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1、江苏省盐城市伍佑中学2026年高考第二次模拟测试物理试题 注意事项 1．考生要认真填写考场号和座位序号。 2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。 3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。 一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。 1、光滑水平面上，一物体在恒力作用下做方向不变的直线运动，在t1时间内动能由0增大到Ek，在t2时间内动能由Ek增大到2Ek，设恒力在t1时间内冲量为I1，在t2时间内冲量为I2，
2、两段时间内物体的位移分别为x1和x2，则（ ）
A．I1
3、获得多组T与L，再以T2为纵轴、L为横轴画出函数关系图像如图(b)所示．由此种方法得到的重力加速度值与测实际摆长得到的重力加速度值相比会（ ） A．偏大 B．偏小 C．一样 D．都有可能 4、用甲、乙、丙三种单色光在同一个光电管上做光电效应实验，发现光电流I与电压U的关系如图所示，下列说法正确的是 A．甲、乙两种单色光的强度相同 B．单色光甲的频率大于单色光丙的频率 C．三种单色光在同种介质中传播时，丙的波长最短 D．三种单色光中，丙照射时逸出光电子的最大初动能最小 5、完全相同的两列高铁在直铁轨上相向行使，速度为350km/h，两列车迎面交错而过时，双方驾
4、驶员看到对方列车从眼前划过的时间大约是2s，以下说法正确的是（ ） A．由以上数据可以估算出每列车总长约为200m B．由以上数据可以估算出每列车总长约为400m C．坐于车尾的乘客看到对方列车从身边划过的时间大约是4s D．坐于车尾的乘客看到对方列车从身边划过的时间大约是1s 6、基于人的指纹具有终身不变性和唯一性的特点，发明了指纹识别技术．目前许多国产手机都有指纹解锁功能，常用的指纹识别传感器是电容式传感器，如图所示．指纹的凸起部分叫“嵴”，凹下部分叫“峪”．传感器上有大量面积相同的小极板，当手指贴在传感器上时，这些小极板和正对的皮肤表面部分形成大量的小电容器，这样在嵴处和峪
5、处形成的电容器的电容大小不同．此时传感器给所有的电容器充电后达到某一电压值，然后电容器放电，电容值小的电容器放电较快，根据放电快慢的不同，就可以探测到嵴和峪的位置，从而形成指纹图象数据．根据文中信息，下列说法正确的是( ) A．在峪处形成的电容器电容较大 B．在峪处形成的电容器放电较慢 C．充电后在嵴处形成的电容器的电荷量大 D．潮湿的手指头对指纹识别绝对没有影响 二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 7、如图所示为一定质量的理想气体的压强随体积变
6、化的 图像，其中段为双曲线，段与横轴平行，则下列说法正确的是（ ） A．过程①中气体分子的平均动能不变 B．过程②中气体需要吸收热量 C．过程②中气体分子的平均动能减小 D．过程③中气体放出热量 E.过程③中气体分子单位时间内对容器壁的碰撞次数增大 8、如图所示，在竖直方向上A、B两物体通过劲度系数为k=200N/m的轻质弹簧相连，A放在水平地面上，B、C两物体通过细线绕过轻质定滑轮相连，C放在固定的光滑斜面上.用手拿住C，使细线刚刚拉直但无拉力作用，并保证ab段的细线竖直、cd段的细线与斜面平行.已知A、B的质量均为10kg，C的质量为40kg，重力加速度为g=10m/s2
7、细线与滑轮之间的摩擦不计，开始时整个系统处于静止状态，释放C后C沿斜面下滑，A刚离开地面时，B获得最大速度.（ ） A．斜面倾角=30° B．A、B、C组成的系统机械能先增加后减小 C．B的最大速度 D．当C的速度最大时弹簧处于原长状态 9、如图，竖直光滑杆固定不动，套在杆上的轻弹簧下端固定，将套在杆上的滑块向下压缩弹簧至离地高度h＝0.1m处，滑块与弹簧不拴接。现由静止释放滑块，通过传感器测量到滑块的速度和离地高度h并作出滑块的动能Ek－h图象，其中h＝0.18m时对应图象的最顶点，高度从0.2m上升到0.35m范围内图象为直线，其余为曲线，取g＝10m/s2，由图象可
