衡时，与甲同学得出的杠杆平衡条件不相符，其可能的原因是： ．
五、计算题（本大题共2小题，共13分）
23．如图所示，盛有水的杯子静止在水平桌面上。杯子重1N，底面积为40cm2；杯内水重5N；体积为100cm3、重为2N的物体M浸没在水中，此时水深10cm。（水的密度ρ=1.0×103kg/m3，g取10N/kg）求：

（1）物体M在水中所受的浮力；
（2）水对杯底的压力；
（3）杯子对水平桌面的压强。
24．已知物体浸在水中，排开水的体积为5×10-3米3，求物体受到的浮力F浮．
六、综合能力题（本大题共3小题，共18分）
25．现有一个电阻元件Z，可能是由金属材料制成的，它的电阻随温度的升高而增大，也可能是由某种半导体材料制成的，其电阻随温度的升高而减小．现用图示电路对其进行测试，其中R为定值电阻，电源电压可调，实验中从0开始逐渐增大电源电压，测得通过Z的电流与加在它两端的电压数据如下表所示：

利用这些数据绘出Z的I－U曲线如图所示．请根据表中数据和图线解决下列问题：Z是由 （金属/半导体） 材料制成的．当Z两端电压为1.5V时，Z消耗的电功率 W；当电源电压为U=3.5V时，电流表的读数为0.20A，求定值电阻R的阻值；在Z的I－U坐标图中作出电阻R的I－U图像，并根据电阻元件Z和定值电阻R的I－U图像分析，当电源电压调到某一适当值时，元件Z与定值电阻R消耗的电功率相等，求此时的电源电压．
26．某兴趣小组在阅读了半导体材料相关信息后，设计了如图甲所示的电路，现想将电流表（选用0-0.6A的量程）改为温度表盘，其中R2为多种半导体材料混合制成的电阻，其阻值随温度的变化关系如图乙所示。现将R2置于25℃的某温箱中，电流表示数恰为0.2A；若设计的此电路所能测量的最高温为75℃。
求出该兴趣小组选用的电源电压大小和定值电阻R1的阻值______ _______.当R2的温度为28℃时，电阻R2的电功率为多少_____________写出通过R2的电流I2与其两端电压U2变化关系的函数表达式：____________改装成的温度表盘的刻度_______（选填“均匀”或“不均匀”）若在R1两端并联一个电压表，随着温箱温度的改变，电流表与电压表的示数________（选填“成”或“不成”）正比。
27．一只小鸟在平静的湖面上飞过，当小鸟距水面4m时，该“倒影”距小鸟______m，小鸟在湖面的“倒影”是_______（填“实”或“虚”）像，如图所示，潜水员眼睛在水下C点处，小鸟在空中的B点，请你作出潜水员观察到小鸟的光路图。

