江苏省泰州市泰兴市黄桥中学2026届下学期初三期末教学质量检测试题物理试题试卷含解析.doc

江苏省泰州市泰兴市黄桥中学2026届下学期初三期末教学质量检测试题物理试题试卷
考生请注意：
1．答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。
2．第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。
3．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。

一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）
1．花香花美令人陶醉,由此产生了不少美妙的诗句及图画,如,元代画家及诗人王冕就有这样的咏梅诗句。在以下的诗句中,能够说明分子运动的是
A．冰雪林中著此身 B．不同桃李混芳尘
C．忽然一夜清香发 D．散作乾坤万里春
2．2016年9月15日2016年中央电视台中秋晚会在西安大唐芙蓉园举行，晚会唯美温馨、大气浪漫，气势磅礴。优美的歌曲，舞曲充满整个晚会。下列关于声音说法正确的是
A．主持人孟盛楠发出的声音是由她的声带振动产生的
B．鲁健主持的声音很大是因为他的声音音调很高
C．王鹏主持的声音是直接通过声波传到电视机前观众耳朵里的
D．在天宫二号里观看节目《西安自画像》听到的说唱声不是由振动产生的
3．研究光的传播时，物理课本引入了“光线”，使问题简单化，这种研究问题的方法是（　　）
A．转化法 B．等效法 C．模型法 D．控制变量法
4．下列事例说明的道理不正确的是
A．沿纸条上方吹气，纸条会向上升起，说明气体在流速大处压强大
B．下端带有橡皮膜的玻璃管在水中越深，膜向上凸起程度越大，说明水静止时，水内部的压强随深度增加而增大
C．钢笔能把墨水吸上来，说明了大气压的存在
D．沙漠中的越野汽车装有非常宽大的轮子，说明增大受力面积可以减小压强，防止轮子陷入泥沙中
5．下列说法中正确的是
A．猎豹的速度为1.8km/min，雨燕的速度为50m/s，猎豹运动更快
B．受油机在空中加油时，必须和加油机保持相对静止
C．箭离开弓弦后，能飞行相当远的距离，是因为箭还受到向前的动力
D．卫星绕地球做匀速圆周运动，是因为卫星受到平衡力的作用
6．下列有关生活用电常识，做法不可行的是（　　）
A．尽量减小电视机待机时间
B．离开教室后应及时关掉电灯
C．长期不使用的电视机应适当地通通电
D．当有人触电时应迅速用手把他拉到安全的地方
7．下列四种常见的现象中，属于液化的是
A．春天，清晨河面上淡淡的白雾 B．夏天，玻璃上的水很快变干
C．深秋，早晨的地面上出现白霜 D．冬天，室外冰冻的衣服变干
二、填空题（本大题7小题，共21分）
8． “小荷才露尖尖角，早有蜻蜓立上头”，现有一蜻蜓立于距水面0.6m处的荷尖上，池中水深2m，则蜻蜓在水中的像距水面___________m；当蜻蜓飞离荷尖靠近水面时，在水中的像将___________（选填“变小”“变大”或“不变”；荷叶上的两滴水聚成一大滴，表明分子间存在___________。
9．物理教师沈春胜老师不仅钢琴弹得好，书法绘画的功底也是颇为深厚，可谓琴棋书画样样精通，右图便是他的一幅画作。我们能听辨出沈老师用钢琴演奏乐曲，是利用了声音的__________；能看清绘画作品，是由于纸面发生了________反射；颜料的三原色是红、________（选填“绿”或“黄”）、蓝，把这三种颜料按一定比例混合，便能调出各种不同的颜色。

10．如图所示，在一个配有活塞的厚玻璃筒里放一小团硝化棉，把活塞迅速下压，使筒内空气的内能_____（选填“增大”、“不变”或“减小”）温度升高，硝化棉燃烧。上述现象与用热水袋焐手改变物体内能的方式_____（选填“相同”或不相同）。

