苏州市工业园区斜塘校2026年初三第二次教学质量检测试题物理试题含解析.doc

苏州市工业园区斜塘校2026年初三第二次教学质量检测试题物理试题
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）
1．下出有关声音的说法正确的是（ ）
A．利用声呐，可以测绘水下数千米处的地形图
B．声波在真空中传播速度为340m/s
C．“只闻其声，不见其人”，说明声音的传播速度比光快
D．敲锣时用力越大，声音的音调越高
2．如图所示，是关于电磁现象的实验装置图，下列分析中正确的是
A．图装置是研究电流周围存在着磁场
B．图装置是研究电动机的结构原理图
C．图装置是研究发电机的结构原理图
D．图装置是研究电磁感应现象
3．2018年6月13日，第十四届中国北京国际智能制造装备产业展览会召开,如图所示为智能机器人踩着“风火轮”在语音控制下为市民表演舞蹈，下列有关此智能机器人说法中正确的是

A．智能机器人在水平地面受到的重力与对“风火轮”的压力是一对平衡力
B．智能机器人在跳舞滑动过程中不能立即停止下来是因为受到惯性力的作用
C．智能机器人踩着风火轮”舞动起来，此时是把“风火轮”作为参照物
D．智能机器人可以进行匀速的转向，说明力可以改变物体的运动状态
4．下列关于电与磁的说法，正确的是（　　）
A．奥斯特实验说明磁可以生电
B．地磁场的N极在地理的北极附近
C．发电机是利用电磁感应原理制成的
D．动圈式话筒是利用磁场对电流的作用原理制成的
5．用稳定的热源给一个物体均匀加热，得到它的熔化图象如图所示，那么该物体在固态时的比热容与液态时的比热容之比是( )

A．1∶2 B．1∶1 C．1∶4 D．2∶1
6．如图所描述的情景中，没有发生动能转化为势能的是（ ）
A． B． C． D．
7．下列现象属于光的反射现象的是（ ）
A．小孔成像 B．利用激光给隧道准直
C．看到不发光的物体 D．从岸上看到游泳池底好像变浅了
二、填空题（本大题7小题，共21分）
8．如图所示电路，电源电压不变，R1是定值电阻，R2是最大阻值为50Ω的滑动变阻器．闭合开关，R2的滑片从最右端移动到最左端．当滑片位于最左端时，电流表的示数为为0.6A，电压表的示数为为6V．则（1）电阻R1的阻值为____Ω；（2）R2的滑片置于最右端时，通电1min，R2产生的热量为_____J；（3）R2的滑片从最右端移动到最左端的过程中，电压表的示数变化了___V，R2的最大功率为_____W．

9．现代小区楼道装有多功能电子门铃，可以通过其内置摄像镜头识别来访者．其摄像镜头相当于凸透镜，若镜头的焦距为10cm，为了能成清晰的像，人到镜头的距离u应_________（选填“u>20cm”、“10cm左或“右”）偏转，这说明通电螺线管周围存在_______；同时发现可移动的A、B两螺线管相互_______（填“靠近”或“远离”）

12．上海地区家用电视机正常工作时两端的电圧为_____伏，电视机工作时将_______转化为其他形式的能。远距离输电是通过___________输电线路输送的（选填“高压”或“低压”）。
13．（1）干旱地区的农民将装水的塑料瓶底部扎个小孔给农作物进行滴灌，小明同学发现如果瓶子底部小孔不接触土壤，水流出一些后就停止流出，此时瓶内水面上的气压_____（选填“大于”、“等于”或“小于”）大气压；若将小孔与土壤充分接触，水会缓慢地流到植物的根部，如图所示．该装置能减少水的_____（填物态变化的名称），从而节约用水．

（2）如图所示，小明在“观看水中的硬币”活动中，把一枚硬币固定在空杯的底部，找一个角度使你刚好看不到硬币的最右端A点．保持眼睛和杯子的位置不变，在同学逐渐把水加入到杯中的过程中，硬币上的B点和C点能先后被看到．小明所看到的水中硬币是一个变_____虚像．（选填“深”或“浅”）的虚像．图中画出了刚看到C点时光的传播示意图，入射角是αC；如果刚看到B点时的入射角是αB，则αB_____αC．（选填“>”“<”或“=”）

14．如图甲所示的敞口饮料瓶装满水，在侧面扎一小孔a，会有水喷出，此时，若用盖子将瓶口盖紧密封，则孔中的水将_____（选填“继续喷”、“停止喷”或“喷一段时间，停止喷”），原因是_____．

