2025-2026学年湖南省张家界慈利县联考初三毕业班中考物理试题模拟（一）试卷含解析.doc

2025-2026学年湖南省张家界慈利县联考初三毕业班中考物理试题模拟（一）试卷
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处"。
2．作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。
3．非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。
4．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。

一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）
1．下列说法正确的是（ ）
A．人跑步时，鞋底与地面之间的摩擦是有害摩擦
B．火车轨道下装上枕木是为了增大压强
C．风沿着窗外的墙面吹过时，窗帘会由于流体压强的作用被吹向屋里
D．一艘轮船的排水量是，当这艘船满载时驶在海里受到的浮力为
2．小明坐在向前行驶的公交车中，下列说法正确的是
A．以路旁的路标为参照物，小明是静止的
B．以所座的车身为参照物，小明是运动的
C．公交车内的安全锤一端做成锥形，目的是增大压强
D．突然刹车后，因为受到惯性的作用，小明身体会向前倾
3．如图所示的电路中，闭合S, 当开关 S1从断开到闭合的过程中，下列说法中正确的是

A．S1闭合后电流表 A1、A2示数相等
B．S1闭合后电流表 A1的示数比 A2大
C．S1闭合后电流表 A1、A2示数大小无法判断
D．S1 闭合后电流表 A1的示数比A2小
4．下列知识结构中，正确的是（）
A． B． C． D．
5．以下图片中所描述的物理现象，下列分析正确的是
A．用吸管吸饮料是利用了液体压强
B．飞机正常飞行时，机翼上方空气流速大，压强大
C．当微小压强计的探头在水中深度逐渐增大时，U形管两边液面高度差不变
D．在冰壶运动中，运动员刷冰是通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦的
6．关于下列各图所示的电和磁的知识，描述正确的是
A．图实验说明磁场可以产生电流
B．图实验说明机械能可以转化为电能
C．图是动圈式话筒，其工作原理与电动机工作原理相同
D．图是录音机的磁头，可以判定电流的方向是从a端流进，从b端流出
7．如图所示，放在水平桌面上质量为M的木块用细线通过定滑轮与沙桶相连，当小桶与沙的总质量为m时，木块恰好做匀速直线运动（忽略细线与滑轮之间的摩擦），在桌面上移动的距离为s，以下说法正确的是

A．木块的重力与它对桌面的压力是一对平衡力
B．木块受到的滑动摩擦力大小为mg
C．继续向小桶中加入沙子，物块受到的滑动摩擦力增大
D．木块的重力对木块做功，大小为Mgs
二、填空题（本大题7小题，共21分）
8．足球场上，守门员将球扑出禁区，说明力可以_______；小莉在橡皮泥上印上漂亮的指印，说明力可以___________。
9．如图所示，乒乓球从水里上浮直至漂浮在水面上，乒乓球在A位置时受到的浮力为FA，水对杯底压强为pA；在B位置时受到的浮力为FB，水对杯底压强为pB，则它们的大小关系是FA___FB，pA_____pB，已知乒乓球的质量为2.7g，当它漂浮在水面时，排开水的体积为________cm1．

10．若一个身高1.6m的人站在竖直挂置的大穿衣镜前0.5m处，则此人在镜中的像高是_____m，若此人以0.5m/s的速度远离平面镜，则像的大小_____（选填：“变大”、“变小”、“不变”）．以像为参照物，人远离的速度是_____．
11．近期流行的“自拍神器”给旅行者自拍带来方便，如图所示。与直接拿手机自拍相比，利用自拍杆可以_____物距，减小人像的大小，从而_____取景范围，取得更好的拍摄效果（均选填“增大”或“减小”）．在使用时它是一个_____杠杆。

12．如图所示是一款自动清洁地面机器人，它工作时内部的电动机带动风扇转动，把尘盒内的空气排除，利用________将垃圾吸入尘盒内．已知机器人的质量是2kg，滚轮与地面的总接触面积为10cm2，静止在水平地面时它对地面的压强为___________ Pa．

13．如图所示是甲和乙两种物质的质量与体积关系图象，分析图象可知，若甲、乙的质量相等，则甲的体积较_____，乙物质的密度为_____kg/m3。

14．如图所示，电源电压恒为6V，电流表量程“0﹣0.6A”，电压表量程“0﹣3V”，灯L标有“3.8V1.9W”（设灯丝电路元件不变），滑动变阻器规格为“10Ω1A”，为了不损坏电路元件，滑动变阻器的阻值应在_____之间变化；小灯泡的最小功率是_____W。