11．春节期间，在许昌鹿鸣湖公园里，小红向平静的湖水中观察，她看到了“鸟在水中飞、鱼在云中游”的美丽画面。当鸟距水面5m时，它的“倒影”距水面_____m，小红看到的“鸟”在湖水中的“倒影”是_____（选填“实像”或“虚像”）。“鸟”在湖水中的“倒影”是属于光的_____现象。
12．如图所示是同学们小时候玩过的一种“回力”玩具车，在玩耍时要先用手按住它往后拉一下，松手后它就能往前跑．“用手按住它往后拉一下”是存贮了_____能，“松手后它就能往前跑”此时又转化为_____能．

13．如图甲所示为一款国产品牌汽车，它的发动机工作时是通过水来冷却的，是因为水的_________大；车内装有先进的倒车雷达系统，这个系统是利用___________（选填“超声波”或“电磁波”）探测障碍物；如下左图乙是该车内安装的GPS全球卫星定位仪，它与导航卫星通过________（选填“超声波”或“电磁波”）实现全球定位功能的．

14．如图(a)(b)所示,将同一长方体木块以两种方式放在底面积相同的两个圆柱形盛水容器中,则水对木块底部产生的压强pa____pb,水对木块底部产生的压力Fa____Fb．木块放入前后,水对容器底部压强的变化量Δpa_Δpb．(均选填“大于”“等于”或“小于”)

三、作图题（共7分）
15．请作出图中：① 物体A所受重力G的示意图；② 力F的力臂L．
（_____）

16．一束光从空气射向水面，请完成光路．

17．在图所示的电路的内，填上适当的电表符号，使开关S闭合时两灯均能发亮．

四、实验题（本大题共5小题，共20分）
18．在“探究液体的沸腾特点”的实验中，小明选用完全相同的电热棒、烧杯和温度计，分别对甲（200g水）、乙（100g水）、丙（100g煤油）进行测量，所得数据的温度一时间图象如图，请根据图象分析：

（1）同种液体的沸点与质量的大小_____（选填“有关”或“无关”）；
（2）实验中，电热棒加热时间的长短反映了_____；
（3）小明发现：三杯液体加热到沸腾的过程，温度升高的快慢不同，乙比甲升温的快是因为_____；丙比乙升温的快是因为_____。
19．某物理兴趣小组做了如图所示的实验来探究影响浮力大小的因素．

（1）物体浸没在水中时受到的浮力是_______N，方向为_______；
（2）物体浸没在酒精中时排开酒精的重力是_______N；
（3）比较_______两幅图可知，浸没在液体中的物体所受浮力的大小与液体的密度有关；
（4）由ABCD四个步骤可知，浮力的大小有时与深度有关，有时又与深度无关，对此正确的解释是浮力的大小与_______有关．
20．小虎用一个装有2g水银的温度计，测量烧杯中水的温度，如图所示．

请指出他在使用温度计时存在的两个问题：
______；
______．
在温度计示数上升的过程中，水银的质量____，体积____，密度____．填“增大”、“减小”或“不变”
在温度计示数上升的过程中，水银的内能______填“增大”或“减小”，这是通过______填“做功”或“热传递”方式而使内能发生改变的．
21．某班同学做“探究电流与电阻的关系”的实验，某小组连接了如图甲所示的实物电路。

（1）请画出对应的电路图（电阻箱符号为）
（___）
（2）连接电路时，开关应_____。连好电路后，将电阻箱调至某一阻值，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，使电压表示数为一个适当的值U0，记录电流表的示数和_____。
（3）改变电阻箱的阻值，调节滑动变阻器的滑片，使_____，并记录相应数据。
（4）再次改变电阻箱阻值，发现无论怎样调节滑动变阻器的滑片都不能达到（3）中的要求，引起这种情况的直接原因是_____。
（5）重复步骤（3）多次实验，根据所得数据画出电流随电阻变化的图象如图乙所示。你认为该小组实验时的U0＝_____V。
（6）进一步研究发现由图线上的任一点和坐标轴围成的矩形“面积”大小都相等，由此可以得出的实验结论是_____。
7）实验结束后，小组间交流时，发现邻组在相同的坐标系中画出的图象如图丙所示，你认为图象不同的原因是_____。
22．在“测量牛奶密度”的实验中