三、作图题（共7分）
15．在图中根据小磁针静止时的指向，标出磁体的N、S极和A点的磁感线方向．

16．请在图中画出人拉重物上升时，最省力的绕线方法．

17．一束光从空气斜射入水中，发生反射和折射，其中画出了反射光线，请面出入射光线和大致折射光线并标出入射角的大小．

四、实验题（本大题共5小题，共20分）
18．利用如图所示的电路装置，探究“电流产生的热量跟什么因素有关”．接通电源，两容器内的空气被加热后膨胀，使U形管的液面发生变化，通过观察U形管的液面变化情况，比较瓶内电阻丝的发热多少？
此装置可以探究电流产生的热量跟 ______ 的关系，一段时间后， ______ 容器内电阻丝产生的热量较多（选填“左”或“右”）． 如果通过R1的电流为2A，那么10s内通过R1的电流产生的热量是 ______ J．
19．复习电学知识时，小明在实验室做了“测量小灯泡在不同电压下的电功率”这个实验； 实验中，利用的电源为两节旧的蓄电池，小灯泡的额定电压为 3.5V，滑动变阻器的规格为（10Ω 1A），电流表（0-0.6A 0-3A）；电压表(0-3V.0-15V)．

(1)请用笔画线代替导线将图中的实物电路连接完整(要求:闭合开关后,滑片向左移动时，灯 泡变亮)；
（____________）
(2)正确连接电路后，闭合开关，发现小灯泡不亮,电流表和电压表也无示数,小明向老师求 助，王老师在不拆开原电路的情况下，借助另一导线就很快找出了故障原因:电流表内部断路了．王老师找出这个故障的相应操作如下：用导线接在________（选填“电压表”“电流表” “开关”“灯泡”）两端时，灯泡及其他元件________（选填“能”“不能”）工作；
(3)当电压表示数达到 3.5V 时，电流表的示数如图，则小灯泡的额定功率为________W；
(4)小明先后测量了小灯泡的实际电压小于额定电压时的功率和实际电压等于额定电压时的功率,当小明想要继续测量小灯泡的实际电压略高于额定电压时的实际功率时,小明发现无论怎么调节滑动变阻器的滑片都无法使电压表示数大于 3.5V,他可以采取的方法是____________ ． 解决了问题后,他测出了电压略大于 3.5V 时的灯泡功率, 为了比较灯泡在不同电压下的功率 关系,他_______ (选填“需要”或“不需要”)重新测量前两次的实验数据；
(5)测完小灯泡的电功率之后,小明同学在原电路中换下灯泡,换上 另一种用电器,来测量这种用电器工作时的电功率．小明同学根据他 测量的电流表和电压表的示数绘制出这种用电器工作时的 U-I 图像 如图,接下来,他还想要绘制出该用电器的 P-I2,和 P-U2 图像,如图,下列可能正确的是（____________）

A． B． C． D．
(6)完成实验后,小明继续做“探究电流与电阻关系”的实验,小明所用的四个定值电阻的阻值 分别 5Ω、10Ω、15Ω、20Ω．他将电源电压换为6V,其他实验器材和刚才测量小灯泡电功率时一样,合理选择电流表电压表的量程,把电路中的小灯泡取下,把四个定值电阻分别接入电路 中进行探究．如果要保证电路中各元件的安全,且用四个电阻都能顺利地完成实验,则定值电阻 两端的电压至多控制为_______ V,至少控制为_______V．
20．在探究“影响电流热效应的因素”实验中：为了探究电热器产生的热量与电流的关系，小明设计了甲图装置，在烧瓶内安装一根电阻丝，并插入一支温度计，通过比较烧瓶内液体的温度变化，来判断相同时间内不同电流产生的热量多少。若他想让烧瓶内液体在短时间内温度变化更明显，应选用_____（选填“煤油”或“水”），理由是_____。
小明先测量烧瓶内液体的温度后，闭合开关，通电30s再测量烧瓶内液体的温度，得到温度的升高量填入表中；然后移动滑动变阻器滑片改变电流大小，重复上述操作，获得第二组数据（见表）：
实验次数
电流/A
通电时间/s
电阻/Ω
温度升高量/℃
1
0.3
30
10
1.5
2
0.6
30
10
6.0
由此得出：同一导体，在通电时间相等时，电流越大，其产生的热量_____。（填“越多”或“越少”）若要探究电热器产生热量与电阻的关系，应保持电流和通电时间相等，同时选择乙图中_____（填“A”或“B”）烧瓶与甲图中的烧瓶_____（选填“串联”或“并联”）。
21．在“探究影响滑动摩擦力大小因素”的实验中，小明做了如图甲所示的三次实验．实验中第1次和第2次用相同的长木板，第3次用表面更加粗糙的砂纸．

