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1、福建省惠安惠南中学2025-2026学年高三第一次联考物理试题试卷 考生请注意： 1．答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。 2．第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。 3．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。 一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。 1、图为某发电站的发电机发出的交流电，经升压变压器、降压变压器后向某小区的用户供电的示意图，已知升压变压器原线圈两端的
2、电压为。则下列说法正确的是（ ） A．小区用户得到的交流电的频率可能为100Hz B．升压变压器原线圈两端的电压的有效值为500V C．用电高峰时输电线上损失的电压不变 D．深夜小区的用户逐渐减少时，输电线损耗的电功率减小 2、如图是某金属在光的照射下产生的光电子的最大初动能Ek，与入射光频率v的关系图象。由图象可知错误的是（ ） A．该金属的逸出功等于hv0 B．该金属的逸出功等于E C．入射光的频率为时，产生的光电子的最大初动能为 D．入射光的频率为2v0时，产生的光电子的最大初动能为E 3、据科学家推算，六亿两千万年前，一天只有21个小时，而现在已经被延长
3、到24小时，假设若干年后，一天会减慢延长到25小时，则若干年后的地球同步卫星与现在的相比，下列说法正确的是（ ） A．可以经过地球北极上空 B．轨道半径将变小 C．加速度将变大 D．线速度将变小 4、下列说法正确的是（ ） A．中子与质子结合成氘核时吸收能量 B．卢瑟福的粒子散射实验证明了原子核是由质子和中子组成的 C．入射光照射到某金属表面发生光电效应，若仅减弱该光的强度，则不可能发生光电效应 D．根据玻尔理论，氢原子的电子由外层轨道跃迁到内层轨道，原子的能量减少，电子的动能增加 5、明代学者方以智在《阳燧倒影》中记载：“凡宝石面凸，则光成一条，有数棱则必有一面五色”
4、表明白光通过多棱晶体折射会发生色散现象．如图所示，一束复色光通过三棱镜后分解成两束单色光a、b，下列说法正确的是 A．若增大入射角i，则b光先消失 B．在该三棱镜中a光波长小于b光 C．a光能发生偏振现象，b光不能发生 D．若a、b光分别照射同一光电管都能发生光电效应，则a光的遏止电压低 6、真空中相距L的两个固定点电荷E、F所带电荷量大小分别是QE和QF，在它们共同形成的电场中，有一条电场线如图中实线所示，实线上的箭头表示电场线的方向．电场线上标出了M、N两点，其中N点的切线与EF连线平行，且∠NEF＞∠NFE．则（ ） A．E带正电，F带负电，且QE > Q
5、F B．在M点由静止释放一带正电的检验电荷，检验电荷将沿电场线运动到N点 C．过N点的等势面与EF连线垂直 D．负检验电荷在M点的电势能大于在N点的电势能 二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 7、如图所示，在竖直方向上A、B两物体通过劲度系数为k的轻质弹簧相连（轻质弹簧的两端分别固定在A、B上），B、C两物体通过细绳绕过光滑轻质定滑轮相连，A固定在水平地面上，C放在固定的倾角为的光滑斜面上。已知B的质量为m，C的质量为4m，重力加速度为g，细绳与滑轮之间的摩擦
