初中物理简单机械练习题人教版2.doc

初中物理】 简单机械练习题 人教版（word）

一、简单机械选择题
1．工人师傅运用如图所示两种方式，将均为300N货物从图示位置向上缓慢提高一段距离．F1、F2一直沿竖直方向；图甲中OB=2OA，图乙中动滑轮重为60N，重物上升速度为0.01m/s．不计杠杆重、绳重和摩擦，则下列说法对是（　　）

A．甲乙两种方式都省二分之一力 B．甲方式F1由150N逐渐变大
C．乙方式机械效率约为83.3% D．乙方式F2功率为3W
【答案】C
【解析】
试题分析：由甲图可知，OB=2OA，即动力臂为阻力臂2倍，由于不计摩擦、杠杆自重，由杠杆平衡条件可知，动力为阻力二分之一，即F1150N；由图乙可知，n=3，不计绳重和摩擦，则F2=G+G动）/3=（300N+60N）/3=120N，故A错误；甲图中，重力即阻力方向是竖直向下，动力方向也是竖直向下，在提高重物过程中，动力臂和阻力臂比值不变，故动力F1 大小不变，故B错误；不计绳重和摩擦，则乙方式机械效率为：η=W有/W总=W有/W有+W额=Gh/Gh+G轮h=G/G+G轮=300N/300N+60N=83.3%，故C对；乙方式中F2=120N，绳子自由端速度为v绳=0.01m/s×3=0.03m/s，则乙方式F2功率为：P=F2 v绳=120N×0.03m/s=3.6W，故D错误，故选C．
考点：杠杆平衡条件；滑轮组）机械效率；功率计算

2．如图所示，定滑轮重4N，动滑轮重0.5N，在拉力F作用下，1s内将重为4N物体A沿竖直方向匀速提高了10cm．假如不计绳重和摩擦．则如下计算成果对是

A．绳子自由端移动速度为0.3m/s
B．拉力F大小为4N
C．拉力F功率为0.45W
D．滑轮组机械效率为75%
【答案】C
【解析】
【详解】
由图懂得，承担物重绳子有效股数是：n=2，
A．绳端移动距离是：
s=2h=2×0.1m=0.2m，
绳子自由端移动速度是：
，
故A错误；
B．不计绳重和摩擦，则拉力，
故B错误；
C．拉力做总功：W总 =Fs=2.25N×02m=0.45J，拉力F功率：
，
故C对；
D．拉力做有用功W有 =Gh=4N×0.1m=0.4J，滑轮组机械效率是：
≈88.9%，
故D错误。

3．如图用同一滑轮，沿同一水平面拉同一物体做匀速直线运动，所用拉力分别为F1、F2、F3，下列关系中对是

A．F1＞F2＞F3
B．F1＜F2＜F3
C．F2＞F1＞F3
D．F2＜F1＜F3
【答案】D
【解析】
【详解】
第一种图中滑轮为定滑轮，由于定滑轮相称于一种等臂杠杆，不能省力，
因此根据二力平衡，此时拉力F1=f；
第二个图中滑轮为动滑轮，由于动滑轮可省二分之一力，
因此根据二力平衡，此时拉力F2=f；
第三个图中滑轮为动滑轮，由二力平衡可知此时拉力等于两股绳子向右拉力，即F3=2f；
由此可得F2< F1< F3.
故D对.

4．工人师傅运用如图所示两种方式，将重均为300N货物从图示位置向上缓慢提高0.5m。F1、F2一直沿竖直方向；图甲中OB＝2OA，图乙中动滑轮重为60N，重物上升速度为0.01m/s。不计杠杆重、绳重和摩擦，则下列说法对是