（1）实验时用弹簧测力计沿水平方向拉动木块，使其在水平桌面上做______，根据二力平衡知识，可知滑动摩擦力的大小______（选填“大于”、“等于”或“小于”）拉力的大小．
（2）小明测得的实验数据如下：
序号
接触面
压力/N
滑动摩擦力/N
1
木块与木板
4.0
2.4
2
木块与木板
5.0

3
木块与砂纸
4.0
3.2
分析______（选填序号）两次实验数据，可以得出滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度的关系，它们的关系为______．
（3）小明在做第2次实验时控制不好力度，拉力随时间变化的图象如图乙所示，木块的速度随时间变化的图象如图丙所示，则木块受到的摩擦力为______N．
（4）小明同学将实验方法进行了改进，实验装置如图丁所示：将弹簧测力计一端固定，另一端钩住木块，木块下面是一长木板，实验时拉着长木板沿水平地面向右运动，此时木块受到的摩擦力大小为______N．这样改进的好处是______．
22．小刚在“探究杠杆的平衡条件”的实验中进行了如下操作：

（1）实验前，小刚先调节杠杆两端的平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡，这样做的目的是_____．
（2）小刚在调节平衡后的杠杆两边挂上钩码后，杠杆仍处于平衡，如图甲所示．现将两边的钩码各去掉一个，要想使杠杆重新平衡，则需_____（写出种方法）．
（3）小刚又进行了如图乙所示的探究，用弹簧测力计在C点竖直向上拉动，使杠杆仍然在水平位置平衡．当弹簧测方计向右倾斜时，若仍要保持杠杆在水平位置平衡，弹簧测力计的示数将_____（选填“变大“变小”成“不变”）．
五、计算题（本大题共2小题，共13分）
23．如图所示，物体A质量为1kg，挂在动滑轮上，弹簧测力计拉力的方向竖直向上，动滑轮的重、绳的重和大小均不计，且不考虑一切摩擦，g取10N/kg．求：

（1）物体A静止在空气中时，弹簧测力计的示数是多少？
（2）若物体A刚好浸没在水中静止时，弹簧测力计的示数为3N，则物体A受到的浮力是多少？
（3）物体A的密度是多少？
24．如图所示，小强利用滑轮组在4s内将重100N的货物匀速提升2m，所用拉力F=60N．不计绳重及滑轮与轴之间的摩擦．求
动滑轮所受的重力G；小强做功的功率P；滑轮组的机械效率η．
六、综合能力题（本大题共3小题，共18分）
25．小明同学在水塘中看到形状特殊的“虾”．
如图甲所示，他看到的“虾”是因为光________的而形成的虚像，真正的虾在水中_____（选填“C”、“D”、“E”或“F”）点．他用激光笔从A点向_______（选填“B”、“C”、“D”、“E”或“F”）处射出光束，即可把虾照亮．小明同学用照相机给虾拍照，则虾经照相机所成的像是_______的（选填“缩小”、“放大”、或“等大”）。拍照得到虾的胶片后，他用图乙所示的幻灯机展示给同学们，看到屏幕上的虾头朝上．
①胶片上虾的头部朝___________（选填“上”或“下”）．
②测得胶片到凸透镜的距离为8cm，则该凸透镜的焦距可能是．
A．2cm B．7cm C．9cm D．10cm．
26．阅读短文，回答问题
电动汽车
电动汽车是环保的交通工具，行驶时蓄电池给电动机供电，电动汽车的主要部分参数如表所示，如图甲所示，在测试过程中，司机和一名陪同人员上车．司机驾驶该充满电的车以节电模式匀速行驶30km，电池剩余容量为58kW•h，陪同人员负责记录测试数据，已知司机和陪同人员的质量均为70kg，汽车匀速行驶时所受阻力为总重力的6％，g取10N/kg。
空车质量
1360kg
轮胎与地面总接触面积
400cm2
蓄电池最大容量
68kW•h
最高车速
120km/h
最大功率
90kW
最大续航里程
180km
为了节能，车靠近目的地前可采用“再生制动”的方法：在车速逐渐减到60km/h的过程中，不采用机械刹车，由于电动汽车继续行驶，带动电机逆向发电，将电能存储在蓄电池内，此时电机的工作原理是______________汽车刹车原理图如图乙所示，连着刹车踏板的金属杆可视为一根能绕O点转动的______________（选填“省力”、“等臂”或“费力”）杠杆．在测试前，人未上车，此时电动汽车对水平地面的压强为_______________Pa．在此测试过程中，电动汽车匀速行驶30km，牵引力做的功为______________J．该电动汽车将电能转化为机械能的效率为______________%.如图丙是小明设计的车速提醒电路，R为定值电阻，RV的阻值随车速的变化而改变．当电压表的示数达到某一数值时提醒驾驶员车速过快，需要减速．图丁是RV的阻值与车速关系的图像．图戊是车速从0加速到100km/h过程中，RV消耗的电功率随电流变化的图像．则图丁中图线与纵坐标相交点的电阻值是______________Ω．当车速达到75km/h时，此时电压表的示数为______________V.
27．某加热器有高、中、低三温档，其额定电压为220V，低温档、中温档的额定功率分别为22W和44W．简化电路如图所示，用两定值电阻R1和R2表示两电热丝，单刀双掷开关S1可接a或b．
电路只闭合开关S2时，为中温档．
①电流多大?
②R2的阻值是多大?只让开关S1接b时，为低温档．
①低温档加热5h，消耗多少kW·h的电能?
②定值电阻R1两端的电压是多大?用高温档加热时，应如何操作开关?
参考答案