三、作图题（共7分）
15．请根据图中小磁针静止时的指向，标出通电螺线管中的电流方向。
（______）

16．如图所示的电路中，有一根导线尚未连接，请用笔画线代替导线补上．补上后要求：闭合电键S，向右移动滑动变阻器的滑片P，电流表示数变小．
（_______）

17．透镜左侧有一点光源S发出两条光线，经透镜折射后在右侧的出射光线如图所示，请在图中通过光路作图标出点光源S的位置

四、实验题（本大题共5小题，共20分）
18．在“测量小灯泡电功率”的实验中（小灯泡标有“2.5 V”字样）：

（1）如图甲所接的实验电路存在连接错误，但只需改动一根导线，即可使电路连接正确．请你在应改动的导线上打“×”，并用笔画线代替导线画出正确的接法．
（__
（2）电路连接正确后，闭合开关，发现小灯泡不亮，但电流表有示数．接下来应进行的操作是__．
（3）某次实验中，测得电路中电流、电压如图乙所示，此时电流表的示数为___A，电压表的示数为__V，小灯泡的实际功率为__W．
（4）某同学绘制的通过小灯泡的电流随电压变化关系图象如图丙，是否正确__，原因是__．
（5）若实验中电流表已损坏，现有一个已知阻值为R的定值电阻和若干个开关，请你按照如图丁所示的电路，在不改变电路连接的情况下，正确测出小灯泡的额定功率．正确连接电路后，接下来的实验步骤是：
①闭合开关__，断开__，移动滑片至某一位置，使电压表的示数为_V；
②保持滑片位置不动，断开开关S1，闭合开关S、S2，记下电压表的示数U1；
③得出小灯泡额定功率的表达式P=__．
19．某小组在“观察水的沸腾”实验中：
（1）图（a）中甲、乙、丙三种读温度计的方式正确的是_____；
（2）图（b）安装实验器材时，应按照_____（选填“自上而下”或“自下而上”）的顺序进行；
（3）从实验数据表可以看出，水的沸点是_____℃，由此可以判断此时大气压_____（选填“小于”或“大于”）一个标准大气压。
（4）小明和小红分别用图（b）装置进行实验，正确操作，却得出了如图（c）所示的两个不同的图线，原因可能是_____。
时间/min

0
1
2
3
4
5
6
7
8
……
温度/℃
91
93
95
97
98
98
98
98
98
……

20．小明利用如图所示的电路测量小灯泡的额定功率．滑动变阻器标有“”字样，电源电压恒为，小灯泡的额定电压为，额定功率小于，阻值为、、的三个定值电阻R．
请用笔画线代替导线，完成图甲中实物电路的连接．电路连接正确后，把滑片调到最左端，闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表有示数，电压表无示数，若故障只有一处，则故障可是： ____________．手除故障后，继续实验，收集的数据记录在表一中．当电压表的示数为时，电流表的示数加图乙所示，小灯泡的额定功率_______W．
表一
实验序号
1
2
3
4
电压/V
1.0
1.5
2.0
2.5
电流/A
0.26
0.29
0.32

（4）分析表一中的数据，可知实验中选用的是__________的定值电阻．小明完成上述实验后，去掉电流表，又多用了两个开关及一些导线，没有更换其它器材，设计了如图丙所示的电路，也完成了对小灯泡额定功率的测量，实验步骤下，请补充完整：
①闭合、，断开，移动滑片，使电压表的示数为__________V；
②________________，读出电压表的示数为U；
③灯泡额定功率的表达式为______用已知量和测量的最表示）．
21． “用电流表、电压表测电阻”的实验原理是______，进行多次测量是为了______ ；在“探究液体内部的压强与哪些因素有关”的实验中，U形管两边液面高度差越大，表示液体内部的______越大；在研究液体内部压强与液体密度关系时，要保持金属盒在不同液体中的______相同。
22．在“测量小灯泡额定功率”的实验中，电源电压恒定为6V，小灯泡的额定电压为2.5V，正常发光时的电阻约为10Ω，所用滑动变阻器的最大阻值为40Ω．

