黑龙江省牡丹江管理局重点达标名校2026届初三.十三校联考.第一次考试物理试题试卷含解析.doc

黑龙江省牡丹江管理局重点达标名校2026届初三.十三校联考.第一次考试物理试题试卷
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处"。
2．作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。
3．非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。
4．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。

一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）
1．图中的两个容器中盛有同种相同质量的液体，容器底部受到液体的压强分别为pA、pB，容器底部受到液体的压力分比为FA、FB，则（ ）

A．pA=pB，FA=FB B．pA=pB，FA＜FB
C．pA＜pB，FA=FB D．pA＞pB，FA＞FB
2．合唱队的“高声部、低声部”中的“高、低”是指声音
A．响度 B．音调 C．音色 D．音量
3．如图所示，是关于电磁现象的实验装置图，下列分析中正确的是
A．图装置是研究电流周围存在着磁场
B．图装置是研究电动机的结构原理图
C．图装置是研究发电机的结构原理图
D．图装置是研究电磁感应现象
4．下列有关实验探究的说法中正确的是
A．在探究“压力的作用效果与哪些因素有关”时，只运用了控制变量法
B．在探究“滑动摩擦力与压力的关系”时，应保持受力面积不变，改变压力
C．在探究“物体动能与速度的关系”时，要把质量不同的钢球放到斜面同一高度由静止滚下
D．在探究“电流通过导体产生的热量与电阻的关系”时，要保持通电时间、电流相同，改变电阻的大小
5．下列说法正确的是
A．金属在熔化和凝固的过程中，温度均保持不变
B．物体吸收热量后，温度一定升高
C．任何情况下水的沸点都是100 ℃
D．冰的温度一定低于0 ℃
6．汽车的手动刹车器（简称“手刹”）在拉起时处于刹车制动状态，放下时处于解除刹车状态．如果手刹处在拉起状态，汽车也能运动，但时间长了会损坏刹车片．有一款汽车设计了一个提醒司机的电路：汽车启动，开关S1闭合，手刹拉起，开关S2闭合，仪表盘上的指示灯会亮；汽车不启动，开关S1断开，指示灯熄灭，或者放下手刹，开关S2断开，指示灯也熄灭．下列电路图符合上述设计要求的是
A． B． C． D．
7．有甲、乙、丙三个带电体，甲物体排斥乙物体，乙物体吸引丙物体．如果丙物体带正电，则
A．甲物体带正电、乙物体带负电
B．甲、乙两物体均带正电
C．甲物体带负电、乙物体带正电
D．甲、乙两物体均带负电
二、填空题（本大题7小题，共21分）
8．如图所示，电源电压不变，当开关S1、S2同时闭合时，电流表的示数是0.3A，电压表示数是6V．若两表互换位置，当开关S2闭合、S1断开时，电流表示数是0.2A，则R1和R2的阻值之比是 ；电源电压为 V．

9．茅岩莓茶是张家界市的土特产，有极高的药用价值，沏上一杯清香扑鼻，这是因为分子在做_________运动， 清香扑鼻是_________现象，在沏茶过程中，茶叶的内能______.(选填“增大”“减小”或“不变”)
10．如图所示电路，电源电压保持不变，滑动变阻器最大阻值为20Ω，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P移到a端时，电流表的示数为0.75A，此时电阻R两端电压为_____V，当滑动变阻器的滑片P移到b端时，电流表的示数为1.25A，则电阻R的阻值为_____Ω。

11．体积为1m1的冰块全部熔化成水后，水的质量是_____kg，水的体积是_____m1．（冰的密度为0.9×101kg/m1）
12．如图所示，小明跳箱时，用力蹬踏板，踏板“送”小明向前冲，这说明力的作用是____的；手用力按跳箱时，跳箱表面发生凹陷，说明力使物体发生____；小明最终受到_____作用落到地面。

13．如图所示，在一起交通事故中，车头受到所载水泥管的冲击，严重挤压变形，这起事故发生在汽车突然_____（加速/减速）时，水泥管由于惯性保持原来运动状态所致，水泥管的惯性如此之大是因为它的_____（质量/速度）大．

