广东省广州市天河区汇景实验学校2025-2026学年九年级上学期9月月考物理试题（解析版）.docx

广东省广州市天河区汇景实验学校2025-2026学年九年级上学期9月月考物理试题答案
1．C

【详解】A．一根筷子的长度约为 23cm，故 A 错误；

B. 不锈钢碗的碗口直径约为 12cm，故 B 错误；

C. 当不锈钢碗的体积约为 200ml 左右，自重几十克，所以装满水后，其总质量约为 270g，故 C 正确；

D. 人体体温约为 37℃，口腔感到温热，则汤的温度约大于 37℃，故 D 错误。故选 C。
2．A

【详解】AB．物体放在水平面上，对水平面的压力等于其自身重力，将面团揉成饼胚，改变了面团的形状，面团所含物质的多少（即质量 m）没有改变，根据 G=mg 可知，面团的重力不变，所以其对桌面的压力也不变，故A 符合题意，B 不符合题意；
CD．压力不变，将面团揉成饼胚后，面团与桌面的接触面积（受力面积）变大，在压力不变的情况下，受力面

F
积变大，根据 p = 可知，压强会变小，故 CD 不符合题意。
S
故选 A。3．D

试卷第 8页，共 8页

【详解】由图得，甲滑轮组

n = 3

乙滑轮组

n¢ = 2

A. 由图得，拉着同一物体，甲绳子末端的拉力大于乙绳子末端的拉力，因此乙更省力，故 A 错误；

B. 由 s = nh 得，乙绳子自由端移动距离更小，故 B 错误；

C. 两次所做的有用功都是

W有=Gh=10N ´ 0.2m=2J

故 C 错误；

D. 此过程 F1 做的功

W1 = F1 ´ s = F1 ´ nh = 9N´ 3´ 0.2m=5.4J



F2 做的功

W2 = F2 ´ s¢ = F2 ´ n¢h =6N ´2 ´0.2m=2.4J

故 D 正确。故选 D。4．C
【详解】A．甲图中，向上提活塞时，活塞下方气压减小，在外界大气压的作用下，水被压入泵筒内，所以活塞式压水井是利用大气压工作的，故 A 正确，不符合题意。
B. 乙图中，滑雪板做得比较宽，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小对雪地的压强，防止陷入雪中，故 B 正确，不符合题意。
C. 丙图中，机翼的上方是凸起的，下方是平直的，当飞机在空中飞行时，机翼上方的空气流速大，压强小；下方的空气流速小，压强大，这样在机翼的上下表面产生一个向上的压强差，从而获得升力，这是利用了“流体流速越大的位置压强越小”的原理，故 C 错误，符合题意。
D. 丁图中，根据液体压强公式 p = ρgh 可知，液体内部的压强随深度的增加而增大，所以拦河大坝的底部受到水的压强比上部大，为了能够承受更大的压强，大坝都设计成上窄下宽的形状，故 D 正确，不符合题意。
故选 C。5．C
【详解】A．平衡车在水平路面上匀速直线运动，说明它在水平方向上受力平衡；平衡车运动时会受到空气阻力，这个阻力是向后的，所以为了保持匀速运动，平衡车必须受到一个向前的力来平衡这个阻力，这个向前的力就是地面对平衡车轮子的摩擦力，它也是驱动平衡车前进的动力，因此平衡车受到地面摩擦力的作用，故 A 错误； B．根据牛顿第一定律（惯性定律），运动的物体在不受任何力或所受合力为零时，将保持匀速直线运动状态； 平衡车原来处于匀速直线运动状态，若它所受的力全部消失，它将保持原来的运动状态，即继续做匀速直线运动，不会逐渐停下来，故 B 错误；
C．小明对平衡车的压力，施力物体是小明，受力物体是平衡车；平衡车对小明的支持力，施力物体是平衡车，受力物体是小明，这两个力大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在两个不同的物体上，是一对相互作用力，故 C 正确；
