©2010-2026 宁波自信网络信息技术有限公司 版权所有
客服电话：0574-28810668 投诉电话：18658249818
浙ICP备2021020529号-1 | 浙B2-20240490
关注我们 ：
1、2025-2026学年上海市各区县高三3月适应性线上测试物理试题 注意事项 1．考生要认真填写考场号和座位序号。 2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。 3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。 一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。 1、如图所示，一量程为10N的轻质弹簧测力计放在粗糙的水平面上，其两端分别连着木块A和B，已知mA=2kg，mB=3kg，木块A和B与水平面的动摩擦因数均为μ=0.2，今用
2、恒力F水平拉木块A，使整体一起运动，要使测力计的读数不超过其量程，则恒力F的可能值为（ ） A．50N B．30N C．20N D．6N 2、一辆汽车在水平公路上拐弯，其运动可看成匀速圆周运动。沿圆周运动半径方向的汽车轮胎与路面的最大静摩擦力为。圆周运动的半径为，汽车的质量为。在汽车做圆周运动过程中（ ） A．受重力、支持力、半径方向的静摩擦力、向心力 B．为避免侧滑，向心加速度不能超过 C．为避免侧滑，最大速度为 D．速度为时，在半径方向轮胎与地面间的摩擦力为 3、传送带可向上匀速运动，也可向上加速运动；货箱M与传送带间保持相对静止，受传送带的摩擦力为f。则（ ）
3、 A．传送带加速运动时，f的方向可能平行传送带向下 B．传送带匀速运动时，不同质量的货箱，f相等 C．相同的货箱，传送带匀速运动的速度越大，f越大 D．相同的货箱，传送带加速运动的加速度越大，f越大 4、三根通电长直导线垂直纸面平行固定，其截面构成一正三角形，O为三角形的重心，通过三根直导线的电流分别用I1、I2、I3表示，方向如图。现在O点垂直纸面固定一根通有电流为I0的直导线，当时，O点处导线受到的安培力大小为F。已知通电长直导线在某点产生的磁感应强度大小和电流成正比，则（ ） A．当时，O点处导线受到的安培力大小为4F B．当时，O点处导线受到的安培力大小为 C
4、．当时，O点处导线受到的安培力大小为 D．当时，O点处导线受到的安培力大小为2F 5、起重机将静止在地面上的货物竖直向上吊起，货物由地面运动至最高点过程中的v－t图像如图所示，g=10m/s2，以下说法中正确的是（ ） A．0~3s内货物处于失重状态 B．3~5s内货物的机械能守恒 C．5~7s内货物受到向上的拉力为重力的0.3倍 D．货物上升的总高度为27m 6、一质量为m的物体在光滑水平面上以速度v0运动，t=0时刻起对它施加一与速度v0垂直、大小为F的水平恒力，则t时刻力F的功率为（ ） A．0 B． C． D． 二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20
5、分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 7、如图所示，两根弯折的平行的金属轨道AOB和A′O′B′固定在水平地面上，与水平地面夹角都为θ，AO=OB=A′O′=O′B′=L，OO′与AO垂直，两虚线位置离顶部OO′等距离，虚线下方的导轨都处于匀强磁场中，左侧磁场磁感应强度为B1，垂直于导轨平面向上，右侧磁场B2（大小、方向未知）平行于导轨平面，两根金属导体杆a和b质量都为m，与轨道的摩擦系数都为μ，将它们同时从顶部无初速释放，能同步到达水平地面且刚到达水平地面速度均为v，除金属杆外，其余电阻不计，重力加速度为g，则下列
6、判断正确的是（ ） A．匀强磁场B2的方向一定是平行导轨向上 B．两个匀强磁场大小关系为：B1=μB2 C．整个过程摩擦产生的热量为Q1=2μmgLcosθ D．整个过程产生的焦耳热Q2=mgLsinθ﹣μmgLcosθ﹣mv2 8、如图所示，用等长的绝缘线分别悬挂两个质量、电量都相同的带电小球A和B，两线上端固定于O点，B球固定在O点正下方。当A球静止时，两悬线的夹角为θ．下列方法中能保持两悬线的夹角不变的是（ ） A．同时使两悬线长度减半 B．同时使两球的质量和电量都减半 C．同时使A球的质量和电量都减半 D．同时使两悬线长度减半和两球的电量都减半 9、在如图所
