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1、2026年江西省上高三物理试题统练（五） 考生请注意： 1．答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。 2．第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。 3．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。 一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。 1、2018年12月12日，嫦娥四号开始实施近月制动，为下一步月面软着陆做准备，首先进入月圆轨道Ⅰ，其次进入椭圆着陆轨道Ⅱ，如图所示，B为近月点
2、A为远月点，关于嫦娥四号卫星，下列说法正确的是（ ）
A．卫星在轨道Ⅱ上A点的加速度小于在B点的加速度
B．卫星沿轨道Ⅰ运动的过程中，卫星中的科考仪器处于超重状态
C．卫星从轨道Ⅰ变轨到轨道Ⅱ，机械能增大
D．卫星在轨道Ⅱ经过A点时的动能大于在轨道Ⅱ经过B点时的动能
2、如图，两根平行通电长直导线固定，左边导线中通有垂直纸面向外、大小为I1的恒定电流，两导线连线（水平）的中点处，一可自由转动的小磁针静止时N极方向平行于纸面向下。忽略地磁场的影响。关于右边导线中的电流I2，下列判断正确的是（ ）
A．I2
3、I2
4、速度沿 PO 方向射入磁场，分别从 a、b、c 三点射出磁场，三个粒子在磁场中运动的时间分别用 tA、tB、tC 表示，三个粒子的比荷分别用 kA、kB、kC 表示，三个粒子在该磁场中运动的周期分别用 TA、TB、TC 表示， 下列说法正确的是（ ） A．粒子 B 带正电 B．tA＜tB＜tC C．kA＜kB＜kC D．TA＞TB＞TC 5、如图甲所示的电路中，理想变压器原、副线圈的匝数比为9：1，电表均为理想电表，R1为阻值随温度升高而变小的热敏电阻，R0为定值电阻。若发电机向原线圈输入如图乙所示的正弦交变电流，下列说法中正确的是（ ） A．输入变压器原线圈的交变电流的电压
5、表达式为（V） B．t=0.02s时，穿过该发电机线圈的磁通量最小 C．R温度升高时，电流表示数变大，电压表示数变小，变压器的输人功率变大 D．t=0.01s时，电流表的示数为0 6、图示装置为阅读时使用的角度可调支架，现将一本书放在倾斜支架上，书始终保持静止。关于该书受力情况，下列说法正确的是（ ） A．可能受两个力 B．可能受三个力 C．一定受摩擦力 D．支架下边缘对书一定有弹力 二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 7、我国探月工程分“绕、
6、落、回”三步走，近期将发射“嫦娥五号”探测器执行月面采样返回任务。图为探测器绕月运行的示意图，O为月球球心。已知环月圆轨道I和椭圆轨道II相切于P点，且I轨道半径为II轨道半长轴的1.25倍。则探测器分别在I、II两轨道上稳定运行时（ ） A．周期T1:T2=5:4 B．机械能EI=EII C．经过P点的速度vI>vII D．经过P点的加速度aI=aII 8、如图所示，在真空中，某点电荷Q形成的电场中，a、b、c三个虚线圆分别表示电场中的三个等势面，它们的电势分别为45V、25V、15V。一粒子q带电荷量大小为0.1C，电性未知，在电场中的运动轨迹如图中实线KLMN所示。下列说
7、法正确的是（ ） A．场源电荷Q带负电 B．粒子q带正电 C．粒子q从K到L的过程中，克服电场力做功3J D．粒子在距场源电荷最近的L处动能为零 9、如图所示，在xoy平面的第Ⅰ象限内存在垂直xoy平面向里的匀强磁场，两个相同的带正电粒子以相同的速率从x轴上坐标（，0）的C点沿不同方向射入磁场，分别到达y轴上坐标为（0，3L）的A点和B点（坐标未知），到达时速度方向均垂直y轴，不计粒子重力及其相互作用。根据题设条件下列说法正确的是（ ） A．可以确定带电粒子在磁场中运动的半径 B．若磁感应强度B已知可以求出带电粒子的比荷 C．因磁感应强度B未知故无法求出带电粒子在磁