14．小明和小岗握住两根较光滑的木棍，小娟将绳子的一端系在其中一根木棍上，然后如图所示依次将绳子绕过两根木棍，小明和小岗相距一定的距离握紧木棍站稳后，小娟在图A处拉绳子的另一端，用很小的力便能拉动他们．
两根木棍和绳子组成的机械相当于_____．若小娟所用的拉力为70N，则小明和小岗受到的拉力分别为_____N、_____N（摩擦忽略不计）．
三、作图题（共7分）
15．请作出图中：① 物体A所受重力G的示意图；② 力F的力臂L．

16．如图所示，木块A与平板小车一起在水平桌面上向左匀速直线运动，当小车受外力作用突然减速时，木块随机在小车的平板上滑行，请画出木块滑行过程中的受力示意图．

17．有一个木球静止在水面上，在图中画出它的受力示意图．

四、实验题（本大题共5小题，共20分）
18．在探究“阻力对物体运动的影响”时，使用的器材有斜面、木板、毛巾、棉布和小车如图所示.
（1）实验时要固定斜面，并让小车从斜面上_______(选填“同”或“不同”）位置由静止滑下，目的是使小车到达水平面时速度大小_______ （选填“相同”或“不相同”）.
（2）根据实验现象，可以得出结论：水平面越光滑，小车受到的阻力越_____，在水平面上运动的距离越远.
（3）如果水平面绝对光滑，对小车没有阻力，则小车将做__________运动.
（4）牛顿在前人研究成果的基础上，总结出牛顿第一定律，它的内容是_________．
（5）小车在毛巾、棉布表面上克服阻力做功分别为W1、W2，则W1____W2（选填“>”“=”或“<”）.
（6）如果要测小车在毛巾表面上运动时所受阻力的大小，正确做法是_________．

19．农忙时节,小明根据学过的物理知识配制盐水帮妈妈筛选农作物种子．要筛选出品质优良的种子,盐水的密度应该略小于饱满种子的密度．为了知道所配制出的盐水密度是否合适小明通过如下的实验进行测量．
调节天平平衡:把天平放在水平台上,将游码拨到标尺左端的零刻度线处后,发现天平横梁左高右低,应将平衡螺母向_______（填“左”或“右”）调节．用调节好的天平测得空烧杯的质量m1．如图甲所示,把适量的盐水倒入量筒中,测得盐水体积V．如图乙所示,把量筒中的盐水倒入烧杯中,测得烧杯和盐水的总质量m2．
请把下面记录测量数据的表格填写完整．
空烧杯质量m1/g
盐水体积V/mL
烧杯和盐水总
质量m2/g
盐水密度/（g·cm-3）
30
______
______
_____
（5）按照以上方法,小明测出的盐水密度值可能________（填“大于”或“小于”）盐水密度真实值,原因是_______________________________________________________．
20．要测量一个额定电压为3. 8 V的小灯泡的电功率，小灯泡工作时的电阻约为10 现有电流表、电压表、开关各一个，A、B两个滑动变阻器的规格分别为“10 Ω 1A”“50Ω 0.5A”，导线若干，电源（8V）—个．
为完成实验，应该选取____________（选填“”或“B”）滑动变阻器.选出合适的滑动变阻器后，将实验器材连成如图甲所示的实验电路，闭合开关，将滑动变阻器滑片向右移 动，观察到的现象是____________．
A．小灯泡变亮，电压表示数变大
B．电流表示数为零，小灯泡不亮
C．电流表示数变大，电压表示数变小
D．电压表示数接近8V，且示数不变造成上述现象的原因是其中有一条导线连接错误，请将该导线打上“×”号；并用笔画线代替导线把它改到正确的位置上.改正电路后，移动滑片，记录多组电流I和电压U的数据，并在坐标纸上做出I-U关系图象，如图乙所示，小灯泡的额定电流为0.3A，小灯泡的额定功率为____________W.当小灯泡两端电压为3V时，其实际功率为____________W.小明新设计了如图所示的电路，也测出了额定电压为3.8V的小灯泡的额定功率.R0为阻值等于1OΩ的定值电阻.测量过程如下：
①闭合开关S和S1，断开S2，调节滑动变阻器，当电流表的示数为____________A，小灯泡正常发光；
②保持滑动变阻器滑片位置不变，将S1断开，S和S2闭合，读出电流表的示数为I，则小灯泡的额定功率 P额=____________（用已知量和测量量表示）.
21．小阳利用如图所示的实验装置，探究光反射时的规律。其中 ENF 是用两块纸板连接起来的一个平面且与平面镜垂直放置。