A．甲乙两种方式都省二分之一力
B．甲方式F1由150N逐渐变大
C．乙方式有用功是180J
D．乙方式F2功率为3.6W
【答案】D
【解析】
【分析】
（1）根据杠杆特点和动滑轮特点分析甲乙两种方式省力状况；
（2）根据动力臂和阻力臂关系分析甲方式F1变化；
（3）根据W有用=Gh可求乙方式有用功；
（4）根据公式P=Fv求出乙方式F2功率。
【详解】
A、甲图，F1为动力，已知OB=2OA，即动力臂为阻力臂2倍，由于不计摩擦、杠杆自重，由杠杆平衡条件可知，动力为阻力二分之一，即F1=150N；由图乙可知，n=3，不计绳重和摩擦，则，故A错误；
B、甲图中，重力即阻力方向是竖直向下，动力方向也是竖直向下，在提高重物过程中，动力臂和阻力臂比值不变，故动力F1为150N不变，故B错误；
C、不计绳重和摩擦，乙方式有用功为：W有用=Gh=300N×0.5m150J，故C错误；
D、乙方式中F2=120N，绳子自由端速度为v绳=0.01m/s×3=0.03m/s，则乙方式F2功率为：，故D对。
故选D。

5．用图中装置匀速提高重为100N物体，手拉力为60N，滑轮机械效率为（ ）

A．16.7% B．20% C．83.3% D．100%
【答案】C
【解析】
【详解】
由图可知，提高重物时滑轮位置跟被拉动物体一起运动，则该滑轮为动滑轮；
∴拉力移动距离s=2h，
η=====≈83.3%．

6．如图所示，工人运用动滑轮吊起一袋沙过程中，做了300J有用功，100J额外功，则该动滑轮机械效率为（ ）

A．75％ B．66．7％ C．33．3％ D．25％
【答案】A
【解析】
试题分析：由题意可知，人所做总功为W总=W有+W额=300J+100J=400J，故动滑轮机械效率为η=W有/W总=300J/400J=75%，故应选A。
【考点定位】机械效率

7．用如图所示滑轮组提起重G=320N物体，整个装置静止时，作用在绳自由端拉力F=200N，则动滑轮自身重力是（绳重及摩擦不计）

A．120N
B．80N
C．60N
D．无法计算
【答案】B
【解析】
【详解】
由图可知，n=2，由题知，G物=320N，F=200N，
∵不考虑绳重和摩擦，，
即：，
∴动滑轮重G轮=80N．

8．如图所示，一长为L直杆可绕O点转动，杆下挂一所受重力为G物块，刚开始直杆与竖直方向夹角为60º.为了安全下降物块，用一种一直水平向右且作用于直杆中点拉力F，使直杆缓慢地转动到竖直位置（可以认为杠杆每一瞬间都处在平衡状态），则下列说法对

A．拉力F大小保持不变 B．拉力F和物块重力G是一对平衡力
C．这个过程中物块重力所做功为 D．这个过程中直杆一直都是费力杠杆
【答案】C
【解析】
【详解】
A．由图知，杠杆由与竖直方向成60°角逐渐转到竖直位置时，由于拉力一直水平，因此其力臂逐渐变大；物体对杠杆拉力为阻力，转动过程中阻力臂逐渐变小；由杠杆平衡条件可知拉力F逐渐变小，故A错误；
B．拉力F和物块重力大小不等、不一条直线上，不作用在一种物体上，因此不是一对平衡力，故B错误；
C．杠杆由与竖直方向成60°角时，杠杆右端高度，转到竖直位置时杠杆下端高度降到L处，因此物体下降高度，因此物体重力做功
，故C对；
D．当杠杆转到竖直位置时，阻力臂为0，杠杆为省力杠杆，故D错误。

9．下列简单机械中既可以省力，同步又可以变化力方向是
A．定滑轮              B．动滑轮                 C．斜面                     D．滑轮组
【答案】D
【解析】
【分析】
不一样机械优缺陷都不一样样：动滑轮省力，但不能变化力方向；定滑轮可以变化方向，但不能省力；斜面只能变化力大小；滑轮组既可以变化力大小也可以变化力方向．
【详解】
A、定滑轮只能变化力方向，不能省力，不符合题意；
B、动滑轮可以省力，但不能变化力方向，不符合题意；
C、斜面可以省力，不能变化力方向，不符合题意；
D、滑轮组既可以省力，也可以变化力方向，符合题意；
故选D．