一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）
1、A
【解析】
A．声音可以传递信息，声呐可以定向发射，故利用声呐，可以测绘水下数千米处的地形图，故A符合题意；
B．真空不能传声，故B不符合题意；
C．不同人发出声音的音色是不同的，“只闻其声，不见其人”是根据音色来分辨的，故C不符合题意；
D．敲锣时用力越大振幅越大，声音的响度越大，故D不符合题意．
注意能正确区分声音的三个特征，即音调、响度、音色，其中音色是发声体特有的特征，由声源振动的材料、方式等决定，可以用来区分声源．
2、A
【解析】
A、装置是奥斯特实验，可以研究电流周围存在着磁场，故正确；
B、图B中没有电源，是研究电磁感应现象的实验装置，故错误；
C、装置中有电源，是研究通电导体在磁场中受力运动的实验，据此制成电动机，故错误；
D、装置中有电源，闭合开关后，通电绕圈在在磁场中受力转动，该过程是将电能转化为机械能，是电动机的原理，故错误。
故选A.
3、D
【解析】
A.智能机器人受到的重力与“风火轮”的压力，作用在不同的物体上，且方向相同，不是一对平衡力，故A说法错误，不符合题意；
B.智能机器人在跳舞的时候滑动，不能立即停下来，是由于具有惯性要保持原来的运动状态，
故B说法错误，不符合题意；
C.智能机器人脚踩的“风火轮”，舞动起来，相对于“风火轮 ”的位置不变，是静止的，从故C说法错误，不符合题意；
D.智能机器人在地面上进行匀速的转向，其运动方向发生了变化，则运动状态发生了变化，故D说正确，符合题意。
4、C
【解析】
A．奥斯特实验说明电流的周围存在磁场，即电能产生磁，故A错误；
B．地磁场的南极在地理的北极附近，地磁场的北极在地理的南极附近，故B错误；
C．发电机是利用电磁感应原理制成的，电磁感应现象最早是由法拉第发现的，故C正确；
D．动圈式话筒是利用电磁感应原理工作的，即闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，电路中就会产生感应电流，故D错误。
5、C
【解析】
物体由A到B的加热过程中，物体为固态，加热时间为2min，温度升高了10，设其吸收的热量为Q；物体在由C到D的过程中，物体为液态，加热时间为1min，温度升高了20，其吸收的热量为2Q．根据比热容公式c＝，物体固态时的比热容c固＝＝，液态时的比热容c液＝＝，则c固:c液＝1:1．故选C．
本题考查比热容．从图中可以看出，用稳定的热源给物体加热，在固态和液态时，物体升高的温度与时间成正比，根据加热时间，可以计算出物体固、液两种状态下加热时吸收的热量，根据比热容公式c＝即可求解．
6、A
【解析】解：
A、滑滑梯时，人的高度降低，速度变大，是重力势能转化为动能，没有发生动能转化为势能，故A符合题意；
B、荡秋千时，在从低处向高处运动时，人与秋千的速度减小，高度增加，是动能转化为重力势能，故B不合题意；
C、在跳水比赛中，人向上弹起的过程中，高度增大，速度减小，是动能转化为重力势能，故C不合题意；
D、在单杠上翻转时，若人由下向上运动，人的速度减小，高度增加，是动能转化为重力势能，故D不合题意。
故选：A。
点睛：本题主要通过生活中的几个实例，考查了动能与势能之间的转化，明确动能与势能的影响因素，据此可结合物体的运动情况做出判断。
7、C
【解析】
根据题中“下列现象属于光的反射现象的是”可知，本题考查对光的反射现象的认识。光的反射是指光线在传播的过程中遇到障碍物被反射出去的现象，像平面镜成像、看到不发光的物体等都属于光的反射现象。根据光的反射的概念，结合生活中的光现象进行分析判断。
【详解】
A、小孔成像是光在同一均匀介质中沿直线传播形成的。故A不符合题意。
B、利用激光给隧道准直是光的直线传播的应用，故B不符合题意。
C、能看到不发光的物体，是不发光的物体反射的光进入了人的眼睛，属于光的反射。故C符合题意。
D、池底的光线由水中进入空气时，在水面上发生折射，折射角大于入射角，折射光线进入人眼，人眼会逆着折射光线的方向看去，就会觉得池底变浅了，属于光的折射现象，故D不符合题意。