（1）请用笔画线代替导线把甲图中未完成的实物电路连接完整；
（_____）
（2）小明同学进行试触时，发现小灯泡不发光，电流表无示数，电压表有示数，则电路中发生的故障可能是_________；
（3）排除故障后，闭合开关又发现小灯泡不亮，但电流表有示数，接下来应进行的操作是_____(选填序号 )；
A．更换小灯泡 B．检查开关是否闭合
C．移动滑动变阻器滑片 D．检查电压表是否断路
（4）某次实验中，小明同学看到电压表示数为1.8V，要使灯泡L正常发光应向________ (选填“A” 或“B” )端移动滑片P，同时视线应注意观察_______（选填“电流表”或“电压表”）示数，当灯泡正常发光时，电流表的示数如图乙所示，则小灯泡的额定电功率是______W；
（拓展）小明同学还想探究电流与电阻的关系，于是将甲图的小灯泡换成定值电阻R，并使电压表的示数始终保持2V不变，多次更换阻值不同的定值电阻R，记录各次电流表的示数，在不更换其他器材的情况下，为了能够完成实验，他更换的定值电阻R的阻值不能大于_______Ω．
五、计算题（本大题共2小题，共13分）
23．图甲是电梯结构的示意图，它主要是由轿厢、滑轮、配重、缆绳及电动机等部件组成，小明家住21楼，他乘电梯从1楼匀速上升到21楼用时60s，已知每层楼的高度为3 m.小明重500 N，轿厢重4500 N，动滑轮和细绳的重力以及摩擦力均忽略不计，针对此过程，解答下列问题.
拉力F的功率为多大____？（g取10 N/kg）动滑轮A提升小明的机械效率为多少_____？图乙是该电梯超载报警系统工作原理图，在工作电路中，当电梯没有超载时，触点K与触点A接触，闭合开关S，电动机正常工作；当电梯超载时，触点K与触点B接触，电铃发出报警铃声，即使闭合开关S，电动机也不工作.在控制电路中，已知电源电压为8 V，保护电阻R2= 100Ω，电阻式压力传感器R1的阻值随乘客压力（F压）大小变化如图丙所示，电磁铁线圈的阻值忽略不计，当电磁铁线圈电流超过0.02 A时，电铃就会发出警报声.
①由图丙可知，电梯承载的人越多，电阻式压力传感器R1受到的压力越大，电阻___________，当电流达到0.02A时，衔铁被吸下，电铃发出警报声；
②若乘客人均重为600 N，该电梯最多可以乘载多少人______？
③在安全的前提下，如果想增大该电梯的载重量，可以怎样改变控制电路_____？
24． “武汉号”导弹驱逐舰在亚洲处于领先水平，参加了我国海军首批赴亚丁湾、索马里海域的护航任务。“武汉号”的排水量为7000t，是一种防空、反潜、反舰能力均衡的远洋驱逐舰，某次护航行动中，驱逐舰所受海水阻力为120000N，匀速航程300km，用时8h。（海水的密度约为1×103kg/m3，g取10N/kg）
（1）满载时，“武汉号”排开水的体积有多大？
（2）若舰底某处距海面的深度为8m，则该处受到海水的压强是多少？
（3）本次护航中，驱逐舰的功率是多大？
六、综合能力题（本大题共3小题，共18分）
25．阅读《新型材料》，回答问题．
《新型材料》
如图所示是科技馆内展示的新型材料：纳米材料、复合材料和双向记忆合金．