10．用如图所示滑轮组拉动水平地面上重1000N物体A，使物体A在4s内匀速前进了4m，物体A受到地面摩擦力f300N，所用拉力F=120N，忽视绳重、滑轮重及绳与滑轮间摩擦．下列说法中对是

A．绳子自由端在4s内移动了8m B．物体A重力做功功率为1000W
C．物体A克服摩擦力做功为480J D．滑轮组机械效率约为83.3%
【答案】D
【解析】
【详解】
A．由题图可知，承担物体拉力绳子股数n=3，因此物体A在4s内匀速前进了4m，则
绳子自由端在4s内移动了s绳子=3×4m=12m。故A错误。
B．物体在重力方向上没有做功，因此物体A重力做功功率为0，故B错误。
C．物体A克服摩擦力做功W有用=fs=300N×4m=1200J，故C错误。
D．由题可知物体A克服摩擦力做功W有用=fs=300N×4m=1200J，拉力F所做总功W总=Fs绳子=120N×12m=1440J，因此滑轮组机械效率
，
故D对为答案。

11．一均匀木板AB，B端固定在墙壁转轴上，木板可在竖直面内转动，木板下垫有长方形木块C，恰好使木块水平放置，如图所示，既有水平力F由A向B缓慢匀速推进，在推进过程中，推力F将

A．逐渐增大 B．逐渐减小
C．大小不变 D．先增长后减小
【答案】A
【解析】
【详解】
以杆为研究对象，杆受重力G和C对它支持力F支，重力力臂为lG，支持力力臂为l支，根据杠杆平衡条件可得：F支l支=GlG，水平力F由A向B缓慢匀速推进木块，F支力臂在减小，重力G及其力臂lG均不变，根据杠杆平衡条件可知，在整个过程中支持力在逐渐增大；由于支持力逐渐变大，且力作用是互相，因此可知杆对物体C压力也逐渐变大，根据影响摩擦力大小原因可知，C和木板间、C和地面间摩擦力逐渐增大，木块C匀速运动，受到推力和摩擦力是平衡力，推力大小等于摩擦力大小，由力平衡条件可知，水平推力F也逐渐增大，故A符合题意，BCD不符合题意。

12．如图所示，小丽分别用甲、乙两滑轮把同一桶沙从一楼地面提到二楼地面，用甲滑轮所做总功为W1， 机械效率为η1；用乙滑轮所做总功为W2， 机械效率为η2， 若不计绳重与摩擦，则

A．W1 = W2 η1 = η2 B．W1 = W2 η1 < η2
C．W1 < W2 η1 > η2 D．W1 > W2 η1 < η2
【答案】C
【解析】
【分析】
由图可知甲是定滑轮，乙是动滑轮，运用乙滑轮做额外功多，由“小明分别用甲、乙两滑轮把同一桶沙从一楼地面提到二楼地面”可知两种状况有用功，再根据总功等于有用功加上额外功，可以比较出两种状况总功大小．然后运用即可比较出两者机械效率大小．
【详解】
由于用甲、乙两滑轮把同一桶沙从一楼地面提到二楼地面，因此两种状况有用功相似；根据可知：当有用功一定期，运用机械时做额外功越少，则总功越少，机械效率越高．而乙滑轮是动滑轮，因此运用乙滑轮做额外功多，则总功越多，机械效率越低．即．
【点睛】
本题考察功计算和机械效率大小比较这一知识点，比较简单，重要是学生明确哪些是有用功，额外功，总功，然后才能对比较出两种状况下机械效率大小．