8、知（ ） A．滑块的质量为0.18kg B．弹簧的劲度系数为100N/m C．滑块运动的最大加速度为50m/s2 D．弹簧的弹性势能最大值为0.5J 10、梳子在梳头后带上电荷，摇动这把梳子在空中产生电磁波．该电磁波 A．是横波 B．不能在真空中传播 C．只能沿着梳子摇动的方向传播 D．在空气中的传播速度约为 三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。 11．（6分）在某次“描绘小灯泡伏安特性曲线”的实验中，所选用的实验器材有∶ A．小灯泡“2.5V 0.2A” B．电流表0~0.6A~3A（内阻未知） C
9、．电压表0~3V~15V（内阻未知） D．滑动变阻器“2A 20Ω” E.电源（两节旧的干电池） F.开关一个，导线若干 (1)当开关闭合时，图中滑动变阻器的滑片应该置于___________（填“左”或“右”）端。 (2)实验中，当滑片P向左移动时，电路中的电流表的示数变___________（填“大”或“小”）。 (3)本次实验用电池对数据处理有没有影响？___________（填“有”或“没有”）。 (4)依据实验结果数据作出的图像可能是图中的___________。 A． B． C． D． 12．（12分）用如图1所示装置
10、研究平抛运动。将白纸和复写纸对齐重叠并固定在竖直的硬板上。钢球沿斜槽轨道PQ滑下后从Q点飞出，落在水平挡板MN上。由于挡板靠近硬板一侧较低，钢球落在挡板上时，钢球侧面会在白纸上挤压出一个痕迹点。移动挡板，重新释放钢球，如此重复，白纸上将留下一系列痕迹点。 (1)下列实验条件必须满足的有_____________。 A．小球每次必须从斜槽上同一位置由静止释放 B．斜槽轨道要尽量光滑些 C．斜槽轨道末端必须保持水平 D．本实验必需的器材还有刻度尺和停表 (2)为定量研究，建立以水平方向为x轴、竖直方向为y轴的坐标系。取平抛运动的起始点为坐标原点，将钢球静置于Q点，钢球的______
11、选填“最上端”、“最下端”或者“球心”）对应白纸上的位置即为原点；在确定y轴时_____________（选填“需要”或者“不需要”）y轴与重锤线平行。 (3)伽利略曾硏究过平抛运动，他推断∶从同一炮台水平发射的炮弹，如果不受空气阻力，不论它们能射多远，只要下落高度相同，在空中飞行的时间都一样。这实际上是因为平抛物体_____________。 A．在水平方向上做匀速直线运动 B．在竖直方向上做自由落体运动 C．在下落过程中机械能守恒 四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。 13．（10分）如图
12、所示，有一长为L＝6 m，质量为m1＝1 kg的长木板放在水平面上，木板与水平面间的动摩擦因数为μ1＝0.2，右端固定一挡板，左端放一质量为m2＝1 kg的小滑块，滑块与木板间的动摩擦因数为μ2＝0.1，现在滑块的左端瞬间给滑块施加一个水平冲量I＝4 N·s，滑块与挡板发生碰撞的时间和能量损失均忽略不计，g取10 m/s2，求： (1)滑块与挡板碰撞后瞬间木板的速度； (2)木板在水平面上发生的位移。 14．（16分）如图所示，圆心为O、半径为r的圆形区域外存在匀强磁场，磁场方向垂直于纸面向外，磁感应强度大小为B。P是圆外一点，OP=3r，一质量为m、电荷量为q（q>0）的粒子从P点
13、在纸面内沿着与OP成60°方向射出（不计重力），求： (1)若粒子运动轨迹经过圆心O，求粒子运动速度的大小； (2)若要求粒子不能进入圆形区域，求粒子运动速度应满足的条件。 15．（12分）如图所示，足够长的平行光滑金属导轨MNPQ相距L倾斜置于匀强磁场中，磁场方向垂直导轨平面向上，断开开关S．将长也为L的金属棒ab在导轨上由静止释放，经时间t，金属棒的速度大小为v1，此时闭合开关，最终金属棒以大小为v2的速度沿导轨匀速运动。已知金属棒的质量为m，电阻为r，其它电阻均不计，重力加速度为g。 (1)求导轨与水平面夹角α的正弦值及磁场的磁感应强度B的大小； (2)若金属棒的速度从