8、场中运动时间之比 D．可以确定B点的位置坐标 10、下列说法正确的是_________（填正确答案标号） A．天空中看到的彩虹是光的干涉现象形成的 B．偏振现象说明光是一种横波 C．光从空气射入水中时，光的频率保持不变 D．光学仪器镜头上的增透膜利用光的衍射原理 E.在水中红光比蓝光传播得更怏 三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。 11．（6分）如图所示，在用“插针法”测定平行玻璃砖的折射率实验中： 测定平行玻璃砖的折射率实验中： (1)下列措施对提高实验精度没有作用的是________。 A．入射角α不宜过小
9、B．P1P2间距适当大些 C．选用d稍微大点的玻璃砖 D．OP2间距尽可能小些 (2)下列因素对Δy大小没有影响的是________。 A．入射角α B．玻璃砖的折射率n C．P1P2之间的距离 D．玻璃砖的厚度d 12．（12分）某实验小组利用如图甲所示的实验装置“探究加速度与物体受力的关系”。图中A为质量为M的小车，连接在小车后的纸带穿过电火花计时器B，它们均置于已平衡摩擦力的一端带有定滑轮的足够长的木板上，钩码P的质量为m，C为弹簧测力计，实验时改变P的质量，读出测力计不同读数F，不计绳与滑轮的摩擦。 (1)在实验过程中，_______（选填“需要”或“不需要”）满
10、足“小车的质量远大于钩码的质量”这一条件。 (2)乙图为某次实验得到的纸带，相邻计数点间还有四个计时点没有画出，已知电源的频率为f，由纸带可得小车的加速度表达式为a=__________（用x1、x2、x3、x4、f来表示）。 (3)实验完毕后，某同学发现实验时的电压小于220V，那么加速度的测量值与实际值相比_______（选填“偏大”“偏小”或“不变”）。 四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。 13．（10分）如图所示，Ⅰ、Ⅲ区域（足够大）存在着垂直纸面向外的匀强磁场，虚线MN、PQ分别为磁场区域边界，在Ⅱ区
11、域内存在着垂直纸面向里的半径为R的圆形匀强磁场区域，磁场边界恰好与边界MN、PQ相切，S、T为切点，A、C为虚线MN上的两点，且AS=CS=R，有一带正电的粒子以速度v沿与边界成30°角的方向从C点垂直磁场进入Ⅰ区域，随后从A点进入Ⅱ区域，一段时间后粒子能回到出发点，并最终做周期性运动，已知Ⅱ区域内磁场的磁感应强度B2为Ⅰ区域内磁场的磁感应强度B1的6倍，Ⅲ区域与Ⅰ区域磁场的磁感应强度相等，不计粒子的重力。求： (1)粒子第一次进入Ⅱ区域后在Ⅱ区域中转过的圆心角； (2)粒子从开始运动到第一次回到出发点所经历的总时间。 14．（16分）如图所示的直角坐标系xOy，在其第二象限内有垂直
12、纸面向里的匀强磁场和沿y轴负方向的匀强电场。虚线OA位于第一象限，与y轴正半轴的夹角θ=60°，在此角范围内有垂直纸面向外的匀强磁场；OA与y轴负半轴所夹空间里存在与OA平行的匀强电场，电场强度大小E=10N/C。一比荷q=1×106C/kg的带电粒子从第二象限内M点以速度v=2.0×103m/s沿x轴正方向射出，M点到x轴距离d=1.0m，粒子在第二象限内做直线运动；粒子进入第一象限后从直线OA上的P点（P点图中未画出）离开磁场，且OP=d。不计粒子重力。 (1)求第二象限中电场强度和磁感应强度的比值； (2)求第一象限内磁场的磁感应强度大小B； (3)粒子离开磁场后在电场中运动是否通
13、过x轴？如果通过x轴，求其坐标；如果不通过x轴，求粒子到x轴的最小距离。 15．（12分）如图所示，在区域Ⅰ中有水平向右的匀强电场，在区域Ⅱ中有竖直向上的匀强电场和垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小；两区域中的电场强度大小相等，两区域足够大，分界线如甲图中虚线所示。一可视为质点的带电小球用绝缘细线拴住静止在区域Ⅰ中的A点，小球的比荷，细线与竖直方向的夹角为，小球与分界线的距离x=0.4m。现剪断细线，小球开始运动，经过一段时间t1从分界线的C点进入区域Ⅱ，在其中运动一段时间后，从D点第二次经过分界线。图中除A点外，其余各点均未画出，g=10m/s2，求：（以下结果均保留两位有效数字）