纳米材料是指由颗粒尺寸在 1﹣﹣100nm 之间的超微颗粒组成的材料．纳米是一个极小的长度单位，当材料颗粒小至纳米级别时，会赋予该材料很多特有的性质，是普通材料无法比拟的．
复合材料是两种或两种以上不同性质的材料，通过物理或化学的方法，在宏观（微观）上组成具有新性能的材料．从古至今沿用的稻草增强粘土和已使用上百年的钢筋混凝土均由两种材料复合而成，也是复合材料．由于复合材料的重量轻、强度高、加工成型快、耐腐蚀性能好等特点，不仅广泛应用于汽车、健身器材、建筑、家居等方面．随着现代科技的发展，复合材料在航空工业上也起到十分重要的作用．
用酒精灯给双金属片加热，双金属片发生弯曲，原来这个受热弯曲的金属片是由两种不同的金属贴合而成的，各种金属都有热胀冷缩的特性，而不同的金属随着温度变化热胀冷缩的程度不同，金属片于是就会发生弯曲．例如铁片和铜片组成的双金属片，铜片的膨胀系数比铁片大，温度高时，膨胀得比铁片多，就会弯曲．双金属片的这种性质在生活中有很多应用．纳米材料是指由颗粒尺寸在________之间的超微颗粒组成的材料；复合材料广泛应用于汽车、健身器材、建筑、家居等方面，主要因为复合材料________的特点；给双金属片加热双金属片发生弯曲，这主要是利用了________的特性．
26．小明设计了一种“自动限重器”，如图（甲）所示。该装置由控制电路和工作电路组成，其主要元件有电磁继电器、货物装载机（实质是电动机）、压敏电阻R 1 和滑动变阻器R 2 等。压敏电阻R 1 的阻值随压力F变化的关系如图（乙）所示。当货架承受的压力达到限定值，电磁继电器会自动控制货物装载机停止向货架上摆放物品。已知控制电路的电源电压U＝6V，电磁继电器线圈的阻值忽略不计。请你解答下列问题：
由图（乙）中的图象可知，随着压力F的增大，压敏电阻R1 的阻值将____ 用笔画线代替导线将图（甲）的电路连接完整。 随着控制电路电流的增大，电磁铁的磁性将_________，当电磁继电器线圈中的电流大小为30mA时，衔铁被吸下。若货架能承受的最大压力为800N，则所选滑动变阻器R2 的最大阻值至少为多少Ω__________？
27．小莉去山区旅游，坐在汽车里通过了弯弯绕绕很长一段路程来到了一座村庄.村民告诉她还只是在半山腰，她感到很惊讶．为什么汽车要走这么长的路程呢?小莉回校后请教了科学老师用如图所示的斜面进行模拟实脸.在保持斜面高度不变的情况下，改变斜面的长度，发现斜面越长，拉动小车匀速上升的力F越小．

（1）由此她明白了很长的山路使汽车_选填“省力”或“省功”）的作用．
（2）一辆总质量为2000千克的汽车以10米/秒的速度匀速通过一段长3750米的路程，提高250米，需要的时间为________秒，所做的有用功为________焦．（g=10N/kg）
参考答案