7、示的远距离输电电路图中，升压变压器和降压变压器均为理想变压器，发电厂的输出电压和输电线的电阻均不变，随着发电厂输出功率的增大，下列说法中正确的有( ) A．升压变压器的输出电压增大 B．降压变压器的输出电压增大 C．输电线上损耗的功率增大 D．输电线上损耗的功率占总功率的比例增大 10、如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为4∶1，电压表、电流表为理想电表。L1、L2、L3、L4 为四只规格均为“220V，60W”的灯泡。如果副线圈电压按图乙所示规律变化，则下列说法正确的是（ ） A．电压表的示数约为1244.32V B．电流表的示数约为0.82A C．a、b 两
8、端的电压是1045V D．a、b 两端的电压是1100V 三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。 11．（6分）某同学要将一满偏电流为3mA的毫安表G改装为量程为30mA的电流表。他先测量出毫安表G的电阻，然后对表进行改装，最后再利用一标准毫安表，对改装后的电流表进行检测 具体实验步骤如下： ①按电路原理图a连接线路 ②将R1的阻值调到最大，闭合开关S1后调节R1的阻值，使毫安表G的指针偏转到满刻度 ③闭合S2，保持R1不变，调节R2的阻值，使毫安表G的指针偏转到满刻度的三分之一的位置 ④记下R2的阻值 回答下列问题：
9、1）如果按正确操作步骤测得R2的阻值为90Ω，则毫安表G内阻的测量值Rg=___Ω，与毫安表内阻的真实值相比，Rg____（填“>”、“＝”或“<”） （2）若忽略实验的误差，将上述毫安表G改装成量程为30mA的电流表，则需要并联一个阻值R=___Ω的电阻 （3）根据图b所示电路对改装后的电表进行检测，当标准毫安表的示数为16.0mA时，改装表的指针位置如图c所示，由此可以推测出改装的电表量程不是预期值，改装电流表的量程是__mA （4）要达到预期目的，无论测得的内阻值是否正确，都不必重新测量，只需要将阻值为R的电阻换为一个阻值为kR的电阻即可，其中k=____ 12．（12分）某同
10、学查阅电动车使用说明书知道自家电动车的电源是铅蓄电池，他通过以下操作测量该电池的电动势和内电阻． (1)先用多用电表粗测电池的电动势．把多用电表的选择开关拨到直流电压50 V挡，将两表笔与电池两极接触，电表的指针位置如图甲所示，读数为________V． (2)再用图乙所示装置进行精确测量．多用电表的选择开关拨向合适的直流电流挡，与黑表笔连接的应是电池的________极．闭合开关，改变电阻箱的阻值R，得到不同的电流值I，根据实验数据作出图象如图丙所示．已知图中直线的斜率为k，纵轴截距为b，电流档的内阻为rA ，则此电池的电动势E＝________，内阻r＝________(结果用字母
11、k、b、rA表示) ． (3)多用表直流电流档的内阻对电动势的测量值大小________（选填“有”或“无”）影响． 四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。 13．（10分）如图所示，质量均为m的物块A、B放在水平圆盘上，它们到转轴的距离分别为r、2r，圆盘做匀速圆周运动。当转动的角速度为ω时，其中一个物块刚好要滑动，不计圆盘和中心轴的质量，不计物块的大小，两物块与圆盘间的动摩擦因数相同，重力加速度为g，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，求： (1)物块与圆盘间的动摩擦因数为多少； (2)用细线将A、B两物块连接，
12、细线刚好拉直，圆盘由静止开始逐渐增大转动的角速度，当两物块刚好要滑动时，外力对转轴做的功为多少。 14．（16分）一导热性能良好的圆柱形气缸固定在水平面上，气缸上端开口，内壁光滑，截面积为。A是距底端高处的小卡环。质量为的活塞静止在卡环上，活塞下密封质量为的氢气，C为侧壁上的单向导管。大气压强恒定为。环境温度为时，从处注入水，当水深为时，关闭C，卡环恰对活塞无作用力。接下来又从处缓慢导入一定量氢气，稳定后再缓慢提升环境温度到，稳定时活塞静止在距缸底处，设注水过程中不漏气，不考虑水的蒸发，氢气不溶于水。求： ①最初被封闭的氢气的压强； ②导入氢气的质量。 15．（12分）如图所示，A