D．平衡力的特点是作用在同一个物体上，小明所受的重力，受力物体是小明；小明对平衡车的压力，受力物体是平衡车，这两个力作用在不同的物体上，所以不是一对平衡力，故 D 错误。
故选 C。6．D
【详解】由图可知，以灯为参照物，甲、乙两图比较，小车是向东要远离灯，所以小车向东运动。先拍摄的图片 中，小球 b 悬线竖直，说明小车匀速运动；后拍摄的图片中，小球悬线向东偏了，说明小车在做减速运动，小球由于惯性仍然以原来的速度向前运动造成的，故 D 符合题意，ABC 不符合题意。
故选 D。7．B
【详解】A．盆景自动供水装置，蓄水瓶上端密封，不是连通器，故 A 错误；
B. 塑料吸盘，使用时用力将吸盘内的空气挤出，使吸盘内部的气压减小，小于外部的大气压，在外部大气压的作用下，吸盘被紧紧地压在墙壁上，故 B 正确；
C. 液体的沸点随气压的增大而升高，高压锅通过限压阀增大锅内气体的压强，从而提高锅内水的沸点，使食物更容易煮熟，故 C 错误；
D. 将自制气压计从山脚拿到山顶时，高度增加，大气压减小，而瓶内气压不变，所以在瓶内气压的作用下，自制气压计玻璃管内液面上升，故 D 错误。
故选 B。8．B
【详解】A．做功的两个必要因素是：作用在物体上的力和物体在力的方向上通过的距离；若搬运货物 N 竖直运动，力 FN 的方向竖直向上，则货物 N 在竖直方向上移动了距离，因此力 FN 对货物 N 做了功，故 A 不符合题意； B．若搬运货物 M 水平运动，力 FM 的方向是竖直向上的，而货物 M 的运动方向是水平的，力的方向与运动方向垂直，根据做功的定义，力 FM 对货物 M 不做功，故 B 符合题意；
C．由图丙可知，货物 M 和 N 的动能均不随时间变化，说明它们都做匀速直线运动；从图中可以看出，货物 N 的动能大于货物 M 的动能，而动能与物体的质量和速度有关，在质量相同时，速度越大，则动能越大，所以可得 vN > vM，故 C 不符合题意；
D．两货物都做匀速直线运动，处于平衡状态；在竖直方向上，货物受到的支持力与自身的重力是一对平衡力，大小相等，因为两货物的质量相同，根据G＝mg 可得，它们的重力也相同，所以有 FM=FN，故 D 不符合题意。故选 B。
9．B

【详解】 A．在 O 点时，运动员处于最高点，只受到重力作用，所受合力不为零，不是平衡状态，故 A 错误； B．重力势能的大小与物体的质量和高度有关，从 A 点到 C 点的过程中，运动员的质量不变，高度不断降低，因此其重力势能一直减小，故 B 正确；
C．弹性势能的大小与物体的弹性形变程度有关，从 A 点到 C 点的过程中，蹦床的形变程度越来越大，因此其弹性势能一直增大，故 C 错误；
D．运动员的动能大小与速度有关，从 O 点到 B 点的过程中，运动员的速度一直在增大；在 B 点时，运动员受到的重力与弹力相等，合力为零，此时速度达到最大，动能最大；从 B 点到 C 点的过程中，弹力大于重力，运动员做减速运动，速度减小，动能减小；到达 C 点时，速度为零，动能为零，因此运动员的动能在 B 点最大， 在 C 点为零，故 D 错误。
故选 B。10．D
【详解】A．小球在甲杯中漂浮，处于静止状态，根据二力平衡和物体的浮沉条件可知，此时小球受到的浮力等于小球的重力，故 A 不符合题意；小球在甲杯中漂浮，根据浮沉条件可知，甲杯中液体的密度大于小球的密度，故 B 不符合题意；
B. 小球在甲杯中漂浮，处于静止状态，受到的浮力等于小球的重力，小球在乙杯中悬浮，处于静止状态，根据二力平衡和物体的浮沉条件可知，此时小球受到的浮力也等于小球的重力，所以小球在甲杯中受到的浮力等于在乙杯中受到的浮力，故 C 不符合题意；
C. 因为小球在甲杯中受到的浮力等于在乙杯中受到的浮力，根据阿基米德原理 F浮 = G排 可知