6、力不计。现用手按住C，使细绳刚刚拉直但无张力，并保证ab段的细绳竖直、cd段的细绳与斜面平行。开始时整个系统处于静止状态，释放C后，它沿斜面下滑，斜面足够长，则下列说法正确的是 A．整个运动过程中B和C组成的系统机械能守恒 B．C下滑过程中，其机械能一直减小 C．当B的速度达到最大时，弹簧的伸长量为 D．B的最大速度为2g 8、如图所示,生产车间有两个相互垂直且等高的水平传送带甲和乙,甲的速度为v0，小工件离开甲前与甲的速度相同，并平稳地传到乙上，工件与乙之间的动摩擦因数为μ．乙的宽度足够大，重力加速度为g，则（ ） A．若乙的速度为 v0,工件在乙上侧向( 垂直于乙的
7、运动方向)滑过的距离s= B．若乙的速度为 2v0,工件从滑上乙到在乙上侧向滑动停止所用的时间不变 C．若乙的速度为 2v0,工件在乙上刚停止侧向滑动时的速度大小v= D．保持乙的速度 2v0 不变,当工件在乙上刚停止滑动时,下一只工件恰好传到乙上,如此反复. 若每个工件的质量均为m,除工件与传送带之间摩擦外,其他能量损耗均不计,驱动乙的电动机的平均输出功率= mgμv0 9、如图所示，煤矿车间有两个相互垂直且等高的水平传送带甲和乙，煤块与两传送带间的动摩擦因数均为，每隔在传送带甲左端轻放上一个质量为的相同煤块，发现煤块离开传送带甲前已经与甲速度相等，且相邻煤块（已匀速）左侧的距离为，
8、随后煤块平稳地传到传送带乙上，乙的宽度足够大，速度为取，则下列说法正确的是（ ） A．传送带甲的速度大小为 B．当煤块在传送带乙上沿垂直于乙的速度减为0时，这个煤块相对于地面的速度还没有增加到 C．一个煤块在甲传送带上留下的痕迹长度为 D．一个煤块在乙传送带上留下的痕迹长度为 10、光滑绝缘的水平地面上，一质量m=1.0kg、电荷量q=1.0×10-6 C的小球静止在O点，现以O点为坐标原点在水平面内建立直角坐标系xOy，如图所示，从t=0时刻开始，水平面内存在沿 x、 y方向的匀强电场E1、E2，场强大小均为1.0 ×107V/m；t =0.1s时，y方向的电场变为-y方向，
9、场强大小不变；t=0.2s时，y方向的电场突然消失，x方向的电场变为-x方向，大小。下列说法正确的是（ ） A．t=0.3s时，小球速度减为零 B．t=0.1s时，小球的位置坐标是（0.05m，0.15m） C．t=0.2s时，小球的位置坐标是（0.1m，0.1m） D．t=0.3s时，小球的位置坐标是（0.3m，0.1m） 三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。 11．（6分）某同学采用惠斯通电桥电路测量一未知电阻Rx的阻值。电路中两个定值电阻R1=1000Ω、R2=2000Ω，R3为电阻箱（阻值范围0~999.9Ω），G为
10、灵敏电流计。 (1)具体操作步骤如下∶ ①请依据原理图连接实物图_________； ②闭合开关S，反复调节电阻箱的阻值，当其阻值R3=740.8Ω时，灵敏电流计的示数为0，惠斯通电桥达到平衡； ③求得电阻Rx=____Ω。 (2)该同学采用上述器材和电路测量另一电阻，已知器材无损坏且电路连接完好，但无论怎样调节电阻箱的阻值，灵敏电流计的示数都不能为0，可能的原因是_______。 12．（12分）光敏电阻是阻值随着光照度变化而发生变化的元件。照度可以反映光的强弱。光越强，照度越大，照度单位为lx。某光敏电阻R在不同照度下的阻值如图甲所示。 某同学采用光敏电阻以及其他器材