一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）
1、D
【解析】
根据选项内容可知，本题考查用物理规律解释生活现象。学习物理知识时要多联系生活实际、多举例、多解释，提高利用所学物理知识分析实际问题的能力。
【详解】
A．人走路时如果鞋底和地面之间没有摩擦，人将无法走动，所以鞋底和地面之间的摩擦是有益摩擦。故A错误。
B．火车轨道下装上枕木是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故B错误。
C．风沿着外墙吹过时，窗帘外侧空气流速大，压强小，内侧空气流速慢，压强大，窗帘受到向外的压强大于向内的压强，把窗帘压向窗户外面，故C错误。
D．轮船漂浮在海水里，所受浮力等于它排开水的重力，则，故D正确。
2、C
【解析】
A、小明坐在向前行驶的公交车中，以路旁的路标为参照物，小明与路旁的路标的相对位置发生了变化，所以小明是运动的，故A错误；
B、以所座的车身为参照物，小明相对于所座的车身位置没有发生变化，小明是静止的，故B错误；
C、安全锤一端做成锥形，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故C正确；
D、行驶中的公交车刹车时，站立的乘客由于惯性保持原来的运动状态，身体会前倾，但不能说成是受到惯性的作用，故D错误。
3、B
【解析】
当闭合S、断开时，等效电路图如图1所示；当闭合S、开关闭合时，等效电路图如图2所示．
​
并联电路独立工作、互不影响，
开关从断开到闭合的过程中，通过上面灯泡的电流不变，即的示数不变；
并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
开关从断开到闭合的过程中，电流表的示数变大，即的示数比大，故选项B正确．
故选B．
4、C
【解析】
力是物体运动状态变化的原因，物体不受力，运动状态不变，物体受平衡力，合力为零，运动状态不变，物体受非平衡力，运动状态改变，故A错误；
串联电路只有一条路径，无节点，各用电器互相影响；并联电路有多条路径，有节点，各用电器互不影响，故B错误；
晶体与非晶体的区别为晶体凝固放出热量温度不变，有凝固点，非晶体凝固过程放热温度降低，没有凝固点，故C正确；
由分子动理论观点知道，固体分子排列紧密，液体其次，气体最疏松，故固体有一定形状和体积，液体有一定体积但无固定形状，气体无固定体积也无固定形状，故D错误．
5、D
【解析】
（1）用吸管吸饮料利用了大气压强；
（2）流体压强与流速的关系是：流体流速越快的地方其压强就越小；
（3）液体压强跟液体密度和液体的深度有关。在液体密度一定时，液体密度越大，液体压强越大；在液体深度一定时，液体密度越大，液体的压强越大；
（4）减小摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过减小压力来减小摩擦力；在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力；使接触面脱离；用滚动摩擦代替滑动摩擦。
【详解】
A、用吸管吸饮料的原理是：先把吸管内的空气吸走，在外界大气压的作用下，汽水被压进吸管里，利用了大气压强，故A错误；
B、飞机正常飞行时，机翼上方的路程长，空气流速大，压强小，而下方的空气流速小、压强大，产生向上的升力。故B错误；
C、在液体密度一定时，液体密度越大，液体压强越大。当微小压强计的探头在水中深度逐渐增大时，U形管两边液面高度差变大。故C错误；
D、在冰壶运动中，运动员刷冰是在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦。故D正确。
故选：D。
本题考查大气压的综合应用、减小摩擦的方法、液体压强特点、流体压强和流速的关系，涉及到的知识点比较多，综合性非常强，但总体难度不大，掌握基础知识即可正确解题。
6、D
【解析】
（1）电流的磁效应：通电导线周围存在磁场；
（2）电动机是利用通电导线在磁场中受力的作用的原理工作的；
（3）电磁感应现象：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生电流，这种电流叫感应电流，这一现象叫电磁感应现象；
（4）根据安培定则分析电流的方向。
【详解】
A、研究通电导线周围存在磁场，是电流的磁效应实验，故A错误；
B、通电后，磁场中的导体会受力运动，即说明通电导线在磁场中受力的作用，即电动机的工作原理，电动机工作时主要将电能转化为机械能，故B错误；
C、图中动感线圈式话筒，当人对话筒说话时，引起膜片的振动，膜片的振动会引起线圈的运动，切割永磁铁的磁感线而产生相对应的变化的电流，从而在扬声器产生与说话者相同的声音。动圈式话筒是根据电磁感应原理工作的；其工作原理与发电机工作原理相同，故C错误；
D、螺线管的左端是N极，右端是S极，右手握螺线管，大拇指的方向是N极，所以电流的方向是从a端流进，从b端流出，故D正确。
故选D。
7、B
【解析】
A．物块的重力与它对桌面的压力没有作用在同一个物体上，不是一对平衡力，故A错误；
 B．沙桶与沙的总重力为G=mg，使用定滑轮不能改变力的大小(忽略细线与滑轮之间的摩擦)，则物块受到的拉力大小为mg；因为物块做匀速直线运动，拉力和滑动摩擦力是一对平衡力，所以滑动摩擦力的大小为mg，故B正确；
C．继续向沙桶中加入沙子，由于压力大小和接触面的粗糙程度都不变，所以物块受到的滑动摩擦力不变，故C错误；
D．木块沿水平方向运动，并没有在竖直方向上移动距离，所以木块的重力没有做过，故D错误．