（1）小明先将牛奶倒入量筒，如图甲所示体积为30mL；接着将天平放在水平台面上，将游码归零，发现指针静止时位置如图乙所示，则应将平衡螺母向______（选填“左”或“右”）端调节，使天平平衡；用调节好的天平测出空烧杯的质量为33g，然后将量筒中的牛奶倒入烧杯，用天平测量烧杯和牛奶的总质量，天平平衡时如图丙所示，烧杯和牛奶的总质量为________g．
（2）根据以上实验数据计算出牛奶的密度为__________kg/m3，由于牛奶在容器壁有残留，导致用该方法测得的密度比真实值小．对此小华认为这是由于以量筒中的牛奶为研究对象，所测质量偏小所引起的；小明认为这是由于以烧杯中的牛奶为研究对象，所测体积偏大所引起的．这两位同学的分析__________．
A．只有小华正确 B．只有小明正确 C．两人都正确 D．两人都错误
五、计算题（本大题共2小题，共13分）
23．小华用如图所示的滑轮组拉动货箱，已知货箱的质量为60kg，在F=50N的拉力作用下，货箱以0.1 m/s的速度做匀速直线运动，地面对货箱的滑动摩擦力f为货箱重的0.2倍．求：
货箱的重力是多少？拉力F的功率是多少？货箱运动了1min，克服摩擦所做的功是多少？此滑轮组的机械效率是多少？
24．新能源电气混合公交车已经在我市“登陆”．公交车满载时总质量为8t，输出功率为72kW．（g取10N/kg，天然气的热值q=4×107J/m3）

（1）公交车在10min内行驶了9km求行驶的平均速度．
（2）公交车满载静止在水平地面上，对地面的压强是2×105Pa，求轮胎与地面接触的总面积．
（3）公交车匀速行驶10min，完全燃烧天然气2.7m3，求发动机的效率．
六、综合能力题（本大题共3小题，共18分）
25．2019年1月3日，嫦娥四号探测器成功降落于月球背面的预选着陆区，玉兔二号在月球背面留下了第一行脚印，如图甲所示．假定在月球车前面有一块石头，当车轮通过石块时，F1为车轮受的推力，F2为阻力，如图乙所示．请在图乙中分别画出F1与F2的力臂．
据此分析可知，石块高度越高（不高于车轮半径），所需推力______．（选填“越大”或“越小”）

26．如图为某家用电热水器的电路图，R1为发热板，当热水器处于加热状态时，水迅速被加热；达到预定温度后，S自动切换到另一挡，处于保温状态．已知R1＝100Ω，饮水机加热时的功率是保温时的功率的4倍，电热水器正常工作时：

（1）用公式分析，当S分别接a和b时，哪种情况为加热状态？哪种情况为保温状态？
（2）求R2的阻值．
（3）当S接b时，求电阻R2在6min内消耗的电能．
27．有两个电加热器的电阻分别为R1和R2，现将它们并联起来接在一个电压不变的电源上，它们的功率分别为P1和P2，如果将它们串联起来仍接在该电源上。
（1）请你推导电路此时消耗的总功率：
（2）当一个电加热器消耗的功率是800W，另一个电加热器消耗的功率是1200W时，整个电路消耗的功率是多少？
参考答案