11、通过改变光照度来测定一节干电池的电动势和内阻。现备有下列器材： A．待测的干电池（电动势约为1.5V，内电阻小于1.0Ω） B．电流表：量程0~0.6A，内阻0.1Ω C．电流表：量程0~3A，内阻0.024Ω D．电压表：量程0~3V，内阻约3kΩ E.电压表：量程0~15V，内阻约15kΩ F.光敏电阻（符号：） H.开关，导线若干 在测定电池电动势和内阻的实验中，由于电流表和电压表内阻的影响，测量结果存在系统误差。在现有器材的条件下，要尽可能准确地测量电池的电动势和内阻。 (1)在上述器材中电流表选___，电压表选___（填写选项前的字母）； (2)在图乙方框中两出
12、相应的实验电路图____； (3)多次改变光的照度，得到多组电压、电流值。利用测出的数据在图丙所示的坐标图中描出对应的点，由此绘出U－1图象____，在修正了实验系统误差后。得出干电池的电动势E=1.50V，内电阻r=___Ω； (4)当电流表读数为0.30A时，光的照度为___lx。（结果保留两位有效数字） 四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。 13．（10分）如图所示，CDE和MNP为两根足够长且弯折的平行金属导轨，CD、MN部分与水平面平行，DE和NP与水平面成30°，间距L=1m，CDNM面上有垂直导轨平
13、面向下的匀强磁场，磁感应强度大小B1=1T，DEPN面上有垂直于导轨平面向上的匀强磁场，磁感应强度大小B2=2T。两根完全相同的导体棒a、b，质量均为m=0.1kg，导体棒b与导轨CD、MN间的动摩擦因数均为μ=0.2，导体棒a与导轨DE、NP之间光滑。导体棒a、b的电阻均为R=1Ω。开始时，a、b棒均静止在导轨上除导体棒外其余电阻不计，滑动摩擦力和最大静摩擦力大小相等，运动过程中a、b棒始终不脱离导轨，g取10m/s2. (1)b棒开始朝哪个方向滑动，此时a棒的速度大小； (2)若经过时间t=1s，b棒开始滑动，则此过程中，a棒发生的位移多大； (3)若将CDNM面上的磁场改成竖直向上
14、大小不变，经过足够长的时间，b棒做什么运动，如果是匀速运动，求出匀速运动的速度大小，如果是匀加速运动，求出加速度大小。 14．（16分）如图甲所示，玻璃管竖直放置，AB段和CD段是两段长度均为l1＝25 cm的水银柱，BC段是长度为l2＝10 cm的理想气柱，玻璃管底部是长度为l3＝12 cm的理想气柱．已知大气压强是75 cmHg，玻璃管的导热性能良好，环境的温度不变．将玻璃管缓慢旋转180°倒置，稳定后，水银未从玻璃管中流出，如图乙所示．试求旋转后A处的水银面沿玻璃管移动的距离． 15．（12分）如图所示，半径为a的圆内有一固定的边长为1.5a的等边三角形框架ABC，框架中心
15、与圆心重合，S为位于BC边中点处的狭缝．三角形框架内有一水平放置带电的平行金属板，框架与圆之间存在磁感应强度大小为B，方向垂直纸面向里的匀强磁场．一束质量为m、电量为q，不计重力的带正电的粒子，从P点由静止经两板间电场加速后通过狭缝S，垂直BC边向下进入磁场并发生偏转．忽略粒子与框架碰撞时能量与电量损失．求： (1)要使粒子进入磁场后第一次打在SB的中点，则加速电场的电压为多大？ (2)要使粒子最终仍能回到狭缝S，则加速电场电压满足什么条件？ (3)回到狭缝S的粒子在磁场中运动的最短时间是多少？ 参考答案 一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四
16、个选项中，只有一项是符合题目要求的。 1、D 【解析】 A．发电机的输出电压随时间变化的关系，由电压的表达式可知T=0.02s，故 又由于变压器不改变交流电的频率，则用户得到的交流电的频率也应为50Hz，A错误； B．由图像可知交流的最大值为Um=500V，因此其有效值为 则输入原线圈的电压为，B错误； C．用电高峰时，用户增多，降压变压器副线圈的电流增大，则原线圈的电流增大，输电电流增大，则输电线上损失的电压增大，C错误； D．深夜小区的用户逐渐减少时，则降压变压器的输入功率减小，输入电流也减小，输电线上损失的功率减小，D正确。 故选D。 2、C 【解析】 ABD