13、BC等边三棱镜，P、Q分别为AB边、AC边的中点，BC面镀有一层银，构成一个反射面，一单色光以垂直于BC面的方向从P点射入，经折射、反射，刚好照射在AC边的中点Q，求 ①棱镜对光的折射率； ②使入射光线绕P点在纸面内沿顺时针转动，当光线再次照射到Q点时，入射光线转过的角度． 参考答案 一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。 1、C 【解析】 选整体为研究对象，根据牛顿第二定律有 选木块A为研究对象，根据牛顿第二定律有 因为的最大值为10 N，一起运动的最大加速度为 所以要使整体一起运动恒力的
14、最大值为25N，恒力最小为10N，故A、B、D错误；C正确； 故选C。 2、B 【解析】 A．汽车在水平面做圆周运动时，沿圆周半径方向的静摩擦力提供向心力，这不是独立的两个力，A错误； B．汽车向心力的最大值为，对应有最大向心加速度 B正确； C．汽车达最大速度时有 则 C错误； D．速度为时，对应的向心力 则半径方向轮胎与地面间的静摩擦力为，D错误。 故选B。 3、D 【解析】 A．当传送带加速向上运动时，加速度沿传送带向上，根据牛顿第二定律分析可知货箱所受合力沿传送带向上，则有： 知摩擦力的方向向上，故A错误； B．当传送带匀速运动时，货箱
15、受到重力、传送带的支持力和静摩擦力作用，其中重力沿传送带方向的分力与静摩擦力平衡，摩擦力方向一定沿斜面向上，即，不同质量的货箱，f不相等，故B错误； C．传送带匀速运动时的摩擦力为：，与货箱的质量有关，与传送带的速度无关，故C错误； D．当传送带加速向上运动时，加速度沿传送带向上，根据牛顿第二定律分析可知合力沿传送带向上：： 解得：，所以相同的货箱，传送带加速运动的加速度越大，f越大。故D正确。 故选D。 4、C 【解析】 根据安培定则画出在O点的磁感应强度的示意图如图所示 当时，三根导线在O点产生的磁感应强度大小相等，设为，根据磁场叠加原理可知，此时O点的磁感应强度为
16、 此时O点处对应的导线的安培力 AB．由于通电长直导线在某点产生的磁感应强度大小和电流成正比，当时，则有 ， 根据磁场叠加原理可知，此时O点的磁感应强度为 此时O点处对应的导线的安培力 故AB错误； C．当时，有 ， 如图所示 根据磁场叠加原理可知 此时O点处对应的导线的安培力 故C正确； D．当时，有 ， 如图所示 根据磁场叠加原理可知 此时O点处对应的导线的安培力 故D错误。 故选C。 5、D 【解析】 A．货物开始时竖直向上运动，由v－t图像读出0~3s的斜率即加速度为正，表示加速度向上，则货物处于超重状态，
17、故A错误； B．3~5s内货物做向上的匀速直线运动，一定有除重力以外的拉力对货物做正功，则货物的机械能增加，故B错误； C．5~7s内的加速度为 由牛顿第二定律有 可得 则有货物受到向上的拉力为重力的0.7倍，故C错误； D．v－t图像的面积表示货物上升的总位移，则总高度为 故D正确。 故选D。 6、B 【解析】 根据牛顿第二定律有 因，则恒力F的方向为初速度为零的匀加速直线运动，t时刻的速度为 根据功率的定义可知 故B正确，ACD错误。 故选B。 二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个
18、选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 7、ABD 【解析】 A.由题意可知，两导体棒运动过程相同，说明受力情况相同，对a分析可知，a切割磁感线产生感应电动势，从而产生沿导轨平面向上的安培力，故a棒受合外力小于mgsinθ﹣μmgcosθ；对b棒分析可知，b棒的受合外力也一定小于mgsinθ﹣μmgcosθ，由于磁场平行于斜面，安培力垂直于斜面，因此只能是增大摩擦力来减小合外力，因此安培力应垂直斜面向下，由流过b棒的电流方向，根据左手定则可知，匀强磁场B2的方向一定是平行导轨向上，故A正确； B.根据A的分析可知，a棒受到的安培力与b棒受到的安培力产