参考答案

一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）
1、A
【解析】
两物块完全相同，在甲中漂浮，在乙中悬浮，它们在液体内都是静止的，故受力平衡，即浮力都等于物体的重力；∴F甲=F乙，由于物体在甲中浸入液面的体积比乙中的小，故由F浮=ρ液gV排得：ρ甲>ρ乙，∵p=ρ液gh，由于液面高度相同，∴p甲>p乙．故A正确，BCD错误．
2、B
【解析】
由题意可知，POS刷卡机读出信息原理是电磁感应现象；
A、如图是奥斯特实验，说明电流周围存在着磁场，故A错误；
B、如图电路中没有电源，当闭合开关，闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中有感应电流产生，这是电磁感应现象，故B正确；
C、如图是研究电磁铁磁性强弱与线圈匝数关系的实验，是根据电流的磁效应工作的，故C错误；
D、如图电路中有电源，是通电导体在磁场中受力运动，是电动机的原理图，故D错误．
3、D
【解析】
当开关S闭合，甲、乙两表是电压表时，两个电阻串联，电压表甲测量电源电压，电压表乙测量R2两端的电压，根据串联电路电压的规律和欧姆定律得到两个电阻的阻值之比；若甲、乙均为电流表时，断开开关S，两个电阻并联，电流表甲测量通过R2的电流，电流表乙测量R1和R2总电流；根据并联电路电压的规律和欧姆定律得到通过两个电阻的电流之比，根据并联电路电流的规律得到两个电流表的示数之比。
【详解】
当开关S闭合，甲、乙两表是电压表时，两个电阻串联，电压表甲测量电源电压，电压表乙测量R2两端的电压，串联电路中各处的电流相等，两个电阻之比，若甲、乙均为电流表时，断开开关S，两个电阻并联，电流表甲测量通过R2的电流，电流表乙测量R1和R2总电流，并联电路各个支路的电压相等，通过两个电阻的电流之比，两个电流表的示数之比。
故选D。
4、C
【解析】
由图知道图（a）中是定滑轮，图（b）中是动滑轮，用在不计绳重和摩擦时，物体升高h，若用定滑轮（a）提升物体时，绳子自由端移动的距离为h，若用动滑轮（b）提升物体时，绳子自由端移动的距离为2h，当用定滑轮提升物体时，拉力做功是：W1 =F1 s=Fh，当用动滑轮提升物体时，拉力做功是：W2 =F2 s=2F2 h，因为若力F1、F2在相等时间内对物体所做的功相等， 即W1 =W2 ，所以F1 =2F2 ，即F1 ＞F2，又因为时间相同，由P=知道，P1 =P2，故只有C符合题意。
5、B
【解析】
A、根据图示信息可知，物距大于像距，成倒立缩小实像，此时u＞2f，即40cm＞2f，焦距大小为f＜20cm，故A错误；
B、能在光屏上成像，并且物距大于像距，只有u＞2f，2f＞v＞f，成倒立缩小实像，故B正确；
C、因为经过光心的光线方向不发生改变，则蜡烛变短时，像应该先上移动，故C错误；
D、凸透镜成像与有无光屏无关，所以取走光屏，则凸透镜仍能成像，故D错误．
故选B．
6、C
【解析】
根据题中“图中的通电螺线管磁极极性标注正确的是”可知，本题考查安培定则判断螺线管的极性。在四个选项中，直接告诉了螺线管的绕向；通过电源的正负极，间接告诉了螺线管中电流的方向，利用安培定则即可确定螺线管的磁极标注是否正确。
【详解】
A、由图知，电流由螺线管的右端流入，且电流从第一匝线圈的外边流入，由安培定则可知，螺线管的左端为N极，故A错误；
B、由图知，电流由螺线管的右端流入，且电流从第一匝线圈的里边流入，由安培定则可知，螺线管的右端为N极，故B错误；
C、由图知，电流由螺线管的下端流入，且电流从第一匝线圈的里边流入，由安培定则可知，螺线管的上端为N极，故C正确；
D、由图知，电流由螺线管的下端流入，且电流从第一匝线圈的外边流入，由安培定则可知，螺线管的下端为N极，故D错误；
7、A
【解析】
声音是由物体的振动产生的；振动停止，发声停止．“将悬挂的乒乓球轻轻接触正在发声的音叉，观察到乒乓球被音叉多次弹开；声音消失，乒乓球便会停止运动”是通过乒乓球的摆动把音叉的振动放大．此现象表明声音是由物体振动产生的．

二、填空题（本大题7小题，共21分）
8、21 1.05×103
【解析】
从图上读出烧杯和剩余酱油的质量，又知道酱油倒入量筒之前，烧杯和酱油的总质量，可求出倒入量筒中酱油的质量；
从量筒上读出酱油的体积；
根据密度公式求出酱油的密度．
【详解】