二、填空题（本大题7小题，共21分）
8、改变物体的运动状态 改变物体的形状
【解析】
[1]足球场上，守门员将球扑出禁区，球的运动状态发生了变化，说明力可以改变物体的运动状态。
[2]小莉在橡皮泥上印上漂亮的指印，橡皮泥的形状发生变化，说明力可以改变物体的形状。
9、＞ ＞ 2.7
【解析】
试题分析：由于在A位置排开水的质量大于在B位置排开水的质量，所以FA>FB；由于A位置比B位置所处的位置深，所以在A处的压强大于B处的压强pA> pB，乒乓球的质量为2．7g，当它漂浮在水面时，排开水的质量也是2．7g，所以排开水的体积为2．7cm1．
考点：浮力；液体的压强
10、1.6；不变；1m/s
【解析】
试题分析：根据平面镜成像特点进行判断．
平面镜成像特点：物像大小相等，物像到平面镜的距离相等，物像连线与镜面垂直，平面镜中成的是虚像．
解：因为物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，人身高1.6m，则此人在镜中的像高1.6m，若此人以0.5m/s的速度远离平面镜，则像的大小不变．以像为参照物，人远离的速度是2×0.5m/s=1m/s．
故答案为1.6；不变；1m/s．
【点评】①熟练掌握平面镜成像的特点，并且灵活运用．
②注意视觉的像大小变化和真实的像大小变化的不同；注意“像与物的距离”和“像与镜的距离”问法上的不同．
11、增大 增大 费力
【解析】
根据凸透镜成实像时，物距越大，像距越小，像越小，可知“自拍神器”与直接拿手机自拍相比，自拍杆可以增大物距，减小像的大小，增大取景范围；手机拍照杆在使用的过程中，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆。
12、 大气压 2×104
【解析】试题分析：清洁地面机器人，它工作时内部的电动机带动风扇转动，把尘盒内的空气排除，利用大气压的作用将垃圾吸入尘盒内；机器人对水平地面的压力：F=G=mg=2kg×10N/kg=20N，机器人对地面的压强：p=F/S=20N/10×10−4m2=2×104Pa。
考点：压强的大小及其计算；大气压的综合应用
13、小 0.5×103
【解析】
图象的横轴表示体积，纵轴表示质量，由图象可知，当甲和乙的质量相同时，取纵轴质量都是10g，看横轴，甲的体积是10 cm3，乙物质的体积是10 cm3，故甲的体积较小，乙的体积较大； 体积为10cm3的乙物质的质量为5g，则乙物质的密度：.
14、4.4Ω～7.6Ω 1.18
【解析】
由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路的电流，灯泡正常发光时的电压为3.8V，功率为1.9W，由P＝UI可得灯泡的额定电流：IL＝0.5A；灯泡的电阻：RL＝7.6Ω，因为串联电路总电压等于各分电压之和，所以，灯泡正常发光时电压表的示数U滑＝U﹣UL＝6V﹣3.8V＝2.2V，此时滑动变阻器接入电路的电阻最小，其最小阻值为：R滑min＝＝4.4Ω；当电压表的示数最大为3V时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，此时灯泡两端的电压：UL′＝U﹣U滑max＝6V﹣3V＝3V，电路中的最小电流：Imin＝=A，滑动变阻器接入电路中的最大阻值：7.6Ω，故滑动变阻器阻值变化的范围是4.4Ω～7.6Ω，灯泡的最小功率：PLmin＝UL′×Imin＝3V×A ≈1.18W。

三、作图题（共7分）
15、如图所示

【解析】
根据磁极间的相互作用规律判断可知通电螺线管的左端为N极，再根据右手螺旋定则可判断出电流由螺线管的右侧流入，左侧流出．
16、
【解析】
如图灯与电流表已组成完整电路，要使闭合电键S时，向右移动滑动变阻器的滑片P，电流表示数变小，滑动变阻器应与灯并联，且向右移动滑片时，电阻变大，所以连接滑动变阻器的左下接线柱到电流表的“-”接线柱，如图：

17、
【解析】
平行于主光轴的光线经凸透镜折射后经过另一侧的焦点，过光心的光线传播方向不变，两条入射光线的交点即为点光源S的位置。光路图如下：

四、实验题（本大题共5小题，共20分）
18、 调节滑动变阻器的滑片，观察灯泡是否发光 0.24 1.5 0.36 不正确 灯丝的电阻随着温度的升高而变大 S、S1 S2 2.5 2.5V×
【解析】
（1）测量小灯泡电功率的实验，电压表应并联在灯的两端，电流表与灯、滑动变阻器串联，所以应去掉连接变阻器右下接线柱和电压表右接线柱之间的导线，改接在灯泡右边的接线柱上，如下图所示：