14、v1增至v2历时△t，求该过程中流经金属棒的电量． 参考答案 一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。 1、C 【解析】 根据动能定理，第一段加速过程 F•x1=Ek 第二段加速过程 F•x2=2Ek-Ek 联立可得 x1=x2 物体做初速度为零的加速运动，故通过连续相等位移的时间变短，即通过位移x2的时间t2小于通过位移x1的时间t1；根据冲量的定义，有 I1=F•t1 I2=F•t2 故 I1＞I2 故C正确，ABD错误。 故选C。 2、B 【解析】 A．根据电势能与电势的关系：Ep=q
15、φ，场强与电势的关系：，得 由数学知识可知Ep-x图象切线的斜率等于，x1处的斜率可以认为与0-x1段相等，故此时电场强度并不是最小的，故A错误； B．根据电势能与电势的关系：Ep=qφ，粒子带负电，q＜0，则知电势能越大，粒子所在处的电势越低，所以有 φ3＜φ2=φ0＜φ1 故B正确； C．由图可知，0～x1段和0～x2段电场方向相反，故加速度并不相同，不是一直做匀变速运动，故C错误； D．0～x1段电场方向不变，大小不变，x2～x3段图象的斜率减小，故电场强度大小减小，方向不变，故D错误。 故选B。 3、C 【解析】 根据单摆的周期公式：得：，T2与L图象的斜率，横轴
16、截距等于球的半径r． 故 根据以上推导，如果L是实际摆长，图线将通过原点，而斜率仍不变，重力加速度不变，故对g的计算没有影响，一样，故ABD错误，C正确． 故选C． 4、C 【解析】 A、甲乙两种单色光对应的遏止电压相同，则两种光的频率相同，但加正向电压时甲的饱和电流更大，说明甲光的光更强；故A错误. B、D、由光电效应方程和可知遏止电压越大时，对应的光的频率越大，故；三种光照射同一金属，飞出的光电子的最大初动能关系为；故B，D均错误. C、光在同种介质中传播的速度相同，由可得，；故C正确. 故选C. 5、B 【解析】 AB．两列车相向运动，每列车总长为： 故A错误，
17、B正确； CD．坐于车尾的乘客看到对方列车从身边划过的时间为： 故C、D错误； 故选B。 6、C 【解析】 根据电容的决定式分析d改变时电容的变化以及电荷量的多少； 根据电荷量的多少分析放电时间长短． 【详解】 A．根据电容的计算公式可得，极板与指纹峪(凹下部分)距离d大，构成的电容器电容小，故A错误； BC．传感器给所有的电容器充电后达到某一电压值，然后电容器放电，所以所有的电容器电压一定，根据可知，极板与指纹沟(凹的部分，d大，电容小)构成的电容器充上的电荷较少，所以在峪处形成的电容器放电过程中放电时间短，放电快；反之，在嵴处形成的电容器电容大，电荷量大，放电时间长，
18、故C正确，B错误； D．湿的手与传感器之间有水填充，改变了原来匹配成平行板电容器的电容，所以会影响指纹解锁，故D错误． 二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 7、BDE 【解析】 根据理想气体状态方程，可得： 故可知，图象的斜率为： 而对一定质量的理想气体而言，斜率定性的反映温度的高低； A.图象在过程①的每点与坐标原点连线构成的斜率逐渐减小，表示理想气体的温度逐渐降低，可知平均动能减小，故A错误； B. 图象过程②的每点与坐标原点连线构成的斜
19、率逐渐逐渐增大，则温度升高，吸收热量，平均动能增大，故B正确，C错误； D.过程③可读出压强增大，斜率不变，即温度不变，内能不变，但是体积减小，外界对气体做正功，根据热力学第一定律可知，气体向外界放出热量，故D正确； E.过程③可读出压强增大，温度不变，分子的平均动能不变，根据理想气体压强的微观意义，气体压强与气体分子单位时间内对容器壁的碰撞次数、气体分子平均动能有关，在压强增大，温度不变以及体积减小的情况下，气体分子对容器壁的碰撞次数增大，故E正确； 故选BDE。 8、ABC 【解析】 A．开始时弹簧压缩的长度为xB得： kxB=mg 当A刚离开地面时，弹簧处于拉伸状态，对A
20、有： kxA=mg 物体A刚离开地面时，物体B获得最大速度，B、C的加速度为0，对B有： T-mg-kxA=0 对C有： Mgsinα-T=0 解得： α=30° 故A正确； B．由于xA=xB，弹簧处于压缩状态和伸长状态时的弹性势能相等，即此过程中弹簧的弹性势能先减小后增加；而由A、B、C以及弹簧组成的系统机械能守恒，可知A、B、C组成的系统机械能先增加后减小，故B正确； C．当物体A刚离开地面时，物体B上升的距离以及物体C沿斜面下滑的距离为： 由于xA=xB，弹簧处于压缩状态和伸长状态时的弹性势能相等，弹簧弹力做功为零，且物体A刚刚离开地面时，B、C两物体的速度