一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）
1、C
【解析】
A. 冰雪林中著此身，雪花的运动属于机械运动，不是分子运动，故A错误；
B. 不同桃李混芳尘，尘是指尘土，尘土属于固体颗粒，属于机械运动，不是分子运动，故B错误；
C. 忽然一夜清香发，是因为梅花的香味分子是在不断运动的，向四周扩散，使人们闻到花香，故C正确；
D. 散作乾坤万里春，是说梅花开放代表春天的来临，梅花开放，属于机械运动，不是分子运动，故D错误。
2、A
【解析】
A、声音是有物体的振动产生的，孟盛楠发出的声音是由她的声带振动而产生，故A正确；
B、鲁健主持的声音很大，是指声音的响度大，故B错误；
C、王鹏主持的声音是直接通过电磁波传到电视机前观众耳朵里的，故C错误；
D、声音是由物体的振动产生的，故在天宫二号里观看节目《西安自画像》听到的说唱声也是由振动产生的，故D错误。
3、C
【解析】
在研究光的传播时，利用光线反映光的本质，间接研究光的传播，研究起来更方便、更形象，这种研究问题的方法叫模型法；
故选C.
4、A
【解析】
沿纸条上方吹气纸条会向上升起，说明气体在流速大处压强小，在流速小处压强大，A说法不正确；下端带有橡皮膜的玻璃管在水中越深，膜向上凸起程度越大，说明水静止时，水内部的压强随深度增加而增大，B说法正确；钢笔能把墨水吸上来，原因是笔管外气压大于管内气压，大气压将墨水压入笔管内，C说法正确；沙漠中的越野汽车装有非常宽大的轮子，利用了在压力一定的情况下，增大受力面积可以减小压强的特点，D说法正确，故选BCD．
5、B
【解析】
根据题意知道，猎豹的速度是1.8km/min=1.8×1000m/60s30m/s，雨燕的速度是50m/s，所以雨燕速度更快，故A错误；空中加油时，受油机和加油机的运动方向必须相同，运动速度的大小必须相等，即两者之间的相对位置才不变，彼此相对静止，故B正确；箭离开弓弦后，不是受到向前的动力，而是由于惯性才继续飞行相当远距离的，故C错误；卫星绕地球做匀速圆周运动，运动方向不断改变，所以，是处于非平衡状态，受到的是非平衡力作用，故D错误，故选B。
本题是一道综合性题目，考查了速度单位的换算、运动和静止的相对性、惯性、力与运动的关系等知识，但难度不大。
6、D
【解析】
安全用电的原则：不接触低压带电体；不靠近高压带电体．根据生活用电常识分析哪种做法不可行．
详解】
A、待机状态会消耗电能，故尽量减小电视机待机时间，故A可行，不符合题意；
B、离开教室时要随手关灯和电风扇，可以节约电能，养成节能的习惯，故B可行，不符合题意；
C、长期不使用的电视机应适当地通通电，利用电热驱潮，故C可行，不符合题意；
D、发现有人触电时，不要直接去救援，因为人体是导体，如果接触触电人，救援人员可能直接或间接接触火线，发生触电事故，所以一定先切断电源，故D不可行，符合题意．
故选D．
7、A
【解析】
A．春天，清晨河面上淡淡的白雾，由于清晨温度低，白雾是水蒸气遇冷液化而形成的小水珠，故A符合题意；
B．夏天，玻璃上的水很快变干，是水分蒸发了，属于汽化，故B不符合题意；
C．深秋，早晨的地面上出现白霜，是水蒸气的凝华形成的，故C不符合题意；
D．冬天，室外冰冻的衣服变干，是冰升华直接变成了水蒸气，故D不符合题意．
选A．