因为

F浮甲 = F浮乙

G排甲=G排乙

所以

m排甲g = m排乙g

m排甲 = m排乙

所以小球在甲杯排开液体的质量等于在乙杯排开液体的质量，故 D 符合题意。
故选 D。
11．(1) 运动状态 大小

(2) 见详解

(3) 有

【详解】（1）[1]由甲图可知，用球拍拍悬挂的乒乓球，乒乓球受到力的作用，由静止变为运动，说明：力可以改变物体的运动状态。
[2] 由甲、乙可知，分别轻拍和重拍悬挂的乒乓球，乒乓球弹起的高度不同，说明：力的作用效果与力的大小有关。
（2） 重力方向始终竖直向下，小球的重心在小球的球心，过球心作竖直向下的重力，用符号 G 表示，如图所示：
（3） 球撞击墙壁时运动方向发生了改变，即它的运动状态发生了改变，所以墙壁对乒乓球有作用力。

12．(1)见详解

(2) ＞ 见详解

(3) 见详解
【详解】（1）过支点 O 作力 F 作用线的垂线段即为力臂 l，作图如下：

（2） 由数学三角函数知识可知拉力 F 的力臂 l 长为l = 1 (OB + AB ) = 1 (60cm + 20cm) = 40cm
2 2

根据杠杆平衡条件，则有 Fl = GM ´OB ，即450N ´ 40cm = GM ´60cm

解得GM = 300N ，所以有 F＞GM 。

（3） 当以 OA 为拉力的力臂时，力臂最长，根据杠杆平衡条件，此时拉力最小，所以过点 A 作垂直于 OA 向上的力即为使杠杆保持水平静止的最小力 F'，作图如下：

13．(1) 5 水平向左 相等

(2)5

(3) >
【详解】（1）[1][2]结合乙、丙两图可知，0∼3s 内，物体受 5N 的拉力做匀速直线运动，此时物体处于平衡状态， 受到的滑动摩擦力和此时的拉力大小相等，为 5N，方向与拉力的方向相反，为水平向左。
[3] 物体在 3~6s 都在相对于水平面运动，所受摩擦均为滑动摩擦，运动过程中，物体对接触面的压力大小不变， 接触面的粗糙程度不变，所以受到的滑动摩擦力大小不变，所以这段时间内的摩擦力大小相等。
（2） 由图乙可知，6~9s 内，物体做匀速直线运动，受力平衡，拉力与摩擦力是一对平衡力，大小相等，方向相反，摩擦力等于 5N，所以拉力大小等于摩擦力大小，即拉力大小为 5N。
（3） 在 0∼3s 内和 6~9s 内物体所受的拉力相等，但 0∼3s 内物体的速度更快，根据 P = Fv 可得 P1>P2。
14．(1) 320 不守恒

(2) ③ ②

【详解】（1）[1]物体动能和势能的总和叫机械能，由表中数据可知，小球在 M 点动能为 80J，重力势能为 240J， 所以小球在 M 点时的机械能为 E=80J+240J=320J
[2]由图可知，小球弹跳的高度越来越低，说明小球在运动过程中，机械能越来越少，故在整个运动过程中，小球的机械能不守恒。
（2）由表中数据可知，N 点的重力势能比较大，说明 N 点的高度比较高所以 N 点的位置最有可能在位置②处； 小球在 N 的机械能为 E′=200J+300J=500J
小球在运动过程中，机械能越来越少，由于小球在 M 点的机械能小于 N 点的机械能，所以 M 点的位置最有可能在位置③处。
15．(1)压强(2)120N (3)2000Pa
(4) 1200N 10
【详解】（1）根据压强公式 p= F ，饮料瓶倒放时，受力面积减小，在压力不变的情况下，压强会增大，容易损
S
坏包装箱，故包装箱摆放时要求内部饮料瓶的瓶口向上。