17、．根据光电效应方程有 Ekm=hν－W0 其中W0为金属的逸出功，其中 W0=hν0 所以有 Ekm=hν－hν0 由此结合图象可知，该金属的逸出功为E或者W0=hν0，当入射光的频率为2ν0时，代入方程可知产生的光电子的最大初动能为E，故ABD正确； C．入射光的频率时，小于极限频率，不能发生光电效应，故C错误。 此题选择错误的，故选C。 3、D 【解析】 AB．由万有引力提供向心力得 解得 当周期变大时，轨道半径将变大，但依然与地球同步，故轨道平面必与赤道共面，故A、B错误； C．由万有引力提供向心力得 可得 轨道半径变大，则加速度减小，故C错
18、误； D．由万有引力提供向心力得 可得 轨道半径变大，则线速度将变小，故D正确； 故选D。 4、D 【解析】 A．中子与质子结合成氘核的过程中有质量亏损，释放能量，故A错误； B．卢瑟福的α粒子散射实验揭示了原子的核式结构模型，故B错误； C．根据光电效应方程知 入射光的频率不变，若仅减弱该光的强度，则仍一定能发生光电效应，故C错误； D．电子由外层轨道跃迁到内层轨道时，放出光子，总能量减小；根据 可知半径越小，动能越大，故D正确。 故选D。 5、D 【解析】 设折射角为α，在右界面的入射角为β，根据几何关系有：，根据折射定律：，增大入射角i，折射
19、角α增大，β减小，而β增大才能使b光发生全反射，故A错误；由光路图可知，a光的折射率小于b光的折射率（），则a光的波长大于b光的波长（），故B错误；根据光电效应方程和遏止电压的概念可知：最大初动能，再根据动能定理：，即遏止电压，可知入射光的频率越大，需要的遏止电压越大，，则a光的频率小于b光的频率（），a光的遏止电压小于b光的遏止电压，故D正确；光是一种横波，横波有偏振现象，纵波没有，有无偏振现象与光的频率无关，故C错误． 点睛：本题考查的知识点较多，涉及光的折射、全反射、光电效应方程、折射率与波长的关系、横波和纵波的概念等，解决本题的关键是能通过光路图判断出两种光的折射率的关系，并能熟
20、练利用几何关系． 6、C 【解析】 根据电场线的指向知E带正电，F带负电；N点的场强是由E、F两电荷在N点产生场强的叠加，电荷E在N点电场方向沿EN向上，电荷F在N点产生的场强沿NF向下，合场强水平向右，可知F电荷在N点产生的场强大于E电荷在N点产生的场强，而，所以由点电荷场强公式知,A错误；只有电场线是直线，且初速度为0或初速度的方向与电场平行时，带电粒子的运动轨迹才与电场线重合．而该电场线是一条曲线，所以运动轨迹与电场线不重合．故在M点由静止释放一带正电的检验电荷，不可能沿电场线运动到N点，B错误；因为电场线和等势面垂直，所以过N点的等势面与过N点的切线垂直，C正确；沿电场线方向电势逐
21、渐降低，，再根据，q为负电荷，知，D错误；故选C． 只有电场线是直线，且初速度为0或初速度的方向与电场平行时，带电粒子的运动轨迹才与电场线重合．电场线和等势面垂直．N点的切线与EF连线平行，根据电场线的方向和场强的叠加，可以判断出E、F的电性及电量的大小．先比较电势的高低，再根据，比较电势能． 二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 7、BD 【解析】 A．整个运动过程中，弹簧对B物体做功，所以B和C组成的系统机械不守恒，故A错误； B．C下滑过程中，绳子的拉