（1）保持入射光的位置不变，把纸板 F 向后折，观察现象。改变入射光的位置，多次重复上述实验过程，发现相同的实验现象。其目的是为了探究_____是否在入射光线与法线所在的平面内。
（2）在实验中小阳还发现，随着入射光位置的不断改变，反射光的位置也在不断改变， 但是他们始终位于 ON 两侧，这说明反射光线与入射光线_____。
（3）接下来小阳逐渐增大入射光与法线的夹角，观察反射光并测量入射角和反射角。 实验数据如下表，他根据表中数据得出的结论和正确的结论并不一致。请你分析小阳出现错误的原因是：_____。
入射角/度
20
30
50
60
70
80
反射角/度
70
60
40
30
20
10
（4）当让激光笔发出的光逆着原来的反射光 OB 射向镜面时，此时的反射光将沿着________方向射出。
22．如图甲是“探究水沸腾时温度变化的特点”的实验装置。

（1）图甲实验装置的组装顺序应为_____（选填“自上而下”或“自下而上”）。
（2）实验中某次温度计的示数如图乙，为_____℃．根据实验数据绘制的水的温度随加热时间变化的图象如图丙，由图可知本实验中水的沸点为_____℃。
（3）撤去酒精灯后，水仍能继续沸腾一小段时间，其原因是_____。
五、计算题（本大题共2小题，共13分）
23．养生壶是一种用于养生保健的烹饮容器，采用新型电加热材料，通电后产生热量把壶内的水加热。下图是某款养生壶及其铭牌，求：
型号
CH--M16
额定电压
220V
频率
50Hz
额定功率
1000W
容量
1.2L

（1）养生壶正常工作时的电阻；
（2）若正常工作时，养生壶加热效率为91%，将1kg水从20℃加热到85℃需要多长时间：（c水=4.2×103J/（kg•℃））
（3）用电高峰期，家中只有养生壶工作时，养生壶将1kg水从20℃加热到85℃，实际用时363s，此时养生壶两端的实际电压。（设养生壶的电阻和加热效率不变）。
24．某电热水器的铭牌如下表所示，现将冰箱装满水，电热水器正常工作时，把水从20℃加热到60℃，已知c水=4.2×103J/（kg•℃），不计热量损失，求：
型号

额定电压
220V
加热功率
2000W
频率
50Hz
水箱容量
50kg
（1）水吸收的热量；加热所需要的时间；利用氢气做燃料对环境没有污染，因为它燃烧后的产物是水，若上述用电发热，改由燃烧氢气，则需要消耗氢气的质量为多少？（氢气的热值是1.43×108J/kg）
六、综合能力题（本大题共3小题，共18分）
25．家庭常用的高压锅与普通锅主要不同之处在于它的密封性好。图乙是高压锅的示意图，带有活塞的气孔1使锅内与外界连通，此时锅内气压与外界大气压相等（外界大气压）。当锅内温度升高至100℃时，锅内气体把气孔1的活塞顶起，这时锅被密封。锅盖中央有一出气孔2，孔上盖有限压阀，当锅内气压达到限定值时，限压阀被锅内气体顶起放出部分气体，实现了对锅内气体压强的控制。图17丙是水的沸点随锅内气压变化的图像。（）
写出水的沸点与气压的关系；若高压锅出气孔2的截面积为，锅内水的沸点最高达到115℃，为保证使用安全，限压阀的质量不得超过多少g？
26．下图所示的是一种用来煎烤食物的双面电饼铛，它的上、下盘既可以同时加热，也可以在把手处掀起上盘（是上盘转轴所在的位置），使用下盘单独加热。