14、 (1)小球到达C点时的速度大小v； (2)C、D两点间的距离d及小球从C点运动到D点的时间t2。 参考答案 一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。 1、A 【解析】 A．卫星在轨道II上运动，A为远月点，B为近月点，卫星运动的加速度由万有引力产生 即 所以可知卫星在B点运行加速度大，故A正确； B．卫星在轨道I上运动，万有引力完全提供圆周运动向心力，故卫星中仪器处于完全失重状态，故B错误； C．卫星从轨道Ⅰ变轨到轨道Ⅱ，需要点火减速，所以从轨道Ⅰ变轨到轨道Ⅱ，外力做负功，机械能减小，故C错误
15、 D．卫星从A点到B点，万有引力做正功，动能增大，故卫星在轨道Ⅱ经过A点时的动能小于在轨道Ⅱ经过B点时的动能，故D错误。 故选A。 2、B 【解析】 小磁针静止时N极方向平行于纸面向下，说明该处的磁场方向向下，因I1在该处形成的磁场方向向上，则I2在该处形成的磁场方向向下，且大于I1在该处形成的磁场，由安培定则可知I2方向垂直纸面向外且I2>I1。 故选B。 3、D 【解析】 AB．小球B与圆环间恰好没有摩擦力，由支持力和重力的合力提供向心力，由牛顿第二定律得： 所以解得圆环旋转角速度的大小 故选项A、B错误； CD．对小球A进行受力分析，如图所示，由牛顿第二定律
16、得：在水平方向上 竖直方向上 解得 所以选项C错误、D正确。 故选D. 4、B 【解析】 根据题意做出ABC三种粒子在磁场中的运动轨迹如图所示， A．根据左手定则，可以判断B粒子带的电荷为负电荷，A错误； C．由图可知，三粒子做圆周运动的半径C最大，A最小，根据 又粒子的速度都相等，所以比荷的大小关系是：kA＞kB＞kC，故C错误； D．根据周期公式 及比荷的大小关系可知：TC＞TB＞TA，故D错误； B．由图，ABC三个粒子形成的图象在磁场区域留下的弧长C最长，A最短，而三个粒子的速度相同，根据，所以有：tA＜tB＜tC，故B正确。 故选
17、B。 5、C 【解析】 A．由交变电流的图像可读出电压的最大值为，周期为，则 所以输入变压器原线圈的交变电流的电压表达式为 故A错误； B．当t=0.02s时，输入电压的瞬时值为0，所以该发电机的线圈平面位于中性面，穿过线圈的磁通量最大，故B错误； C．R温度升高时，其阻值变小，副线圈中的电流I2变大，则原线圈中电流也变大，由P=UI得，变压器的输入功率变大，电压表读数 则U3减小，故C正确； D．电流表测的是电路中的有效值，不为0，D错误。 故选C。 6、B 【解析】 AB．由题意可知，书受到重力和弹力作用，由于有书沿斜面向下的分力作用，所以物体必然受到一
18、个沿斜面向上的力，以维持平衡，这个力为摩擦力，也可以是支架下边缘对书的弹力，也可以是摩擦力和支架下边缘对书弹力的合力，故可能受三个力，四个力作用，故A错误，B正确； C．由于当书沿斜面向下的分力作用与支架下边缘对书弹力相等时，此时摩擦力不存在，故C错误； D．由于当书沿斜面向下的分力作用，与向上的摩擦力相等时，则支架下边缘对书弹力不存在，故D错误。 故选B。 二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 7、CD 【解析】 A．根据开普勒第三定律可知 故A错
19、误； BC．从P点由轨道II进入轨道I要点火加速，即vI>vII，则在轨道I上的机械能大于轨道II上的机械能，故B错误，C正确； D．经过P点时探测器受到月球的引力相同，根据牛顿第二定律可知加速度aI=aII，故D正确。 故选CD。 8、BC 【解析】 A．因为a、b、c三个虚线圆电势分别为45V、25V、15V，说明场源电荷Q带正电，故A错误； B．由粒子运动轨迹可知，粒子与场源电荷之间是斥力作用，粒子q带正电，故B正确； C．粒子q从K到L的过程中，电势升高，电势差为30V，克服电场力做功为 故C正确； D．由运动轨迹可以看出，粒子做曲线运动，在L处速度大小不可能为零