二、填空题（本大题7小题，共21分）
8、10 30 5 0.9
【解析】
（1）由电路图可知：、串联在电路中，的最大阻值为50，闭合开关，当的滑片位于最左端时，只有接入电路，此时电路中的电流为0.6A，电压表的示数为6V，即电源电压为6V，根据欧姆定律，则电阻的阻值为：===10；
（2）R2的滑片置于最右端时，通电1min，R2产生的热量为：==5060s=30J；
（3）R2的滑片在最右端时，两端的电压为：50=5V，R2的滑片在最左端时，两端的电压为0V，所以滑片从最左端移动到最右端的过程中电压表的示数变化了5V，滑动变阻器消耗的功率为：====，由上式可知：当=10时，R2的最大功率为，==0.9W.
9、u>20cm
【解析】
摄像头的镜头相当于一个凸透镜，摄像头是根据凸透镜成倒立、缩小的实像来工作的，
镜头的焦距是10cm，为了能成清晰的像，人到镜头的距离应大于镜头的二倍焦距20cm。
10、直线传播 反射 右
【解析】
地面上的“影子”是由于太阳光沿直线传播造成的，平静的湖水相当于是平面镜，所以水中的“倒影”是由于湖面发生光的反射造成的；由于平面镜成像的特点是：关于镜面对称，所以当小明举起左手时，会发现自己的“倒影”举起的是右手。
11、左 磁场 靠近
【解析】
根据右手定则判断两个通电螺线管的极性；根据磁极间的相互作用判断小磁针的指向及两螺线管的运动情况。
【详解】
对于B螺线管，根据右手定则，伸出右手四指弯曲指向电流的方向，则大拇指所指的方向为磁场的N极，所以它的右端为N极左端为S。
同样，对于A螺线管，根据右手定则可判断出螺线管的右端为N极，左端为S。
所以两个螺线管相靠近的一端为异名磁极，相互吸引，故可移动的A、B两螺线管相互靠近。
由于通电螺线管相当于条形磁铁，周围存在着磁场，又A螺线管的左端为S，根据磁极间的相互作用，小磁针的N极会向左偏转。
要确定小磁针的转动方向，首先要判断螺线管的N、S极。本题也可根据螺线管周围磁场的方向判断小磁针N极的指向。
12、220 电能 高压
【解析】
我国家庭电路中各用电器的额定电压是220V，所以家用电视机正常工作的电压是220V，电视机工作时，消耗电能，产生其他形式的能，将电能转化为其他形式的能；在输送功率一定时，由P=UI可知电压越高，电流越小；由Q=I2Rt可知输送过程中损失的能量越小，所以远距离输电采用高压输电。
13、小于 蒸发 浅 =
【解析】
（1）如果瓶子底部小孔不接触土壤，当瓶中水向下流出一会，水滴堵住小孔，瓶内上方气体的体积变大，气体压强减小，小于大气压，在大气压的作用下，水就不再流出；若将小孔和土壤充分接触，土壤中有很多小孔，水在向下流的过程中，流到植物的根部，慢慢流出的水就会被植物吸收，减小了水的表面积，减慢了水分的蒸发；
（2）当沿杯子壁缓缓向碗中加水时，来自硬币的光线会从水中斜射入空气中从而发生折射，当折射光线进入人眼时，人眼逆着折射光线看去，看到的便是由于光的折射而形成的变浅的虚像；保持眼睛和杯子的位置不变，光从水中进入人的眼睛的传播方向不变，折射角不变，所以根据光的折射规律，从B点和C点射出的入射光线的入射角不变的，即αB=αc。
14、停止喷 存在大气压
【解析】
液体对容器的侧璧有压强，所以在开口的矿泉水瓶上扎一个小孔，水便从小孔喷出；当用盖子将瓶口盖紧密封，由于在流出一部分水后，瓶内上方空气的体积变大，气压就变小，当小于外界大气压时，水就停止从小孔中射出，所以，这一现象说明了大气压的存在．