由图知，烧杯和剩余酱油的质量：m'＝50g+10g+1.4g＝61.4g，
所以量筒中酱油的质量为：m＝m0﹣m'＝82.4g﹣61.4g＝21g，
由图知，量筒中酱油的体积：V＝20mL＝20cm3，
根据得，酱油的密度是：
．
9、8 180
【解析】
串联电路电流相等，则图可知，甲灯泡中通过的电流为0.5A时，电压为2V，乙灯泡电流为0.5A时，电压为6V，所以两灯应串联在电压为8V的电源两端；乙灯泡1min消耗的电能：．
10、S1、S2 5.5 L3 7.5 37.5
【解析】
（1）若要求灯泡L1、L2并联，则应闭合的开关有S1、S2 ；若a、b接入3V电压，则L1、L2均正常发光，则电流表A的示数为I＝I1I2＝5.5A. （2）若只闭合S1时，L1和L3串联，为了使一只灯泡正常发光，另一只灯泡不烧坏，则电路中的电流为0.25A；正常发光的灯泡是L3，灯泡L1的阻值R1＝10Ω 灯泡L3的阻值R3＝20Ω，此时a、b间的最大电压是U＝I(R1R3)＝0.25A(10Ω20Ω)＝7.5V，通电1min灯泡L1产生的热量是Q＝2Rt＝(0.25A)210Ω60s＝37.5J．
11、电流表 电压表
【解析】
在分析电路时，电流表的内阻小，可看作导线，电压表的内阻大，看作断路．“当开关闭合后，两灯均能正常发光”说明有电流通过两灯，根据电流的走向可知，电流从正极出发通过开关后，在灯L1的左边交叉相连处分为两条分别流经两个灯泡后汇合再回到电源的负极．说明甲表与灯泡L2串联，有电流通过是电流表，乙表并联在电路中，是电压表．
12、不变增大
【解析】
小明在扶梯匀速上升的过程中，质量不变，速度不变，动能不变，高度增加，重力势能增大，故机械能增大。
13、增大、压缩、20
【解析】
试题分析：活塞对筒内气体做功，气体的内能增大，与四冲程汽油机的压缩冲程的能量转化相同，四冲程内燃机完成一个工作循环飞轮需转两周，汽油机飞轮的转速为2400r/min，在1s内飞轮转40转，完成20个工作循环．
【考点定位】内燃机
14、振动 音色 传播过程中
【解析】
声音是由物体振动产生的，火车驶过，车身和铁轨的撞击使铁轨振动而发出轰隆声；不同发声体发出声音的音色不同，所以附近的人们可以根据声音的音色立即判断出是一列火车经过；人们嫌吵时，选择关上窗户，这是在传播过程中减弱噪声。

三、作图题（共7分）
15、
【解析】
根据过光心的光线传播方向不变；过焦点的光线折射光线平行于主光轴，作图如下所示：

16、略
【解析】
试题分析：由图示可知，F2 与杠杆垂直，故连接支点O与F2 的作用点即为力臂L2，过L1的上端作L1的垂线，交杠杆于一点，即为F1 的作用点，F1 的方向向上，如上图所示．
考点：力和力臂的画法
17、
【解析】
在电路中，电流表相当于导线，与用电器串联；电压表相当于断路，与用电器并联；由电路图可知，左面的圈与电源并联，一定是电压表；中间的圈与前面的电阻串联，一定是电流表；右面的圈与电阻并联，一定是电压表。答案如图所示：