13．如图所示滑轮组上:挂两个质量相等钩码A B,放手后将出现现象是（忽视滑轮重,绳重及摩擦） （ ）

A．A下降 B．B下降 C．保持静止 D．无法确定
【答案】A
【解析】分析：运用动滑轮、定滑轮省力特点分析解答此题。定滑轮只能变化力方向，不能省力，动滑轮可以省二分之一力。
解答：B所在滑轮为动滑轮，动滑轮省二分之一力，A所在滑轮为定滑轮，定滑轮不省力；A与B质量相等，重力相等，将B拉起只需A重力二分之一即可，因此A下降，B上升。
故选：A。
【点睛】此题考察了动滑轮、定滑轮省力特点，难点是判断动滑轮和定滑轮，属于基础题目。

14．如图所示，用三个滑轮分别拉同一种物体，沿同一水平面做匀速直线运动，所用拉力分别是F1、F2、F3，比较它们大小应是（ ）

A．F1＞F2＞F3 B．F1＜F2＜F3 C．F2＞F1＞F3 D．F2＜F1＜F3
【答案】D
【解析】
【详解】
设物块与地面摩擦力为f，
第一种图中滑轮为定滑轮，由于使用定滑轮不省力，因此F1=f；
第二个图中滑轮为动滑轮，由于动滑轮实质是动力臂为阻力臂二倍杠杆,使用动滑轮能省二分之一力．因此F2=f；
第三个图中滑轮为动滑轮，但F3处作用在动滑轮上，此时动力臂是阻力臂二分之一，因此要费力即F3=2f；
故F2力臂变化状况，根据杠杆平衡条件求解．
【详解】
如图，

l为动力臂，L为阻力臂,由杠杆平衡条件得：Fl=GL；以O点为轴，由竖直位置逆时针匀速转到水平位置过程中，l不停变小，L逐渐增大，G不变；由于杠杆匀速转动，处在动态平衡；在公式 Fl=GL 中，G不变，L增大，则GL、Fl都增大；又知：l不停变小，而Fl不停增大，因此F逐渐增大，综上可知：动力F增大，动力臂l减小，动力臂和动力乘积M=Fl增大；
故选C．
【点睛】
画力臂：
①画力作用线（用虚线正向或反方向延长）；
②从支点作力作用线垂线得垂足；
③从支点到垂足距离就是力臂．

16．如图所示，滑轮组每个滑轮质量相似，用它们将重为G1、G2货物提高相似高度（不计绳重和摩擦），下列说法对是

A．用同一种滑轮组提起不一样重物，机械效率不变
B．若G1＝G2，则甲机械效率不小于乙机械效率
C．若G1＝G2，则拉力F1与F2所做总功相等
D．若G1＝G2，则甲、乙滑轮组所做额外功相等
【答案】B
【解析】
【分析】
（1）同一滑轮组提起重物不一样步，所做额外功相似，有用功不一样，根据机械效率为有用功和总功比值判断滑轮组机械效率与否变化；
（2）滑轮组所做总功为克服物体重力和动滑轮重力所做功，根据W＝Gh比较两者所做总功之间关系；
（3）滑轮组所做有用功为克服物体重力所做功，根据W＝Gh比较两者大小，再根据机械效率为有用功和总功比值比较两者机械效率之间关系；
（4）根据W＝Gh比较有用功大小．
【详解】
A．用同一种滑轮组提起不一样重物时，额外功不变，但有用功不一样，有用功和总功比值不一样，则滑轮组机械效率不一样，故A错误；
BC．若G1=G2，且货物被提高高度相似，根据W有=G物h可知，两滑轮组所做有用功相等；
不计绳重和摩擦，拉力所做总功为克服物体重力和动滑轮重力所做功，因甲滑轮组只有1个动滑轮（即动滑轮重更小），因此由W总=（G物+G动）h可知，甲滑轮组做总功不不小于乙滑轮组做总功，由可知，甲滑轮组机械效率高，故B对，C错误；
D．两物体被提高高度相似，动滑轮重力不一样，根据W=G动h可知，甲、乙滑轮组所做额外功不相等，故D错误．
故选B．
【点睛】
波及机械效率问题时，关键是要清晰总功、有用功、额外功都在哪，尤其要清晰额外功是对谁做功，使用滑轮或滑轮组时，额外功为提高滑轮做功、克服摩擦及绳子重做功．