二、填空题（本大题7小题，共21分）
8、0.6 不变 引力
【解析】
已知蜻蜓距水面0.6m，根据像和物到平面镜距离相等可知像到水面的距离也是0.6m；由于物体在平面镜中所成的像是虚像，像和物体的大小相等，所以不管蜻蜓距水面的距离远还是近，像始终和物体等大，因此当蜻蜓飞离荷尖靠近水面时，蜻蜓在水中像将不变。由于分子间引力的作用，所以荷叶上的两滴露珠接触后合成一滴。
9、音色 漫 黄
【解析】
音色跟材料和物体的结构有关，我们能听辨出沈老师用钢琴演奏的乐曲，是因为钢琴的音色跟其他乐器不同；
之所以能看清绘画作品，是由于纸面向不同方向都有反射光线，即发生了漫反射；颜料的颜色非常多样，其中红、黄、蓝这三种颜料按一定的比例混合可以调出各种不同的颜色来，所以这三种颜色称为颜料的三原色。
10、增大 不相同
【解析】
根据题中“把活塞迅速下压，使筒内空气的内能……，上述现象与用热水袋焐手改变物体内能的方式”可知，本题考查改变内能的方式。需理解做功改变物体内能的实质，结合改变物体内能的方式进行分析解答。
【详解】
当把活塞迅速压下去时，活塞对空气做功，活塞的内能就会增大，空气的温度就会升高，达到硝化棉的燃烧点，硝化棉就燃烧起来。
用热水袋焐手取暖是通过热传递的方式改变内能的，故与上述实验现象改变物体内能的方式不相同。
11、5 虚像 反射
【解析】
平静的湖水相当于平面镜，当鸟距水面5m时，由平面镜成像的特点知道，物距等于像距，所以它的“倒影”距水面 也是5m，小红看到的“鸟”在湖水中的“倒影”是平面镜成的虚像，水中的“鸟”是由光的反射形成的与物体等大的虚像。
12、弹性势 动
【解析】
“用手按住它往后拉一下”使玩具车内的弹簧发生弹性形变，储存了弹性势能，松手后，发生形变的弹簧恢复原状，弹性势能变小，松手后它就能往前跑，玩具车具有动能，说明弹性势能转化为动能．
13、比热容 超声波 电磁波
【解析】
因为水的比热容大，吸热本领强，所以用水来做发动机的冷却液；倒车雷达是回声定位原理，用超声波来工作；卫星在太空中，信息传输距离很远，是用电磁波在工作的。
14、小于 等于 等于
【解析】
（1）液体产生的压强与液体密度和物体所处深度有关，由于（b）图中木块所处深度大于（a）图中木块所处深度，根据p=ρ水 gh可知，木块底部所受水的压强pa 小于pb ；
（2）由图可知，木块在两图中都处于漂浮状态，上表面受到水的压力为0，则F浮=G，同一木块重力相等，则浮力相等，所以，木块底部所受水的压力Fa =Fb ；
（3）由（2）知，木块在两图中受到的浮力相等，根据F浮 =ρ水 gV排 可知，排开水的体积相等，所以，水面上升的高度相等，根据p=ρ水 gh可知，木块放入前后，水对容器底部压强的变化量△pa =△pb．

三、作图题（共7分）
15、如下图所示

【解析】
试题分析：重力的作用点在物体的重心处，重力的方向是竖直向下的；力臂是支点到力的作用线的距离，从支点向力的作用线引垂线段，如上图所示．
【考点定位】力的示意图；力臂的画法
16、
【解析】
过入射点垂直水面作出法线NN’，在法线右侧空气中画出反射光线，使反射角等于入射角．在水中法线的另一侧画出折射光线，使折射角小于入射角，如图所示：

17、
【解析】
如图进行分析，两灯要都能发光，两灯应串联，因为电流从正极出发后，经过左边的灯，没有分支，所以不可能并联，那么下面的圆圈中应填入电流表，中间的圆圈应填入电压表，如果中间圆圈填入电流表，会将右边部分电路短路，不符合题意，而下面圆圈中填入电压表，相当于断路，右边的灯也不会亮，正确电路如图：