四、实验题（本大题共5小题，共20分）
18、被撞的距离的远近 转换 ①不同 大 A＝ρv2
【解析】
（1）小球动能的大小，是通过木块被撞的距离的远近来反映动能的大小的；动能的大小不容易观察，可转化成木块被撞的距离的远近就容易观察多了，这种方法叫转换法．
（1）①由表中数据可知，在相同的时间内，相同的面积上，水流把小车推动的距离远，可以判断小车从水流上获得的能量多，所以小车从两种不同的能源上获得的能量是不同的；由此可见水能的能流密度比风能的能流密度大．
②根据题意所提供的信息，水的流速为v，密度是ρ，设S为横截面积、L为水流流过的距离，则L＝vt，水流的体积V＝Svt，所以m＝ρV＝ρSvt，代入Ek＝mv1得：Ek＝ρSvtv1＝ρStv2，因为在单位时间内、单位面积上从某种能源中所能得到的能量叫做能流密度，则水能的能流密度A的表达式：A＝＝＝ρv2．
19、48 62 1.13×103 把蜡块轻轻地放入水中，使蜡块漂浮在量筒内的水面上，记下水面到达的刻度为 用细钢针将蜡块下压，使其浸没在水中，记下水面到达的刻度
【解析】
根据题中“在测量盐水密度的实验中”以及“在完成上述实验后，某同学想测量一个小蜡块的密度”可知，本题考查密度的测量。涉及到液体的密度的计算以及漂浮物体的密度的测量，综合应用漂浮条件和阿基米德原理计算解答。
【详解】
（1）由图甲可知，量筒的分度值为1mL，量筒中盐水的体积为V＝48mL＝48cm3。
（2）由图乙可知，杯子及杯内剩余盐水的总质量m剩＝50g+10g+2g＝62g，
（3）量筒中盐水的质量：m＝m总﹣m剩＝116g﹣62g＝54g，
所以此盐水的密度：；
（4）要测量蜡块的密度，需测出蜡块的质量和体积，可利用漂浮条件间接测出蜡块的质量，利用助沉法测蜡块的体积，所以实验步骤设计如下：
①向量筒中倒入适量的水，记下体积V1，
②把蜡块轻轻地放入水中，使蜡块漂浮在量筒内的水面上，记下水面到达的刻度为V2，
③用细钢针将蜡块下压，使其浸没在水中，记下水面到达的刻度V3。
蜡块密度表达式的推导：
蜡块漂浮在水面上，F浮＝G蜡块；根据阿基米德原理可得，F浮＝G排；
比较可得G蜡块＝G排，即漂浮的蜡块受到的重力等于它排开液体受到的重力，
所以，m蜡块＝m排＝ρ水V排＝ρ水（V2﹣V1）。
蜡块浸没时，排开水的体积等于蜡块的体积，即V蜡块＝V排′＝V3﹣V1。
则蜡块密度：。
20、控制变量法 匀速 等于 甲丙 接触面越粗糙 不可靠 没有控制压力大小相同
【解析】
（1）影响摩擦力的因素是压力和接触面的粗糙程度，研究与压力的关系时，要控制接触面的粗糙程度不变，研究与接触面粗糙程度的关系需要控制压力不变，这种方法叫控制变量法；
（2）实验中小伟应该用弹簧测力计水平匀速拉动木块在长木板上滑动，此时木块水平方向上受到的拉力与摩擦力来一对平衡力，根据二力平衡的知识得出拉力等于摩擦力，从而间接测出木块所受的摩擦力的大小．
（3）小伟要探究猜想②，即滑动摩擦力与接触面的粗糙程度要控制压力大小相同，只改变接触面的粗糙程度，故他应该选择甲丙两幅图所示的实验步骤来操作；
比较甲丙测力计示数，发现丙中测力计示数更大一些，即丙中木块木块受到的滑动摩擦力更大一些，可得出结论：在其他因素相同的情况下，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大；
（4）小伟要探究猜想③，即研究滑动摩擦力大小与接触面积的大小关系，要控制压力大小和接触面粗糙程度相同，他将木块切去一半，压力也变小了，重复甲的操作过程，故比较甲和丁的实验结果不得出：滑动摩擦力的大小与接触面积的大小有关的结论．即结论不可靠，没有控制压力大小相同．
21、2.2 660 1×10-4 2.2×101
【解析】
(1)由图甲可以知道弹簧测力计的量程为0-5N，分度值为0.2N，因此示数为2.2N，
l1:l2=1:1,又知F1=2.2N, ,并且F1l1=Gl2,所以G===6.6N,
矿石的质量m===0.66kg=660g;
(2)由图丙可以知道,此时弹簧测力计的示数为1.2N，据杠杆平衡条件可得，
F2==1.6N,
因此矿石受到的浮力为：F浮=GF2=6.6N1.6N=1.0N;
由F浮=水gV排得矿石的体积：V===110-4m1;
矿石的密度:===2.2×101kg/m1.
22、（1）左；（1）实验次数太少，结论具有偶然性；（3）一；＜；（4）杠杆存在自重
【解析】
（1）在调节杠杆平衡时，应将平衡螺母向较高的一端调节．因为右端低左端高，故应将平衡螺母向较高的一端调节，即将左边或右边的平衡螺母向左端调节，使杠杆在水平位置平衡；（1）只有一次实验总结实验结论是不合理的，一次实验很具有偶然性，要多进行几次实验，避免偶然性；
（3）探究杠杆平衡条件时，使杠杆在水平位置平衡，此时力的方向与杠杆垂直，力臂的长度可以直接从杠杆上读出来；因此第一种实验方案更方便；因为第一方案的动力臂要大于第二种方案的动力臂，根据杠杆的平衡条件F1L1=F1L1可知在阻力和阻力臂都相同的情况下，动力臂越大的越省力，所以，F1＜F1；
（4）图丙中，杠杆的重心不在支点上，弹簧测力计不但提了钩码，而且还提了杠杆，杠杆的重力对杠杆转动产生了影响，导致拉力F的大小比由杠杆平衡条件计算出来的数值偏大．