17．分别用如图所示甲、乙两个滑轮组，在5s内将重为100N物体G匀速提高2m，每个滑轮重均为10N．不计绳重及摩擦，此过程中（　　）

A．拉力F甲不不小于拉力F乙
B．F甲做功不小于F乙做功
C．甲滑轮组机械效率不不小于乙滑轮组机械效率
D．F甲做功功率等于F乙做功功率
【答案】D
【解析】
【详解】
由题可知,甲乙两滑轮组均将相似物体提高相似高度,由W有＝Gh可知W甲有＝W乙有；不计绳重及摩擦,均只需克服动滑轮自重做额外功,甲乙中均只有一种动滑轮,且动滑轮重相似,由W额＝G动h可知W甲额＝W乙额，由于W总＝W有+W额,因此W总甲＝W总乙。A. 由图可知,n1＝2,n2＝3，不计绳重及摩擦，则F甲＝（G+G动）＝×（100N+10N）＝55N，F乙＝（G+G动）＝×（100N+10N）＝36.7N总甲＝W总乙、时间t也相似,因此P甲＝P乙，故D对；故选D.
【点睛】
甲、乙两个滑轮组将同一物体匀速提高至相似高度，在不计绳重和摩擦状况下，有用功就是提高重物所做功，对动滑轮所做功是额外功，总功等于有用功和额外功之和，机械效率是有用功与总功比值．

18．工人师傅用如图所示滑轮组，将重为800N重物缓慢匀速竖直提高3m，人对绳拉力F为500N，不计绳重和滑轮转轴处摩擦，则（ ）

A．绳子自由端移动距离为9m B．动滑轮重力为200N
C．人通过滑轮组做有用功为1500J D．滑轮组机械效率为53.3%
【答案】B
【解析】
试题分析：由图可知，滑轮组中由2段绳子承担物体和动滑轮总重，即n=2，物体匀速竖直提高3m，则绳子自由端移动距离为：s=nh=2×3m=6m，故A错误．
此过程中，所做有用功为：W有=Gh=800N×3m=2400J，故C错误．
所做总功为：W总=Fs=500N×6m=3000J；
额外功为：W额=W总-W有=3000J-2400J=600J，不计绳重和滑轮转轴处摩擦，则额外功为克服动滑轮重力做功，即W额=G动h，动滑轮重力G动=W额/h=600J/3m=200N，故B对为答案．
滑轮组机械效率

故D错误．
考点：滑轮组机械效率 有用功 额外功

19．在探究“杠杆平衡条件“试验中，杠杆在力F作用下水平平衡，如图所示，现将弹簧测力计绕B点从a位置转动到b位置过程中，杠杆一直保持水平平衡，则拉力F与其力臂乘积变化状况是（ ）

A．一直变小 B．一直变大 C．一直不变 D．先变小后变大
【答案】C
【解析】
【详解】
将测力计绕B点从a位置转动到b位置过程中，钩码重力不变，其力臂OA不变，即阻力与阻力臂乘积不变；由于杠杆一直保持水平平衡，因此根据杠杆平衡条件

可知，拉力F与其力臂乘积也是不变．
【点睛】
重点是杠杆平衡条件应用，要理解当力与杠杆垂直时，力臂是最长，倾斜后力臂会变短，正是由于杠杆保持平衡，因此力臂减小同步，拉力要增大．

20．用如图甲所示装置来探究滑轮组机械效率 η 与物重 G物关系，变化 G物，竖直向上匀速拉动弹簧测力计，计算并绘出 η 与 G物关系如图乙所示，若不计绳重和摩擦，则 下列说法对是