三、作图题（共7分）
15、
【解析】
从图可知，小磁针静止时左端为S极，右端为N极，因为同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，所以左侧磁极为N极，右侧磁极为S极；磁感线的方向是从N极指向S极可判断磁感线的方向，如图所示：

16、
【解析】
从动滑轮的挂钩开始依次绕绳子，最后有三段绳子承担物重，这种绕法最省力，如图所示：
17、
【解析】
试题分析：根据反射定律：反射光线、入射光线、法线在同一个平面内，反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，先作出法线，再画出入射光线．
根据作出的入射光线，由折射定律：折射光线、入射光线、法线在同一个平面内，折射光线、入射光线分居法线两侧，当光由空气斜射进入水中或其它透明介质中时，折射光线向法线偏折，折射角小于入射角；当光由水中或其它透明介质斜射进入空气中时，折射光线远离法线偏折，折射角大于入射角，画出折射光线
解：先过反射点垂直界面画出法线，在法线左侧向反射点画出入射光线，反射角等于90°﹣45°=45°，所以入射角等于45°；
在法线右侧的水中从O点画出折射光线，注意折射角小于45°，如图所示：

【点评】特别强调不仅要会根据反射定律和折射定律由入射光线画反射光线和折射光线，而且要会根据反射或折射画出入射光线．

四、实验题（本大题共5小题，共20分）
18、电阻 右 200
【解析】
试题分析：（1）由图示实验可知，两阻值不同的电阻丝串联，通过电阻丝的电流与通电时间相等而电阻阻值不同，此装置可以探究：电流产生的热量与电阻的关系；由于右侧中的电阻丝阻值较大，将此装置接到电源两端，通电一段时间，电流在右侧容器中产生的热量较多；（2）R110s内产生的热量：Q=I2Rt=（2A）2×5Ω×10s=200J．
【考点定位】焦耳定律
19、 电流表 能 1.4 换用两节新的蓄电池 不需要 A 5 4
【解析】
（1）闭合开关后，滑片向左移动灯泡要变亮，则须滑片向左移动时滑动变阻器电阻要减小，所以应接左下端接线柱，即将灯泡右端接线柱与滑动变阻器左下端接线柱连接即可．如图：