（2）经上面分析，接下来应进行的操作是：移动滑动变阻器滑片，观察小灯泡是否发光；
（3）由图中可知，电流表使用的是0---0.6A的量程，所以电流表示数为0.24A，电压表使用的0---3V的量程，所以电压表示数为1.5V，根据P=UI得小灯泡实际功率P=1.5V×0.24A=0.36W；
（4）小灯泡的电阻随着温度的升高而增大，随着电压的升高，小灯泡的温度不断升高，阻值不断变大，即电压和电流的比值不是一定值，图象不可能是一根直线，所以图像不正确；
（5）连好电路后，①可先闭合开关S、S1，断开S2，此时电压表测量灯泡两端的电压，移动滑片至某一位置，使电压表的示数为2.5V；②保持滑片位置不动，断开开关S1,闭合开关S、S2，此时电压表测量灯泡和电阻两端的总电压，记下电压表的示数U1，③则定值电阻两端的电压U=U1−2.5V，所以I==；所以P=2.5V×I=2.5V×．
19、乙 自下而上 98℃ 小 水的质量不同
【解析】
（1）读取温度计示数时，视线与温度计中的液柱上表面相平，不能仰视或俯视，所以正确的是乙；
（2）酒精灯需用外焰加热，所以要放好酒精灯，再固定铁圈的高度，安装实验器材时，应按照自下而上顺序进行；
（3）水在沸腾过程中温度保持不变，由图中数据可知，水温达到98℃后吸热，温度不再升高，说明已经沸腾，沸点为98℃；如果水的沸点低于100℃是由于当地的大气压小于1标准大气压造成的；
（4）小明和小红分别利用图（b）装置同时进行实验，正确操作，却得出了如图（c）所示的两个不同的图线，初温相同，沸腾时间不同，原因可能是水的质量不同。
20、 灯泡短路 0.9W 15 2.5 保持滑片位置不动，闭合S、S2，断开S1 A（U﹣2.5V）
【解析】
根据小灯泡的额定电压和额定功率,可知小灯泡正常工作的电流,I,
所以电流表的量程选择的是0．如图：

（2）电路连接正确后，把滑片调到最左端，使滑动变阻器连入电路的电阻最大，电流表有示数，说明电路为通路． 电灯不亮，电压表无示数，说明灯被短路．
（3）当电压表为2.5v是小灯泡正常发光，对应的电流时0.36A，则其额定功率为：PUI
（4）由图表可知：当电路中电流最小时，滑动变阻器阻值最大，所以滑动变阻器的电阻为(滑动变阻器的最大电阻)滑动变阻器电阻太小，为了侧小灯泡的额定功率，需要至少串联一个15的电阻．
【拓展】
（1）闭合S、S1，断开S2，移动滑片，电压表测得的是灯两端的电压，因为灯的额定电压是2.5V，所以使电压表的示数为2.5V；
（2）保持滑片位置不动，闭合S、S2，断开S1，此时电压表测得的是定值电阻和灯两端的V
定值电阻的阻值是15，所以通过的电流时.
（3）灯泡额定功率的表达式为P额=A(U
21、R= 取平均值减小误差 压强 深度
【解析】
用电流表、电压表测电阻”的实验中，利用电流表测量通过电阻的电流，利用电压表测量电阻两端的电压，根据欧姆定律即可计算电阻的阻值，所以，实验原理是：R=，进行多次测量是为了取平均值减小误差；
在“探究液体内部的压强与哪些因素有关”的实验中，由转换法知道，U形管两边液面高度差越大，表示液体内部的压强越大，在研究液体内部压强与液体密度关系时，由控制变量法知道，要保持金属盒在不同液体中的深度相同。
22、见解析所示 小灯泡断路 C A 电压表 0.6 20Ω
【解析】
（1）由于小灯泡的额定电压是UL =2.5V，由欧姆定律知道，此时电路电流约为 =0.25A，所以电流表的量程应选0～0.6V，电压表应选择0～3V的量程，将电压表并联在灯泡两端，电路图连接如图所示：

（2）根据题意知道试触时，灯泡不亮，电流表无示数，说明电路有断路；电压表有示数，说明电压表的正负接线柱与电源两极相连，所以应是与电压表并联的电路断路，即灯泡断路；
（3闭合开关又发现小灯泡不亮，但电流表有示数，则可能是滑动变阻器在最大值处，小灯泡两端电压太低，电路中电流太小，所以，按要求应先移动滑动变阻器的滑片；
（4）根据题意知道，电压表示数为1.8V，说明小灯泡两端的电压太小，应减小滑动变阻器两端的电压，所以应向A端移动滑片，使灯泡两端的电压为额定电压2.5V；由乙图知道，电流表的量程为0～0.6A，其分度值为0.02A，其读数为0.24A，所以小灯泡的额定功率是：P=UI=2.5V×0.24A=0.6W；
【拓展】
由于电源电压为6V，电阻两端电压为U定 =2V，所以滑动变阻器分的电压是U滑 =6V-2V=4V，由分压原理知道，滑动变阻器接入电路的阻值为定值电阻阻值的=2倍，又因为滑动变阻器最大阻值为40欧姆，所以，定值电阻最大阻值为20Ω，即定值电阻R的阻值不能大于20Ω．