20、故D错误。 故选BC。 9、AD 【解析】 A．已知粒子的入射点及出射方向，同时已知圆上的两点，根据出射点速度相互垂直的方向及AC连线的中垂线的交点即可明确粒子运动圆的圆心位置，由几何关系可知AC长为 且有 则 因两粒子的速率相同，且是同种粒子，则可知，它们的半径相同，即两粒子的半径均可求出，故A正确； B．由公式 得 由于不知道粒子的运动速率，则无法求出带电粒子的比荷，故B错误； C．根据几何关系可知从A射出的粒子对应的圆心角为，B对应的圆心角为；即可确定对应的圆心角，由公式 由于两粒子是同种粒子，则周期相同，所以可以求出带电粒子在磁场中运动时
21、间之比，故C错误； D．由几何关系可求得B点对应的坐标，故D正确。 故选AD。 10、BCE 【解析】 A．雨过天晴时，常在天空出现彩虹，这是太阳光通过悬浮在空气中细小的水珠折射而成的，白光经水珠折射以后，分成各种彩色光，这种现象叫做光的色散现象，故A错误； B．偏振是横波特有的现象，所以偏振现象说明光是一种横波，故B正确； C．根据波传播的特点可知，光从空气射入水中时，光的频率保持不变。故C正确； D．光学镜头上的增透膜是膜的前后表面反射光出现叠加，利用光的干涉现象，故D错误； E．水对红色光的折射率小小于对蓝色光的折射率，由可知红色光在水中的速度大于蓝色光的速度，故E正
22、确； 故选BCE。 三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。 11、D C 【解析】 (1)[1]增大α角，P1P2距离适当大一些，选用较厚的玻璃砖都可以提高精度，OP2距离小一些不会提高精度，ABC错误，D正确。 故选D； (2)[2]直接根据图中的光路分析可得，P1P2间的距离对于Δy无影响，ABD错误，C正确； 故选C。 12、不需要 不变 【解析】 (1)[1]该实验可以用弹簧测力计测量绳子的拉力，故不需要满足小车的质量远大于钩码的质量的条件。 (2)[2]根据逐差法可知，小车的
23、加速度为 (3)[3]根据(2)中所得到的加速度的表达式可知，加速度与电源电压无关，所以加速度的测量值与实际值相比是不变的。 四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。 13、 (1)120°(2) 【解析】 (1)粒子的运动轨迹如图所示，由几何关系得， 半径 粒子转过的圆心角为 粒子从点进入Ⅱ区域，先做匀速直线运动，且速度延长线刚好过Ⅱ区域圆形磁场的圆心，接着在磁场中做圆周运动，离开时速度方向的反向延长线仍然过圆心 设轨迹半径为，由牛顿运动定律知 得 故 即 连接，
24、得 得 故此粒子第一次进入Ⅱ区域后在Ⅱ区域转过的圆心角为 (2)粒子进入Ⅲ区域时，速度方向仍与边界成30°角，故此粒子的轨迹图左右对称，上下对称，粒子在一个周期内，在Ⅰ、Ⅲ区域总共要经历两次圆周运动过程，每次转过的圆心角均为 所用总时间为 在Ⅱ区域要经历两次圆周运动过程，每次转过的圆心角均为，所用时间为 在Ⅱ区域要经过4次匀速直线运动过程，每次运动的距离为 所用总时间 故此粒子在一个周期内所经历的总时间为 14、 (1)；(2)；(3)不会通过，0.2m 【解析】 (1)由题意可知，粒子在第二象限内做匀速直线运动,根据力的平衡有 解得
25、 (2)粒子在第二象限的磁场中做匀速圆周运动，由题意可知圆周运动半径 根据洛伦兹力提供向心力有 解得磁感应强度大小 (3)粒子离开磁场时速度方向与直线OA垂直，粒子在匀强电场中做曲线运动，粒子沿y轴负方向做匀减速直线运动，粒子在P点沿y轴负方向的速度大小 粒子在电场中沿y轴方向的加速度大小 设经过时间，粒子沿y轴方向的速度大小为零，根据运动学公式有 时间内，粒子沿y轴方向通过的位移大小 联立解得 由于 故带电粒子离开磁场后不会通过x轴，带电粒子到x轴的最小距离 15、 (1)；(2)1.4m，1.2s 【解析】 (1)小球处于静止状态时，受重力、电场力和细线的拉力的作用而处于平衡状态，故可知小球带正电，电场力大小 剪断细线后，小球做初速度为零的匀加速直线运动，根据牛顿第二定律可知，小球的加速度 小球沿直线运动的距离 根据运动学公式有 解得小球到达C点时的速度大小 (2)由于重力与电场力平衡，则小球在区域Ⅱ中做匀速圆周运动，运动轨迹如图所示 根据洛伦兹力提供向心力，有 圆周运动的周期 所以C、D两点间的距离 小球从C点运动到D点的时间
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