（1）图甲中，若要用最小的力掀起电饼铛的上盘，请画出这个最小的力的示意图。
（________）
（2）若电饼铛的上盘可以近似地看成是一个质地均匀的圆盘，其直径为，质量为，则将上盘由图甲所示的位置掀起至图乙所示的竖直位置，人手克服上盘重力所做的功约是多少焦
（3）电饼铛简化的内部电路如图丙所示。闭合电源开关，当温控开关接接线柱“2”时，下盘开始加热，再闭合开关，上盘也开始加热；当温度超过设定温度时，温控开关自动转接接线柱“1”，进入保温状态。电饼铛的部分参数如丁表所示，若某次煎烤食物时发现指示灯、和发光的时间分别为12、10和5，则此次煎烤食物的过程中，电饼铛消耗的电能是多少焦________？（不计电路中指示灯消耗的电能）

27．“塔吊”是北海新城区建设中随处可见的一种起重设备，图甲所示是某塔吊的工作示意图，AO是塔吊的平衡臂，BO是塔吊的吊臂，C为可控制移动的滑轮组小车，可在B点到O点间移动，AO长4m，BO长26m，AB可绕O点在一定的范围内上下倾斜，已知A端配重物的质量为5t，塔吊利用工作电压为380V、额定功率为10kW的电动机带动滑轮组来吊升工地的建筑材料．问：
从安全角度出发，起吊时应尽量使吊臂水平平衡，在一次匀速吊升钢材时塔吊的吊臂如图乙所示，则滑轮组小车C应向 移动（选填“左”或“右”），这是根据 原理．将质量为2t的钢材以0.5m/s的速度竖直向上匀速提起，经1min到达施工楼层后再水平移动20m将钢材送到施工点，此过程中塔吊拉力对钢材所做的功是多少？此塔吊某次吊升钢材时，施工人员移动滑轮组小车C到达离O点16m处，使吊臂和平衡臂刚好处于水平平衡，电动机在额定功率下竖直向上匀速吊升钢材到某高度，此时电动机将电能转化为机械能的效率为75%，则钢材上升过程中的速度是多大？（吊臂、平衡臂、滑轮组的质量及摩擦力忽略不计）
参考答案

一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）
1、C
【解析】
A、B两个圆柱形容器中，装有质量相等的水，则水的重力相等；
由于在圆柱形容器中，液体对容器底部的压力等于自身的重力，所以对底面的压力也相等；
由于容器装的是同种液体，密度相同，由图可知：hA＜hB，则根据p=ρgh可知：pA＜pB．ABD错误，C正确．
2、B
【解析】
音调指声音的高低，产生高低不同声音的原因是物体振动快慢不同，发出低沉的声音，是因为物体振动比较慢，所以频率低，音调也低。因此“高音部”和“低音部”这里“高”和“低”是指声音的音调。故B正确。
3、A
【解析】
A、装置是奥斯特实验，可以研究电流周围存在着磁场，故正确；
B、图B中没有电源，是研究电磁感应现象的实验装置，故错误；
C、装置中有电源，是研究通电导体在磁场中受力运动的实验，据此制成电动机，故错误；
D、装置中有电源，闭合开关后，通电绕圈在在磁场中受力转动，该过程是将电能转化为机械能，是电动机的原理，故错误。
故选A.
4、D
【解析】
探究“压力的作用效果与哪些因素有关”时，通过观察泡沫塑料凹陷深度比较压力的作用效果，采用的是转换法，故A错误；
探究“滑动摩擦力与压力的关系”时，控制接触面的粗糙程度相同，改变压力，故B错误；
物体动能的大小与物体的质量和速度有关，探究“物体动能与速度的关系”时，应控制钢球的质量相同，把钢球放在斜面的不同高度，以改变速度，故C错误；
在探究“电流通过导体产生的热量与电阻的关系”时，要保持通电时间、电流相同，改变电阻的大小，故D正确．
5、A
【解析】
A. 因为金属是晶体，晶体在熔化过程和凝固过程中温度保持不变．故A正确；B. 物体吸收热量后，温度不一定升高，比如晶体在熔化过程中虽然吸热，但是温度保持不变，吸收的热量用来完成熔化．故B不正确；C. 液体的沸点与液体上方的气压有关，气压越高，沸点越高，所以水的沸点只有在标准大气压下才是100℃．故C不正确；D. 冰在熔化过程，或者达到熔点的时候，温度就是0℃．故D不正确．故选A
要解答本题需掌握晶体熔化过程的特点以及液体的沸点与液体上方的气压有关，气压越高沸点越高．
6、A
【解析】
由题意可知，当开关S1与S2同时闭合时，指示灯亮，当开关S1与S2中有一个断开时，
指示灯熄灭，由此可见，两开关是串联关系，由电路图知，A图中，两开关与灯泡串联，符合要求，故A符合题意；图B、C、D电路中开关是并联关系，不符合题意．
7、D
【解析】
解：有甲乙丙三个带电体，且丙物体带正电，乙物体吸引丙物体，故乙带负电；甲物体排斥乙物体，故甲带负电．对照选项可知，只有D是正确的．
故选D．
【点评】从丙的带电情况入手，根据电荷间的相互作用规律性逐个分析判断即可．