五、计算题（本大题共2小题，共13分）
23、5000W 10％ 越小 13 增大R2或减小电源电压
【解析】
（1）他乘电梯从1楼匀速升到21楼时，上升的高度：
h=（21-1）×3m=60m，因动滑轮和细绳的重力以及摩擦力均忽略不计，克服小明重力和轿厢重力做的功为总功，所以，拉力F做的总功：
W总=（G+G轿厢）h=（500N+4500N）×60m=3×105J，
拉力F的功率：
（2）动滑轮A提升小明时做的有用功：
W有=Gh=500N×60m=3×104J，
动滑轮A提升小明的机械效率：
（3）①电梯承载的人越多，电阻式压力传感器R1受到的压力越大，由丙图可知，电阻越小，电路中的总电阻越小，由可知，电路中电流越大，当电流达到0.02A时，衔铁被吸下，电铃发出警报声；
②当电流达到0.02A时，电路的总电阻：
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，此时压力传感器的电阻值：
R1=R-R2=400Ω-100Ω=300Ω，
由图丙可知，此时的最大压力为8000N，
电梯承载的人数=（人），即13人．
③在安全的前提下，只要电流小于0.02A, 电铃就不会发出警报声，此时就可以增大该电梯的载重量；所以可以增大电路的总电阻或者减小电源电压，从而达到减小电路电流的目的，增大该电梯的载重量．
24、（1）7×103m3（2）8×104Pa（3）1.25×106W
【解析】
（1）驱逐舰的排水量为：m排=7000t=7×106kg，根据阿基米德原理可知，驱逐舰所受到的浮力为： F浮=G排=m排g=7×106kg×10N/kg=7×107N。由F浮=ρgV排可得，排开水的体积：
V排===7×103m3；
（2）船底某处的压强为：p=ρ海水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×8m=8×104Pa。
（3）本次护航中，驱逐舰匀速航行，则牵引力F=f=120000N，本次护航中牵引力所做的功：W=Fs=120000N×3×105m=3.6×1010J，驱逐舰的功率：P===1.25×106W。

六、综合能力题（本大题共3小题，共18分）
25、1--100nm 重量轻、强度高、加工成型快、耐腐蚀性能好 热胀冷缩的特性
【解析】
（1）纳米材料是指由颗粒尺寸在 1--100nm 之间的超微颗粒组成的材料．
（2）由于复合材料的重量轻、强度高、加工成型快、耐腐蚀性能好等特点，不仅广泛应用于汽车、健身器材、建筑、家居等方面．随着现代科技的发展，复合材料在航空工业上也起到十分重要的作用．
（3）铁片和铜片组成的双金属片，铜片的膨胀系数比铁片大，温度高时，膨胀得比铁片多，就会弯曲．双金属片的这种热胀冷缩的性质在生活中有很多应用．
故答案为（1）1--100nm； （2）重量轻、强度高、加工成型快、耐腐蚀性能好；（3）热胀冷缩的特性．
26、 (1)变小 (2) 略 (3)增大
压力为800N时，压敏电阻R1=80Ω
30mA=0.03A

R2=R-R1=200Ω-80Ω=120Ω (3分)
【解析】
图象可知，随着压力F的增大，压敏电阻R1的阻值将变小。随着控制电路电流的增大，电磁铁的磁性将增大，当电磁继电器线圈中的电流大小为30mA时，衔铁被吸下。若货架能承受的最大压力为800N，压力为800N时，压敏电阻R1=80Ω；30mA=0.03A所选滑动变阻器R2的最大阻值 R2=R-R1=200Ω-80Ω=120Ω
27、省力 375 5×106
【解析】
(1)汽车利用斜面上升时，增大了运动的距离，可以省力，但不能省功；
(2)因为，所以汽车通过3750米路程所用的时间：；
汽车所做的有用功为：W=Gh=mgh=2000kg×10N/kg×250m=5×106J.