点睛：重点是电路的连接及电压、电流表的使用，如果感觉不太熟练的话，可以将电流表当成导线，而电压表就当成没有，这样填入电表后再判断两灯是否都能发光．

四、实验题（本大题共5小题，共20分）
18、无关 液体吸收热量的多少 乙的质量小于甲 丙的比热容比乙小
【解析】
（1）由图象可知，甲、乙均为水，质量不同，但沸点相同，说明同种液体的沸点与质量的大小无关；
（2）实验中，完全相同的电热棒，加热时间越长，液体吸收的热量就越多，说明加热时间的长短反应了液体吸收热量的多少；
（3）根据公式Q吸＝cm△t，甲和乙是同种物质，比热容相同，吸收热量相同，乙的质量小，温度变化快；根据公式Q吸＝cm△t得，△t＝，乙和丙的质量相同，吸收相同的热量，丙比乙升温快，说明丙的吸热能力弱，即丙的比热容比乙小（煤油的比热容比水小）；
19、1 竖直向上 0.8 CE（或DE） 物体排开液体的体积
【解析】
试题分析：（1）由A和C图可知，物体浸没在水中时受到的浮力是4-3=1N，浮力的方向是竖直向上的；（2）物体浸没在酒精中时排开酒精的重力等于物体此时受到的浮力，由A和E图可知，此时的浮力为4-3.2=0.8N；（3）比较CE两幅图可知，液体的密度不同，所受的浮力的大小不同，所以可知浸没在液体中的物体所受浮力的大小与液体的密度有关；（4）当未完全浸没时，排开液体的体积在变化，浮力与深度有关；当完全浸没时，排开液体的体积不再变化，浮力与深度就无关了；因此可以说浮力大小是与排开的液体的体积是有关的．
【考点定位】影响浮力大小的因素
20、（1）温度计的玻璃泡与容器底部接触；读数时视线与温度计上表面不相平；（2）不变；增大；减小；（3）增大；热传递
【解析】
（1）由图示可知，小明把温度计的玻璃泡与容器底部接触，且读数时视线与温度计上表面不相平，这些都是错误的；（2）在温度计示数上升的过程中，水银的质量不变，体积变大，密度变小；（3）在温度计示数上升的过程中，水银的内能增大，这是通过热传递的方式使内能发生改变的．
21、（1）； （2）断开； 电阻箱的阻值； （3）电压表的示数仍为U0； （4）电阻箱的电阻调得太大了； （5）6； （6）当电压一定时，电流与电阻成反比； （7）这两个小组所控制的电阻箱两端电压不相同。
【解析】
（1）根据实物图的连接的顺序，画出对应的电路图；
（2）为保护电路，在连接电路的过程中，开关应处于断开状态，根据实验的目的，确定要记录的数据；
（3）本题是“探究电流与电阻的关系”的实验，需要保持电阻两端电压不变；
（4）根据串联电路的分压原理解答；
（5）根据图乙的数据，由U=IR求解；
（6）分析图象，分析清楚横轴和纵轴所表示的物理量，据此即可解答；
（7）根据U=IR判断乙、丙图的差异性。
【详解】
（1）由图甲知道，电路各元件是依次顺序连接，电压表测量电阻箱的电压，故电路图如下：

（2）为了保护电路，在连接电路的过程中，开关应处于断开状态；由于要探究电流与电阻的关系，所以必须记录电流及电阻的数据，然后进行分析，即要记录电流表的示数和电阻箱的阻值；
（3）要探究电流与电阻的关系，需要控制电阻箱两端的电压不变，即调节滑动变阻器的滑片时，电压表的示数不变仍为U0 ；
（4）电阻越大，分得的电压越多，但电阻箱的电阻不断变大时，要使电阻箱两端电压达到U0 ，需要使变阻器的电阻值变大，当不能达到U0 时，表明滑动变阻器提供的电阻已达最大值，即电阻箱的电阻调得太大了；
（5）由图乙知道，当I=3.0A时，R=2Ω，所以，由欧姆定律知道，U0 =IR=3.0A×2Ω=6V；
（6由图乙知道，其横轴和纵轴所表示的物理量分别为电阻R及通过的电流I，图线上的任一点和坐标轴围成的矩形“面积”大小都相等，即IR的乘积不变，说明：当电压一定时，电流与电阻成反比；
（7）由图丙知道，电阻箱两端的电压是：U0 '=I'R'=3A×1Ω=3V≠U0 ，即：两个小组所画出的图象不同，是因为他们所控制的电阻箱两端电压不同。
22、水平 右 63.6 1.02×103 C
【解析】
(1) 应将天平放在水平台面上，将游码归零，发现指针静止时指针指向分度盘左侧，则将平衡螺母向右调节，使天平平衡；由图丙知，烧杯和牛奶的总质量为50g+10g+3.6g＝63.6g. (2)m＝63.6g−33g＝30.6g，ρ＝＝1.02g/cm3＝1.02×103kg/m3.当将量筒中的牛奶倒入烧杯中,会有牛奶沾在量筒壁上,而倒不干净, 以量筒中的牛奶为研究对象，所测质量偏小,因此所测的质量会偏小,根据公式ρ＝得测得的密度比真实值偏小;以烧杯中的牛奶为研究对象，所测体积偏大, 根据公式ρ＝得测得的密度比真实值偏小,故两人都正确．
点睛：在调节天平平衡时，游码应拨到零刻线上．调节天平的平衡螺母使天平的横梁平衡，平衡螺母向上翘的一端移动；天平平衡时物体的质量等于右盘中砝码的质量加游码在标尺上所对的刻度值．将牛奶的质量和体积代入公式ρ＝便可求出其密度．根据公式，分别分析质量和体积的偏差，即可得出结论．