五、计算题（本大题共2小题，共13分）
23、（1）1N；（2）4N；（3）2000 Pa
【解析】
（1）100cm3=100×10-6m3=10-4m3，
物体M在水中所受的浮力为：F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×10-4m3=1N。
（2）10cm=0.1m，
水对杯底的压强为：p1=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.1m=103Pa，
水对杯底的压力为：F1=p1S=103Pa×40×10-4m2=4N。
（3）杯子对水平桌面的压力为：F2=1N+5N+2N=8N，
杯子对水平桌面的压强为：p2===2000Pa。
24、49牛
【解析】
由阿基米德原理知道，物体所受的浮力是：F浮=ρ水gV排 =1.0×103 kg/m3 ×9.8N/kg×5×10-3 m3 =49N．

六、综合能力题（本大题共3小题，共18分）
25、（1）金属 0.27 （各1分）（2）5Ω（3） 1V
【解析】
试题分析：（1）根据图像可知：
当电压逐渐升高，电流的增长逐渐变慢，即电阻变大；
而电压升高，电热功率越来越大，电阻越来越大，说明电阻随温度的升高而变大，所以是金属材料制成的，当Z两端电压为1.5V时，对应的电流为0.18A
消耗的电功率为；
（2）查图可知：UZ=2.5V（1分）
（1分）
（3）作图如下：
（1分）
元件Z与电阻R消耗电功率相等，则电阻值相等，
当Z与R功率相等时：UR=UZ=0.5V （1分）
则电源电压U= UR+UZ=1V
考点：电功率的计算；半导体的特点；欧姆定律的应用．
点评：重点是串联电路的特点和欧姆定律、电功率的计算，关键是根据数据判断Z制成的材料，难点是元件Z与定值电阻R消耗的电功率相等时电压和电流的判断．
26、4.5V 5Ω 0.9W I2= 不均匀 成
解析】
(1)如图甲所示, R1和R2串联，电流表测电路中的电流，由图乙知，25℃时：R2的阻值为17.5Ω，此时，电路中的电流为0.2A，环境温度越高，R2阻值越小，电路电流越小，据题意此电路所能测量的最高温为75℃，由图乙知，75℃时：R2的阻值为2.5Ω，电流表选用0-0.6A的量程，即当R2=2.5Ω时，电路中的电流为0.6A，
根据欧姆定律，电源电压等于：
U=I(R1R2)=0.2A×(R1+17.5Ω)=0.6A(R12.5Ω)，解得：R1=5Ω,
电源电压U=0.2A×(5Ω+17.5Ω)=4.5V;
(2)当温度为28℃时,R′2=10Ω,电路中电流为I′===0.3A，
电阻R2的电功率为：P2=(I′)2R2=(0.3A)2×10Ω=0.9W。
(3) 根据串联电路的电流规律和欧姆定律，通过R2的电流I2=I1===：
(4)由题知，当电流表示数为0.2A，对应的温度为25℃，当电流表示数为0.3A，对应的温度为28℃，当电流表示数为0.6A，对应的温度为75℃，因此改装成的温度表盘的刻度不均匀；
(5) 若在R1两端并联一个电压表，电流表与电压表的示数的比值等于R1的阻值，R1是定值电阻，因此电流表与电压表的示数成正比。
27、8 虚
【解析】
倒影属于平面镜成像，其原理是光的反射，根据平面镜成像特点可知小鸟在湖面的“倒影”是虚像；
小鸟距水面4米,由平面镜成像特点像距与物距相等可知,该“倒影”距离湖面(像距)也为4m，则该“倒影”到小鸟的距离为4m+4m=8m；
首先确定入射点O，点O在CB连线与界面交点的左侧，连接CO与BO即为入射光线与折射光线．逆着折射光线看过去，看到小鸟的像在A处，如图所示：