二、填空题（本大题7小题，共21分）
8、2：1 6
【解析】
当开关S1、S2同时闭合时，两电阻并联，电流表测通过电阻R1的电流，可得
R1=U/I=6V/0.3A=20Ω；
若两表互换位置，当开关S2闭合、S1断开时，两电阻串联，电压表测总电压，可得
R总=U/I1=6V/0.2A=30Ω，
所以可得
R2=R总-R1=30Ω-20Ω=10Ω，
则R1和R2的阻值之比是2：1；电源电压为电压表的示数6V．
9、热(永不停息地无规则) 扩散 增大；
【解析】
闻到茶水的清香，是茶叶的清香分子，扩散到空气当中的现象，这是因为分子在永不停息地做无规则运动；在沏茶过程中，茶叶的温度增大，内能增大；
10、0 30
【解析】
当滑动变阻器的滑片P移到a端时，电阻R被短路，此时电阻R两端电压为0V，此时电路为R1最大阻值的简单电路，电流表测电路中的电流，由I＝可得，电源的电压：U＝IR1＝0.75A×20Ω＝15V；当滑动变阻器的滑片P移到b端时，电阻R与R1的最大阻值并联，电流表测干路电流，此时电路的总电阻：R总＝＝＝12Ω，因并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和，所以，＝+，即＝+，解得：R＝30Ω。
11、900 0.9
【解析】
水的质量为m水m冰ρ冰V0.9×101kg/m1×1m1900kg，水的体积为V水 0.9m1.
点睛：（1）已知冰的体积和密度，利用公式mρV可以求出质量；（2）已知水的质量和密度，利用V可以得到水的体积．
12、相互 形变 重力
【解析】
起跑后，小明用力蹬踏板，同时踏板也给小明一个大小相等的反作用力，踏板“送”小明向前冲，该现象说明力的作用是相互的；
手用力按跳箱时，跳箱表面发生凹陷，这说明力能改变物体的形状；
小明在空中运动时受到重力作用，重力的方向竖直向下，因此小明由于受到重力的作用，最终落到地面。
13、减速 质量
【解析】
水泥管原来与汽车一起运动,当汽车突然减速时,水泥管因为具有惯性,仍要保持原来的运动状态,以原来的速度向前运动,所以车头受到所载水泥管的冲击,严重挤压变形;水泥管的惯性如此之大是因为它的质量大.
物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性,一切物体都有惯性,惯性是物体的一种属性,惯性大小只跟物体的质量大小有关,跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系,质量越大,惯性越大．
14、滑轮组 420 490
【解析】
（1）从使用的情况来看，两根木棍和绳子组成的机械相当于滑轮组；
（2）小娟在A处所用的拉力为70N，由图可知小明那端木棍与6段绳子相连，摩擦忽略不计，因此小明受到的拉力：F1=70N×6=420N；小岗那端木棍与7段绳子相连，因此小岗受到的拉力：F2=70N×7=490N。