22、力对C做负功，由功能关系可知，物体C的机械能减小，故B正确； C．当B的速度最大时，其加速度为零，绳子上的拉力大小为2mg，此时弹簧处于伸长状态，弹簧的伸长量x2满足 得 故C错误； D．释放瞬间，对B受力分析，弹簧弹力 得 物体B上升的距离以及物体C沿斜面下滑的距离均为 h=x1+x2 由于x1=x2，弹簧处于压缩状态和伸长状态时的弹性势能相等，弹簧弹力做功为零，设B物体的最大速度为vm，由机械能守恒定律得 解得： 故D正确。 8、CD 【解析】 根据牛顿第二定律，μmg=ma，得a=μg，摩擦力与侧向的夹角为45°，侧向加速度大小为，根据
23、−2axs＝1-v12，解得： ，故A错误； 沿传送带乙方向的加速度ay＝μg，达到传送带乙的速度所需时间，与传送带乙的速度有关，故时间发生变化，故B错误；设t=1时刻摩擦力与侧向的夹角为θ，侧向、纵向加速度大小分别为ax、ay， 则，很小的△t时间内，侧向、纵向的速度增量△vx=ax△t，△vy=ay△t，解得 ．且由题意知，t，则，所以摩擦力方向保持不变，则当vx′=1时，vy′=1，即v=2v1．故C正确; 工件在乙上滑动时侧向位移为x，沿乙方向的位移为y，由题意知，ax=μgcosθ，ay=μgsinθ，在侧向上−2axs＝1-v12，在纵向上，2ayy＝(2v1)2−1; 工
24、件滑动时间 ，乙前进的距离y1=2v1t．工件相对乙的位移，则系统摩擦生热Q=μmgL，依据功能关系，则电动机做功： 由 ，解得 ．故D正确；故选CD. 点睛：本题考查工件在传送带上的相对运动问题，关键将工件的运动分解为沿传送带方向和垂直传送带方向，结合牛顿第二定律和运动学公式进行求解． 9、ACD 【解析】 A．煤块在传送带甲上做匀加速运动的加速度 煤块在传送带甲上先匀加速再匀速运动，加速度相同，所以相邻煤块之间的距离与时间的比值即传送带甲的速度，即 故A正确； B．煤块滑上传送带乙时，所受滑动摩擦力的方向与煤块相对传送带乙的运动方向相反，相对传送带乙做匀减速直线运动
25、所以当煤块在传送带乙上沿垂直乙的速度减为零时，煤块已相对传送带乙静止，即相对地面的速度增至，故B错误； C．以传送带甲为参考系，煤块的初速度为，方向与传送带甲的速度方向相反，煤块相对传送带甲做匀减速直线运动，相对加速度仍为，故相对传送带甲的位移 所以煤块在甲传送带上留下的痕迹长度为，故C正确； D．以传送带乙为参考系，煤块的初速度为 相对加速度 煤块相对乙传送带的位移 即煤块在传送带乙上留下的痕迹为，故D正确。 故选ACD。 10、AD 【解析】 从t=0时刻开始，水平面内存在沿+x、+y方向的匀强电场E1、E2，场强大小均为，则由牛顿第二定律可知 小
26、球沿+x、+y方向的加速度的大小均为 经过1s， t=0. 1s时，小球沿+x、+y方向的速度大小均为 小球沿+x、+y方向的位移大小均为 在第2个0. 1s内，小球沿x方向移动的距离 沿y方向移动的距离 沿y方向移动的速度 t=0.2s时，y方向的电场突然消失，x方向的电场变为-x方向，则在第3个0.1 s内小球沿+x方向做匀减速直线运动，由 可知， 在第3个0.1s内，小球沿+x方向移动的距离 t=0.3s时，小球的速度微 综上分析可知， AD正确，BC错误。 故选AD。 三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中