（2）故障原因是电流表内部断路，即电流表电路不通，所以将电流表两端用导线连接，就可以将电路重新接通，灯泡及其他元件就能工作．
（3）由电路实物图可知，电流使用0-0.6A量程，分度值为0.02A，其示数为0.4A，灯泡电压此时为额定电压3.5V，则小灯泡的额定功率为P=UI=3.5V×0.4A=1.4W．
（4）因实验使用的电源为两节旧的蓄电池，电源电压太低，才导致无论怎么调节滑动变阻器的滑片都无法使电压表示数大于3.5V，所以他应换用两节新的蓄电池；因灯泡的实际功率由其实际电压决定，只要实验过程中灯泡的电压调节符合要求，即可完成实验，所以不需要重新测量前两次的实验数据．
（5）在U-I图像中，=R为图线的斜率，由图像可知，U-I 图线斜率在减小，即该用电器的电阻在减小．根据P=I2R可得=R，可知P-I2图线的斜率在减小，故B、D错误；根据P=可得=，因该用电器电阻减小，所以在增大，即P-U2 图线斜率在增大，故A正确，C错误．
6）可合理选择电流表和电压表的量程，则电路中的最大电流以滑动变阻器允许通过的电流为准，即I最大=1A．当接入最小的电阻5Ω时，电压表示数即为允许的最大电压U最大=R最小I最大=5Ω×1A=5V；因变阻器的最大阻值为10Ω，当变阻器电阻全部连入电路中时，若接入最大的电阻R最大=20Ω，此时电路中的最小电流I最小==0.2A，则定值电阻的最小电压U最小=I最小R最大=0.2A×20Ω=4V．所以定值电阻两端的电压至多控制为5V，至少控制为4V．
20、煤油 煤油比热容小 越多 B 串联
【解析】
（1）电流产生的热量不能用眼睛直接观察，通过温度计示数变化来反映这是转换法。本实验中是通过温度计示数变化来判断电流产生的热量多少；因为煤油的比热容比水的比热容小，相同质量的煤油和水比较，吸收相同的热量，煤油升高的温度多，在短时间内用煤油做实验效果更明显，便于观察；
（2）本实验应用了控制变量法，从实验表格中数据可以看出：通电时间和电阻相同时，通过电阻的电流越大，升高的温度量越大，由转换法知道，电流产生的热量越多；
（3）电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关。探究电流产生热量多少跟电阻的关系，控制电流和通电时间不变，改变电阻的大小。由于串联电路中电流处处相等，通电时间相同，所以选择乙图中的B烧瓶与甲图中的烧瓶电阻串联。
21、匀速直线运动 等于 1和3 压力相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大 3 2.8 不需要木板做匀速直线运动，便于实验操作，读数更准确
【解析】
（1）只有沿水平方向拉着物体做匀速直线运动，物体在水平方向上受到平衡力的作用，根据二力平衡知识，拉力大小才等于摩擦力的大小；
（2）要探究滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度的关系，需要控制压力相同，改变接触面的粗糙程度，由图可知1、3两次符合要求，分析两次实验数据，可以得出滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度的关系为：压力相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大 ．
（3）由图丙知：2---6s物体做匀速运动，此时物体处于平衡状态，受到的拉力和摩擦力是一对平衡力，大小相等，由图乙知此过程的拉力为3N，所以滑动摩擦力为3N；（1---3s）和6---8s这两个时间段内物体做的是变速，但由于压力的接触面的粗糙程度不变，摩擦力不变，仍为3N；
（4）木块处于静止状态，受到平衡力的作用，拉力和摩擦力大小相等，方向相反，因测力计对木块的拉力方向水平向左，故木块受到的摩擦力方向为水平向右；弹簧测力计分度值为0.2N，此时示数为2.8N，即拉力为2.8N，故滑动摩擦力为2.8N；改进后，木块与弹簧测力计固定不动，拉动木板运动，该实验设计的好处是：不需要木板做匀速直线运动，便于实验操作，读数更准确；
22、便于测量力臂 将左侧的钩码向左移动一格 变大
【解析】
（1）调节两端的平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，方便测出力臂大小；
（2）设一个钩码的重力为G，左边挂两个钩码，力臂为三格；右边挂三个钩码，力臂为两格．两边各去掉一个钩码后，由杠杆的平衡条件可得，左边：G×3L＝3GL，右边：2G×2L＝4GL，故现在左边力臂变为4格，将左侧的钩码向左移动一格．
（3）若拉力F向右倾斜时，此时F的力臂变短，根据杠杆的平衡条件，阻力的力臂不变，仍要保持杠杆在水平位置平衡，弹簧测力计的示数将变大．

五、计算题（本大题共2小题，共13分）
23、（1）5N．（2）1N， 4N．（1）2.5×101kg/m1．
【解析】
（1）由GA=mAg=1kg×10N/kg=10N，由F=GA/2 =10N/2=5N；
（2）对滑轮受力分析对A的拉力：FA=2×1N=6N，
对A受力分析：F浮=GA-FA=10N-6N=4N；
（1）由F浮=ρ水gV排得：V排=F浮/ρ水g=4N/1×101kg/m1×10N/kg=4×10-4m1，
浸没：VA=V排=4×10-4m1，
ρA=mA/VA＝1kg/4×10−4m1=2．5×101kg/m1；
答：（1）物体A静止在空气中时，弹簧测力计的示数是5N；
（2）物体A受到的浮力是4N；
（1）物体A的密度是2．5×101kg/m1。
24、（1）20N （2）60W （3）83%
【解析】
(1)由图可知n=2，
不计绳重及滑轮与轴之间的摩擦,由F=(G+G动)可得动滑轮的重力：
G动=2F−G=2×60N−100N=20N；
(2)绳端移动的距离：s=nh=2×2m=4m，
所做的总功：W总=Fs=60N×4m=240J；
小强做功的功率：P===60W；
(3)滑轮组有用功：W有用=Gh=100N×2m=200J；
滑轮组的机械效率：η=×100%=×100%≈83.3%.