三、作图题（共7分）
15、如下图所示

【解析】
试题分析：重力的作用点在物体的重心处，重力的方向是竖直向下的；力臂是支点到力的作用线的距离，从支点向力的作用线引垂线段，如上图所示．
【考点定位】力的示意图；力臂的画法
16、
【解析】
（1）小车突然减速后，木块相对于平板向左滑动，在水平方向上受摩擦力的作用，方向向右，
（2）在竖直方向上，木块受重力G和支持力F的作用，并且这两个力是一对平衡力，如图所示．

17、
【解析】
木球在水中受到重力和浮力的作用，重力的方向竖直向下，浮力的方向竖直向上，由于木球漂浮，因此受到的力是平衡力，重力和浮力大小相等．
【详解】
一木球在水中静止时是漂浮状态，木球受到的浮力等于重力；在木球的重心，竖直向下作出重力G，竖直向上作出浮力F，两个力大小相等，方向相反．如下图所示：

四、实验题（本大题共5小题，共20分）
18、同 相同 小 匀速直线 一切物体在没有受到力的作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态，除非作用在它上面的力迫使它改变这种运动状态 = 测力计沿水平方向拉着小车在毛巾表面上做匀速直线运动，读出测力计示数
【解析】
（1）让小车从斜面的同一高度由静止下滑的目的是，当小车到达水平面时，使小车的速度相同；
（2）毛巾、棉布、木板粗糙程度逐渐变小，阻力逐渐变小，根据实验现象，可以得出结论，水平面越光滑，小车受到的阻力越小，在水平面上运动的距离越远；
（3）由（2）知，水平面越光滑，小车受到的阻力越小，在水平面上运动的距离越远；如果水平面绝对光滑，对小车没有阻力，则小车将做匀速直线运动；
（4）牛顿在前人研究成果的基础上，总结出牛顿第一定律：一切物体在没有受到力的作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态，除非作用在它上面的力迫使它改变这种运动状态；
（5）因小车达到水平面时初速度相同，小车的动能相同，最终速度为0，小车的动能全部转化为内能，大小等于克服阻力做的功，若小车在毛巾、棉布表面上克服阻力做功分别为W1、W2，则W1=W2；
（6）根据二力平衡，用测力计沿水平方向拉着小车在毛巾表面上做匀速直线运动，此时拉力大小和小车所受阻力为平衡力，大小相等，故测力计示数即为小车在毛巾表面上运动时所受阻力的大小．
19、左 40 76 1.15 小于  盐水倒入烧杯中后，会有部分盐水残留在量筒壁上，导致盐水质量的测量值偏小
【解析】
（1）天平的调节原则：左高左调，右高右调或右偏左调，左偏右调；
（4）由图甲可读出，量筒中盐水的体积；由乙图可读出烧杯和盐水的总质量；根据表中数据可由计算出盐水的密度；
（5）实验中先测盐水体积，再倒入烧杯质量，从所测质量来分析，所测密度与真实值有差异．
【详解】
（1）把天平放在水平台上，将游码拨到标尺左端的零刻度处后，左高右低则说明右端重，应该将螺母向左调节；
（4）由图甲可读出，量筒中盐水的体积V=40cm3，由图乙可读出，烧杯和盐水的总质量m2=76g，则盐水的质量，由可得，盐水的密度：