（2） 这箱饮料放在水平地面上，对地面的压力等于其总重力，则这箱饮料对地面的压力为

F压 =G总=m总g=12kg´10N/kg=120N

（3） 由题意可知，包装箱的尺寸为 30cm×20cm×25cm，正常放置时，与地面的接触面积（受力面积）为

S =30cm´ 20cm=600cm2 =0.06m2

根据 p= F 可得，这箱饮料对地面的压强 p= F压 =
120N

=2000Pa

S S 0.06m2

（4） ①[1]根据 p= F 可得，包装箱底部能承受的最大压力为 F

=p S =2 ´104Pa ´0.06m 2=1200N

S

②[2]设最多叠放 n 箱，则有nG总=F压大即n ´120N=1200N
解得n=10 ，即这种包装箱叠放时，最多能叠放 10 箱。
16．(1)见解析(2)1.4×104N；1×104N
(3)0.2m/s (4)3×104J；80%
压大 大

【详解】（1）由图乙可知，第 3s 时 A 静止不动，此时 A 受到重力、钢缆绳的拉力和浮力作用，处于平衡状态，

此时 A 的受力示意图如下图所示：

（2） 由于完全浸没在水中，排开的体积 V 排=V=1.4m3
则物体受到的浮力为 F 浮=ρ水gV 排=1×103kg/m3×10N/kg×1.4m3=1.4×104N
根据力的平衡关系可知，钢缆绳对 A 的拉力为 F 缆=G-F 浮=2.4×104N-1.4×104N=1×104N
（3） 由图可知，4s～8sA 上升的高度为 s=1.6m-0.8m=0.8m

（4）①由图可知滑轮组的动滑轮绕绳子的段数 n=3，拉力 F 做的功为 W 总=Fs=Fnh=1×104N×3×1m=3×104J

17．(1)0.5

(2) 3.00 2.5 2.50 丙

【详解】（1）拉力的单位是 N，弹簧的伸长量单位是 cm，则比值 k 的单位是 N/cm，这根弹簧 k 的大小为
k = 3N =0.5N/cm 6cm
（2）[1]把弹簧悬挂在竖直的刻度尺旁，静止时如图乙，刻度尺的分度值为 0.1cm，则此时弹簧长度为11.50cm-8.50cm=3.00cm
[2][3]在弹簧下端挂上钩码，某次弹簧静止时如图丙所示，每个钩码的重力为 0.5N，则 5 个钩码的拉力

F=5×0.5N=2.5N

此时弹簧的长度为 11.50cm-6.00cm=5.50cm

则弹簧的伸长量 x=5.50cm-3.00cm=2.50cm

[4] 根据表中的数据，请在甲图中描点，并画出 F-x 图象（对应图线记为 b），如图所示：

[5] 图线 b 的 k 值为k¢ =
5N =1N/cm 5cm

大于原来图线 a 的 k 值，可以判断丙同学的猜想是正确的。

18．(1)弹簧测力计和量角器(2)见解析
(3) θ/° F/N (4)见解析
【详解】（1）实验要验证“斜面的倾斜程度越小，抬高物体时越省力”的猜想，需要测量的是斜面的倾斜角度和拉
力，所以，除了如图所示的器材以外，还必须用到的测量工具是弹簧测力计和量角器。

（2）实验的操作步骤如下：
①用弹簧测力计竖直勾起图中的带钩木块，测量时应让木块保持静止状态，受到的重力和拉力是平衡力，依据二力平衡的条件得出带钩木块重力的大小 G 等于弹簧测力计的示数；将带钩木块的重力记录在表格中；
②带钩木块放在斜面上，应用弹簧测力计沿斜面匀速向上拉带钩木块，记录弹簧测力计读数 F1；

③通过移动垫着斜面长木板的垫块（向右移时倾角变小，向左移倾角变大），改变斜面倾角θ；重复步骤②，再次记录此时弹簧测力计的读数 F2；
④重复步骤③一次，记录弹簧测力计的读数 F3。

（3）[1][2]由实验过程可知，①②应分别填写斜面倾角θ/°、拉力 F/N。

（4）当斜面的倾斜程度越小，弹簧测力计的示数（拉力）越小且小于木块重力时，能证明小明的猜想是正确的。