六、综合能力题（本大题共3小题，共18分）
25、折射 E C 缩小 下 B
【解析】
（1）由光的折射现象知道，他看到的“虾”是因为光的折射而形成的虚像，真正的虾在水中更深的位置，即在E处；根据光路的可逆性，他用激光笔从A点向B处射出光束，即可把虾照亮；
（2）照相机是利用凸透镜成像，即当u>2f时，成倒立、缩小的实像；
①凸透镜成实像时，像与物是相互倒立的，所以，当看到屏幕上的虾头朝上时，胶片上虾的头部应该在下方；
②由于投影仪的原理是：物距大于f小于2f时，成倒立放大的实像，所以，f＜8cm＜2f，即4cm＜f＜8cm，故只有B选项符合题意。
26、电磁感应 省力 3.4×105 2. 7×107 75 10 9.6
【解析】
（1）汽车行驶带动电机逆向发电，机械能转为电能，电机是利用电磁感应原理进行发电的；
（2）由图可知，O点为支点，活塞对金属杆的力是阻力，脚对刹车踏板的力是动力，且动力臂大于阻力臂，所以这是一个省力杠杆；
（3）人未上车，电动汽车对水平地面的压力为：F压=G=mg=1360kg×10N/kg=1.36×104N；
电动汽车对地面的压强为：p==3.4×105Pa；
电动汽车匀速行驶，所以牵引力与阻力平衡，则电动汽车受到的牵引力为：F=f=6%G总=0.06×（70kg+70kg+1360kg）×10N/kg=900N；则电动车行驶30km，牵引力做的功为：WFs=900N×30×103 m=2.7×107J；
由表格数据可知电池容量为68kW•h，行驶30km时电池剩余容量为58kW•h，则此过程中电动汽车消耗的电能为：W总=68kW•h-58kW•h=10kW•h=3.6×107J，则电动汽车电能转化为机械能的转化效率：η==75%；
（4）由电路图可知，两个电阻串联，电压表测量Rv两端的电压，电流表测量电路中的电流，由图丁可知车速越大，Rv的阻值越大，由可知通过电路的电流越小，由串联分压可知Rv两端的电压变大，电压表的示数变大，由图戊可知，车速为100km/h时，Rv的阻值最大，通过电路的电流最小为0.2A，RV消耗的电功率为2W，RV的阻值RV1==50Ω；电源电压U=I1（RV1+R）=0.2A×（50Ω+R）①
通过电路的电流为0.3A，RV消耗的电功率为2.7W，RV的阻值RV2==30Ω，
电源电压U=I2（RV2+R）=0.3A×（30Ω+R）②
由①和②得到R=10Ω，U=12V，
当车速为零时，RV的电阻最小，通过电路的电流最大为0.6A，电路的总电阻R总==20Ω，RV的电阻RV小=R总-R=20Ω-10Ω=10Ω；
图丁是RV的阻值与车速成正比，当车速为75km/h时，，RV3=40Ω，通过电路的电流I3==0.24A，电压表的示数U1=I3R V3=0.24A×40Ω=9.6V。
27、（10.2A（2）1100Ω（3）0.11kW·h（4）110V（5）S2闭合，S1接a
【解析】
（1）电路只闭合开关S2时，为中温档，此时电路中只有R2工作．因中温档功率为P中=44W，所以此时通过R2的电流为I===0.2A；R2===1100Ω．
（2）只让开关S1接b时，为低温档，此时R1与R2串联，功率为P低=22W=0.022kW．加热5h，消耗的电能为W=P低t=0.022kW×5h=0.11kW·h；电路中的电流为I’===0.1A，电路的总电阻为R总===2200Ω，则R1=R总- R2=2200Ω-1100Ω=1100Ω，
R1两端的电压UR1= I’ R1=0.1A×1100Ω=110V．
（3）电路中电压是不变的，根据P=可知，要高温档（发热功率最大）工作，则须电路中电阻最小，即当R1与R2并联工作时为高温档．应S2闭合，同时S1接a．