（5）此方法中先测盐水的体积，再将盐水倒入烧杯中测质量，盐水不能全部倒入烧杯中，会有部分盐水残留在量筒壁上，导致盐水质量的测量值偏小，根据密度公式可知，m偏小，V不变，则密度测量值偏小．
本题考查天平的调节、密度公式的运用，这些都是我们学习密度测量必须掌握的知识点．同时，测量顺序的合理安排，将影响到误差的大小，因此，我们应该特别注意．
20、B BD 1.14 0.75 0.38 3.8（I-0.38）
【解析】
（1）已知电源电压为8V且保持不变，实验中小灯泡额定电压为3.8V，电路中电流，,故变阻器分得的电压为U滑=8V-3.8V=4.2V，变阻器电压为小灯泡的倍，小灯泡电阻为10Ω时，根据分压原理，变阻器连入电路中的电阻R滑大=，故应选用“50Ω 0.5A”的变阻器，选B；
（2）由实物图可知，电压表串联在电路中，相当于开路，故电流表示数为零，小灯泡不亮，电压表测量电源的电压，示数为电源电压8V，故选BD；
（3）原电路中，电流表与小灯泡并联，电压表串联在电路中是错误的，电流表与小灯泡串联，电压表与小灯泡并联，改正后如下所示：

（4）由图象可知：正常工作电灯的额定电压为3.8V，通过灯泡的电流为0.3A，此时灯泡的电功率P=UI=3.8V×0.3A=1.14W，
当小灯泡两端电压为3V时，灯泡的电流，
（5）①闭合开关S和S1，断开S2，R0与L并联，电流表测量流过R0的电流，调节滑动变阻器，使电流表的示数为0.38A，此时小灯泡正常发光．
②保持滑动变阻器滑片位置不变，将S1断开，S和S2闭合，R0与L并联，电流表测量流过L和R0的总电流I，则小灯泡的额定电流为，小灯泡的额定功率为：
21、反射光线 分居法线两侧 把反射光线与镜面的夹角当成了反射角 OA
【解析】
（1）反射光线、与入射光线和法线应在同一平面内，保持入射光的位置不变，把纸板 F 向后折，在纸板上都不能看到反射光线，改变入射光的位置，多次重复上述实验过程，发现相同的实验现象，其目的是为了探究反射光线是否在入射光线与法线所在的平面内；
（2）随着入射光位置的不断改变，反射光的位置也在不断改变，但是它们始终位于 ON两侧，这说明反射光线与入射光线分居法线两侧；
（3根据反射定律，反射角等于入射角，反射角是反射线与法线的夹角，入射角是入射线与法线的夹角，当入射角分别为 20°、30°、50°、60°、70°、80°时，反射线与法线的夹角，即反射角也应分别是 20°、30°、50°、60°、70°、80°，不是 70°、60°、40°、30°、20°、10°，而 70°、60°、40°、30°、20°、10°正好是反射光线与镜面的夹角；
（4）让光线逆着原来的反射光 OB 射向镜面时，会发现反射光线沿着 OA 方向射出可知，将反射光线改为入射光线，光路图照样成立，体现了光路是可逆的。
22、自下而上 92 98 石棉网的温度高于水的沸点，水还会继续吸热
【解析】
（1）酒精灯需用外焰加热，所以要放好酒精灯，再固定铁圈的高度；按照自下而上的顺序进行；
（2）图乙中温度计的分度值为1℃，则该次温度计的示数为92℃；由图象丙知，水在第2min开始沸腾，沸腾时，不断吸收热量，温度保持98℃不变，所以本实验中水的沸点是98℃；
（3）酒精灯加热时，铁圈和石棉网的温度升高，高于水的温度，当移开酒精灯时，水还会从铁圈和石棉网吸收热量，继续沸腾一小段时间。