19、生摩擦力应相等，即B1IL=μB2IL；解得B1=μB2，故B正确； C.由以上分析可知，b棒受到的摩擦力大于μmgcosθ，因此整个过程摩擦产生的热量Q12μmgLcosθ，故C错误； D.因b增加的摩擦力做功与a中克服安培力所做的功相等，故b中因安培力而增加的热量与焦耳热相同，设产生焦耳热为Q2，则根据能量守恒定律可知： 2mgLsinθ﹣2μmgLcosθ﹣2Q2=2mv2 解得整个过程产生的焦耳热： Q2=mgLsinθ﹣μmgLcosθ﹣mv2 故D正确。 故选ABD。 8、CD 【解析】 同时使两悬线长度减半，若角度θ不变，球间距减半，根据公式，静电斥力增加为4倍
20、故重力和静电斥力的合力方向一定改变，不能在原位置平衡，故A错误；同时使两球的质量和电荷量减半，A球的重力减小为一半，静电力都减小为四分之一，故重力和静电斥力的合力方向一定改变，不能在原位置平衡，故B错误；同时使A球的质量和电荷量减半，A球的重力和静电力都减小为一半，故重力和静电斥力的合力方向不变，球能保持平衡，故C正确；同时使两悬线长度和两球的电荷量减半，球间距减为一半，根据公式，静电力不变，故重力和静电斥力的合力方向不变，球能保持平衡，故D正确。所以CD正确，AB错误。 9、CD 【解析】 试题分析：由于发电厂的输出电压不变，升压变压器的匝数不变，所以升压变压器的输出电压不变，故A错
21、误． B、由于发电厂的输出功率增大，则升压变压器的输出功率增大，又升压变压器的输出电压U2不变，根据P=UI可输电线上的电流I线增大，导线上的电压损失变大，则降压变压器的初级电压减小，则降压变压器的输出电压减小，故B错误．根据P损=I线2R，又输电线上的电流增大，电阻不变，所以输电线上的功率损失增大，故C正确．根据，则有：；发电厂的输出电压不变，输电线上的电阻不变，所以输电线上损耗的功率占总功率的比例随着发电厂输出功率的增大而增大．故D正确．故选CD． 考点：远距离输电 10、BC 【解析】 A．由输出端交变电压的图象可求出有效值220V，由原、副线圈匝数之比4:1，可得原、副线圈的电
22、压之比4:1，则原线圈的电压即电压表的示数为 故A错误； B．副线圈电压为220V，L2、L3、L4三只灯泡都正常发光，电流表的示数为 故B正确； CD．原、副线圈的电流之比，则原线圈电流为 灯泡的电阻 则、两点的电压 故C正确，D错误。 故选BC。 三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。 11、180 < 20 )32 【解析】 （1）[1]由于指针指在三分之一的位置，说明R2分得电流为电流计电流的两倍，所以电流计电阻是R2的两倍，为180Ω。闭合S2后，R2与R
23、g的并联值R并
24、V； (2)[2]．作为电流表使用时，应保证电流由红表笔流进，黑表笔流出，故黑表笔连接的是电池的负极； [3][4]．由闭合电路欧姆定律可得： 变形可得： 则由图可知： 则可解得： (3)[5]．由于多用表存在内电阻，所以由闭合电路欧姆定律得： E=IR+I（RA+r） 变形为： 由图象可知斜率和不考虑多用表的内电阻时相同，所以多用表的内电阻对电源电动势的测量结果无影响。 四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。 13、（1） （2） 【解析】 (1) 由分析可知
25、物块离转轴的距离越大，越容易滑动，因此最先滑动的是物块B。根据牛顿第二定律 解得： (2) 当两物块刚好要滑动时，设转动的角速度为ω1．对物块A研究有： 对物块B研究有： 解得： 则物块A的线速度大小为： 物块B的线速度大小为： 根据功能关系可得，外力做的功为： 14、① ；② 【解析】 ① 设设注水前气体的体积为V1，从最初到水深为时，气体经历等温过程，注水后气体压强为p2，由玻意耳定律 其中 对活塞，有 联立解得 ②设导入气体后且尚未升温时气体总度为h，显然此时活塞已经离开卡环，接下来升温过程为等压过程，则有 解得 考虑到此h高度的气体中，原有气体点高为，故后导入的气体点高为 解得 设此时密度为，则有 解得 15、①；②120°． 【解析】 ①画出光路图，根据对称性及光路可逆结合几何关系可知，光在AB面的入射角i＝60°，折射角r＝30°，根据折射定律有 ②当光线再次照射到Q点时，光路如图乙所示，由几何关系可知，折射角θ＝30°，根据折射定律有 解得：α＝60°，因此入射光转过的角度为i+α＝120°
©2010-2026 宁波自信网络信息技术有限公司 版权所有
客服电话：0574-28810668 投诉电话：18658249818
浙ICP备2021020529号-1 | 浙B2-20240490
关注我们 ：