五、计算题（本大题共2小题，共13分）
23、（1）600N ，（2）15W ， （3）720J ，（4）80％．
【解析】
（1）货箱的重力：
（2）由图可知，滑轮组的绳子股数，所以绳子的速度：

拉力F的功率：
(3)货箱运动了1min，运动距离：；
地面对货箱的滑动摩擦力为货箱重力的0.2倍，所以：，
由公可知，货箱克服摩擦力做功：
（4）由于货箱做匀速直线运动，所以它受到的拉力等于摩擦力，故绳拉动货箱做的功等于货箱克服摩擦力做的功，即；
绳子移动的距离：
所以总功：，
所以此滑轮组的机械功率：
241）15m/s；（2）0.4m2；（3）40%
【解析】
（1）公交车行驶的平均速度：
v===54km/h；
（2）公交车满载时对地面的压力：
F=G=mg=8103kg10N/kg=8104N，
轮胎与地面接触的总面积：S===0.4m2；
（3）天然气燃烧放热：
Q放=Vq=2.7m34107J/m3=1.08108J，
公交车在10min内牵引力做功：
W=Pt=72103W10×60s=4.32×107J，
发动机的效率：===40。

六、综合能力题（本大题共3小题，共18分）
25、 越大
【解析】
车轮通过石块时，支点为车轮与石块的接触处（下图中的O点），从支点O画出阻力F2、动力F1的作用线的垂线，支点O到垂足的距离为相应的力臂L2、L1，如图所示：

（2）由图可知，石块高度越高（不高于车轮半径），动力臂L1越小、阻力臂L2越大，阻力F2（即石块的重力）不变，由杠杆平衡条件F1L1=F2L2可得F1=，则F1越大，即所需推力越大．
26、（1）保温状态；（2）100Ω；（3）43560J．
【解析】
（1）由电路图可知，开关S接a时电路为R1的简单电路，开关接b时电路为R1、R2串联，
因串联电路中的总电阻等于各分电阻之和，且电源的电压不变，
所以，开关S接a时电路的总电阻最小，电路中的电流最大，由P＝UI＝I2R可知，R1的电功率最大，电热水器处于加热状态；
同理可知，开关接b时电路的总电阻最大，电路的电流最小，R1的电功率最小，电热水器处于保温状态；
（2）开关S接a时，电路为R1的简单电路，热水器处于加热状态，
则电热水器的加热功率：；
因饮水机加热时的功率是保温时的功率的4倍，所以保温时R1的功率：，因串联电路中各处的电流相等，所以，由P＝UI＝I2R可得，保温时电路中的电流：，由可得，此时电路的总电阻：，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，R2的阻值：
R2＝R总﹣R1＝200Ω﹣100Ω＝100Ω；
（3）当S接b时，电热水器处于保温状态，则电阻R2在6min内消耗的电能：
W2＝I2R2t＝（1.1A）2×100Ω×6×60s＝43560J．
答：（1）开关S接a时，电路为R1的简单电路，电路的总电阻最小，电路的电流最大，由P＝UI＝I2R可知，R1的电功率最大，电热水器处于加入状态；开关接b时电路的总电阻最大，电路的电流最小，R1的电功率最小，电热水器处于保温状态；
（2）R2的阻值为100Ω；
（3）当S接b时，电阻R2在6min内消耗的电能为43560J．
27、（1）见解析（2）480W
【解析】
（1）证明：两电阻并联时，因并联电路支路的电压相等，由可得：，；当两电阻串联时，根据电阻的串联，总电阻：﹣﹣﹣①；此时电路的总功率：﹣﹣﹣②，将 ①代入②得：﹣﹣﹣③，③式两边同时取倒数，化简可得：﹣﹣﹣③；
（2）当一个电加热器消耗的功率是800W，另一个电加热器消耗的功率是1200W时，将已知量代入得整个电路消耗的功率：。