五、计算题（本大题共2小题，共13分）
23、（1）48.4Ω（2）300s（3）200V
【解析】
（1）由P=可得，养生壶正常工作时的电阻是：R==═48.4Ω。
（2）水吸收的热量是：
Q吸=cm△t=4.2×103J/（kg•℃）×1kg×（85℃-20℃）=2.73×105J，
由η=知道，养生壶消耗的电能是：W===3×105J，
由P=知道，养生壶工作时间是：t===300s；
（3）在用电高峰时，养生壶仍然将1kg水从20℃加热到85℃，水吸收的热量不变，且加热效率不变，所以养生壶消耗的电能不变，仍然为3×105J，
则养生壶的实际功率是：P实===W，
养生壶的电阻不变，由P=可得实际电压是：U实===200V。
24、（1）8.4×106J；（2）4200s；（3）0.0587kg
【解析】
（1）使水温由20℃升高到60℃，水需要吸收热量为：Q吸=cm△t=4.2×103J/（kg•℃）×50kg×（60℃-20℃）=8.4×106J；
（2）不计热量损失，电热丝所产生热量的全部被水吸收，则W=Q吸=8.4×106J。由W=Pt得到：t==4200s；
（3）不计热量损失，则Q放=Q吸=8.4×106J，所以，m=≈0.0587kg。
答：（1）使水温由20℃升高到60℃，水需要吸收8.4×106J的热量；
（2）电热水器正常工作时电热丝的加热需4200s；
（3）需要消耗0.0587kg的氢气。

六、综合能力题（本大题共3小题，共18分）
25、（1）水的沸点随气压的增大而升高。
（2）
【解析】
本题内容取材于学生所熟悉的生活实际，考查用物理知识解决实际问题的能力，根据高压锅限压阀气孔2的面积，以限压阀为研究对象，则有p'锅内S-p0S，然后可求出限压阀的重力，从而得出限压阀的质量。
【详解】
（1）由图丙可知，水的沸点随气压的增大而升高。
（2）由图像可知，锅内水的沸点最高达到115℃，锅内外压强差
，
出气孔2受到气体的压力
，,
因为，
限压阀的质量。
答：（1）水的沸点随气压的增大而升高。（2）为保证使用安全，限压阀的质量不得超过90g。
26、
【解析】
（1）根据杠杆平衡条件，若要用力掀起电饼铛的上盘，在阻力和阻力臂一定时，动力臂最大，则动力最小。由图可知，当OA连线为力臂时，动力臂最大，此时动力最小。过A点作OA的垂线，方向向斜上方，如图：

（2）若电饼铛的上盘可以近似地看成是一个质地均匀的圆盘，其直径为24cm，将上盘由图甲所示的位置掀起至图乙所示的竖直位置，则重心在重力的方向上移动的距离为，
人手克服上盘重力所做的功。
（3）由题，闭合电源开关S1，当温控开关S2接接线柱“2”时，下盘开始加热，再闭合开关S3，上盘也开始加热；当温度超过设定温度时，温控开关S2自动转接接线柱“1”，进入保温状态。灯泡L1、L2、L3分别与电阻R1、R2、R3并联，三个灯泡的发光时间即为所并联电阻的工作时间，故此次煎烤食物的过程中，电饼铛消耗的电能
。
27、（1）滑轮组小车C应向右，这是根据杆杆原理；（2）此过程中塔吊拉力对钢材所做的功是6×104J；
（3）则钢材上升过程中的速度是0.15m/s．
【解析】
试题分析：（1）起吊时应尽量使吊臂水平平衡，根据杠杆平衡原理F1L1=F2L2，左端下沉，应增加右端力和力臂的乘积，所以滑轮组小车应向右移动．
（2）由得，在上升过程中，移动的距离s=vt=0.5m/s×60s=30m，塔吊对钢材所做的功W1=Gh=2×103kg×30m=6×104J．
在水平移动的过程中，在拉力的方向上没有移动距离，不做功，W2=0J．
（3）配重的重力G=mg=5×103kg×10N/kg=5×104N，吊臂和平衡臂刚好处于水平平衡时，==1.25×104N，电动机转化为机械能为W=W×75%=10kW×75%=7.5kW=7500W，
由得，=0.15m/s．
答：（1）滑轮组小车C应向右，这是根据杆杆原理；（2）此过程中塔吊拉力对钢材所做的功是6×104J；
（3）则钢材上升过程中的速度是0.15m/s．
考点： 杠杆平衡条件的应用、功率的计算．