21、相等，设为vB，由动能定理得： 解得： vB＝2m/s 故C正确； D．当B的速度最大时，C的速度也是最大的，此时弹簧处于伸长状态，故D错误； 故选ABC。 9、BD 【解析】 A．在从0.2m上升到0.35m范围内，△Ek=△Ep=mg△h，图线的斜率绝对值为: 则 m=0.2kg 故A错误； B．由题意滑块与弹簧在弹簧原长时分离，弹簧的原长为0.2m，h=0.18m时速度最大，此时 mg=kx1 x1=0.02m 得 k=100N/m 故B正确； C．在h=0.1m处时滑块加速度最大 kx2-mg=ma 其中x2=0.1m，得最大加速度 a
22、40m/s2 故C错误； D．根据能量守恒可知，当滑块上升至最大高度时，增加的重力势能即为弹簧最大弹性势能，所以 Epm=mg△hm=0.2×10×（0.35-0.1）J=0.5J 故D正确。 故选BD。 10、AD 【解析】 摇动的梳子在空中产生电磁波，电磁波是横波，选项A正确；电磁波能在真空中传播，选项B错误；电磁波传播的方向与振动方向垂直，选项C错误；电磁波在空气中传播的速度约为光速，选项D正确． 三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。 11、左 小 没有 C 【解析】 （1）[1]开
23、关闭合时，应该使电表中的电流最小，故应该将滑动变阻器的滑片置于左端； （2）[2]滑片P左移，并联部分电阻变小，故并联部分电压减小，故电流表示数变小； （3）[3]因为电压是用电压表测出，故与电源参数无关，所以没有影响； （4）[4]小灯泡电阻随电流增大（或温度升高）而增大，故选C。 12、AC 球心 需要 B 【解析】 (1)[1]．ABC．为了能画出平抛运动轨迹，首先保证小球做的是平抛运动，所以斜槽轨道不一定要光滑，但必须是水平的。同时要让小球总是从同一位置释放，这样才能找到同一运动轨迹上的几个点；故B错误，AC正确； D．本实验必需的器材还有刻度尺，
24、但不需要停表，选项D错误； 故选AC。 (2)[2][3]．将钢球静置于Q点，钢球的球心对应白纸上的位置即为原点；在确定y轴时需要y轴与重锤线平行； (3)[4]．做平抛运动的物体在竖直方向上做自由落体运动，所以高度相同时时间相同；故选B。 四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。 13、 (1)2 m/s 方向水平向右 (2)m 【解析】 （1）由于冲量作用，滑块获得的速度为 v0＝＝4 m/s 木板受地面最大摩擦力μ1(m1＋m2)g>μ2m2g，木板不动。 对滑块： μ2m2g＝m2a2 v0
25、2-v2＝2a2L 解得 v＝2 m/s 滑块与挡板碰撞动量守恒： m2v＝m2v2＋m1v1 能量守恒： 解得 v1＝2m/s，v2＝0 碰后瞬间木板速度为2 m/s，方向水平向右。 （2）碰后滑块加速度不变， 对木板： μ1(m1＋m2)g＋μ2m2g＝m1a1 设经时间t，两者共速 v1－a1t＝a2t 解得 t＝s 共同的速度 v3＝a2t＝m/s 此过程木板位移 x1＝v1t－a1t2＝m 共速后木板加速度为 μ1(m1＋m2)g－μ2m2g＝m1a3 最后木板静止，设此过程木板位移为x2， 0－v32＝2a3x2 解得 x2
26、＝m 木板在水平面上发生的位移为 x1＋x2＝m。 14、 (1)；(2)或 【解析】 (1)设粒子在磁场中做圆周运动的半径为R，圆心为，依图题意作出轨迹图如图所示： 由几何知识可得： 解得 根据牛顿第二定律可得 解得 (2)若速度较小，如图甲所示： 根据余弦定理可得 解得 若速度较大，如图乙所示： 根据余弦定理可得 解得 根据 得 ， 若要求粒子不能进入圆形区域，粒子运动速度应满足的条件是 或 15、 (1)，；(2)q＝(v1t＋v1Δt－v2t) 【解析】 (1)开关断开时，金属棒在导轨上匀加速下滑，由牛顿第二定律有 由匀变速运动的规律有 解得 开关闭合后，金属棒在导轨上做变加速运动，最终以v2匀速，匀速时 又有 解得 (2)在金属棒变加速运动阶段，根据动量定理可得 其中 联立上式可得
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