27、指定的答题处，不要求写出演算过程。 11、 370.4 电阻箱的阻值调节范围小 【解析】 (1)①[1]根据原理图连接实物图为 ③[2]当灵敏电流计读数为零时，根据电桥平衡可得 解得 (2)[3]灵敏电流计的示数不能为0，则有 可得 根据题意可知电阻箱的阻值的值必定小于的值，故可能的原因是电阻箱的阻值调节范围小。 12、B D 0.76（0.74﹣0.78） 0.54（0.50-0.56） 【解析】 (1)[1][2]一节干电池的电动势为1.5V，则电压表选择D，因电流较小，故电流表选择B (
28、2)[3]电流表的内阻已知，可采用电流表外接电路，电路如图 (3)[4]根据描点，画出U－I图像，如图 [5]由实验原理得 变形得 由图像可知，内阻为 由于误差(0.74V－0.78V)均可 (4)[6]当电流表读数为0.30A时，读出 则 对照图像可知，光的照度为0.54lx，由于误差(0.50-0.56)lx均可 四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。 13、（1）；（2）0.24m；（3）匀加速，0.4m/s2。 【解析】 （1）开始时，a棒向下运动，b棒受到向左
29、的安培力，所以b棒开始向左运动，当b棒开始运动时有 对a棒 联立解得 （2）由动量定理得对a棒 其中 联立解得 （3）设a棒的加速度为a1，b棒的加速度为a2，则有 且 当稳定后，I保持不变，则 可得 联立解得两棒最后做匀加速运动，有a1=0.2m/s2，a2=0.4m/s2 14、58cm 【解析】 气体发生等温变化，求出两部分气体的状态参量，然后应用玻意耳定律求出气体的体积，再求出水银面移动的距离． 【详解】 设玻璃管的横截面积为S，选BC段封闭气体为研究对象 初状态时，气体的体积为 压强为P1＝75 cmHg
30、＋25 cmHg＝100 cmHg 末状态时，气体的体积为 压强为P2＝75 cmHg－25 cmHg＝50 cmHg 根据 可得l2′＝20 cm 再选玻璃管底部的气体为研究对象，初状态时，气体的体积为 压强为P3＝75 cmHg＋25 cmHg＋25 cmHg＝125 cmHg 末状态时，气体的体积为 压强为P4＝75 cmHg－25 cmHg－25 cmHg＝25 cmHg 根据 可得l3′＝60 cm A处的水银面沿玻璃管移动了 l＝(l2′－l2)＋(l3′－l3)＝10 cm＋48 cm＝58 cm 15、 (1)；(2)；(3) 【解析】 （1）带
31、电粒子在匀强电场中做匀加速直线运动，进入磁场后做圆周运动，结合几何关系找到半径，求解加速电场的电压；（2）要使粒子能回到S，则每次碰撞时粒子速度都应与边垂直，则可能的情况是：粒子与框架垂直碰撞，绕过三角形顶点时的轨迹圆弧的圆心应位于三角形顶点上，即SB为半径的奇数倍；要使粒子能绕过顶点且不飞出磁场，临界情况为粒子轨迹圆与磁场区域圆相切；（3）根据带电粒子在磁场中做匀速圆周运动的轨迹图，找到圆周运动的圆心角，结合圆周运动周期公式，求出在磁场中运动的最短时间； 【详解】 （1）粒子在电场中加速，qU＝mv2 粒子在磁场中，qvB＝ r＝ 解得 （2）要使粒子能回到S，则每次碰撞时粒子速度都应与边垂直，则r和v应满足以下条件： ①粒子与框架垂直碰撞，绕过三角形顶点时的轨迹圆弧的圆心应位于三角形顶点上，即SB为半径的奇数倍， 即 (n＝1，2，3，… ) ②要使粒子能绕过顶点且不飞出磁场，临界情况为粒子轨迹圆与磁场区域圆相切， 即r≤a－a 解得n≥3.3，即n＝4，5，6… 得加速电压(n＝4，5，6，…)． （3）粒子在磁场中运动周期为T qvB＝，T＝ 解得T＝ 当n＝4时，时间最短，即 tmin＝3×6×＋3×T＝T 解得tmin＝.
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