A．同一滑轮组机械效率 η 随 G 物增大而增大，最终将达到 100%
B．当 G物=12N 时，弹簧测力计读数为 5N
C．此滑轮组动滑轮重力为 4N
D．G物不变，变化图甲中绕绳方式，滑轮组机械效率将改
【答案】B
【解析】
【分析】
（1）使用机械时，人们为完毕某一任务所必须做功叫有用功；对完毕任务没有用，但又不得不做功叫额外功；有用功与额外功之和叫总功。有用功与总功比值叫机械效率；
（2）不计绳重和摩擦，结合图中信息，根据求得动滑轮重力，再计算G物=12N时弹簧测力计读数；
（3）G物不变，变化图甲中绕绳方式，分别将同一物体匀速提高到相似高度，做有用功相似；克服动滑轮做额外功相似，由此分析机械效率变化状况。
【详解】
A、使用滑轮组时，克服物重同步，不可避免地要克服动滑轮重做额外功，因此总功一定不小于有用功；机械效率一定不不小于1，即同一滑轮组机械效率η随G物增大而增大，但最终不能达到和超过100%，故A错误；
BC、由图可知，G=12N，此时η=80%，
不计绳重和摩擦，，
即：，
解得动滑轮重力：G动=3N，故C错误；
G物=12N时，弹簧测力计读数：，故B对；
D、G物不变，变化图甲中绕绳方式，将同一物体匀速提高相似高度，因此所做有用功相似，忽视绳重及摩擦时，额外功：，即额外功W额相似，总功相似，则两装置机械效率相似。故D错误。
故选：B。

21．如图所示，某人用扁担担起两筐质量为m1、m2货物，当他肩处在O点时，扁担水平平衡，已知l1＞l2，扁担和筐重力不计。若将两筐悬挂点向O点移近相似距离△l，则

A．扁担仍能水平平衡
B．扁担右端向下倾斜
C．要使扁担恢复水平平衡需再往某侧筐中加入货物，其质量为（m2-m1）
D．要使扁担恢复水平平衡需再往某侧筐中加入货物，其质量为（m2-m1）​
【答案】D
【解析】
【详解】
AB．本来平衡时，m1gl1m2gl2，
由图知，l1＞l2，因此m1＜m2，
设移动相似距离∆l，则左边：m1g（l1−△l）=m1gl1−m1g△l，
右边：m2g（l2−△l）=m2gl2−m2g△l，
由于m1＜m2，因此m1△lg＜m2△lg，
则m1（l1−△l）g＞m2（l2−△l）g，则杠杆左端向下倾斜，故AB错误；
CD．由于m1（l1−△l）g＞m2（l2−△l）g，故往右边加入货物后杠杆平衡，
即：m1（l1−△l）g=（m2+m）（l2−△l） g，
且m1gl1=m2gl2，
得m=（m2−m1），故C错误，D对。

22．如图所示，在斜面上将一种重9N物体匀速拉到高处，沿斜面向上拉力为5N，斜面长3m，高1m。则下列说法中不对是：

A．该过程中做有用功为9J
B．这个斜面机械效率为60%
C．物体所受到摩擦力是5N
D．减小斜面与物体间摩擦可以提高斜面机械效率
【答案】C
【解析】
【分析】
（1）根据公式W=Gh求拉力做有用功；
（2）根据W=Fs求拉力F对物体做总功，斜面机械效率等于有用功与总功之比；
（3）克服摩擦力所做额外功等于总功减去有用功，运用W额=fs求摩擦力；
（4）提高斜面机械效率措施：减小摩擦力、增大斜面倾斜程度。
【详解】
A、拉力做有用功：W有用=Gh=9N×1m=9J，故A对，不符合题意；
B、拉力F对物体做总功：W总=Fs=5N×3m=15J，斜面机械效率 ，故B对，不符合题意；
C、克服摩擦力所做额外功：W额=W总-W有=15J-9J=6J，由W额=fs得摩擦力 ，故C错误，符合题意；
D、减小斜面与物体间摩擦，可以减小额外功，有用功不变，总功减小，有用功与总功比值变大，可以提高斜面机械效率，故D对，不符合题意。
故选C。
【点睛】
本题考察斜面机械效率计算，明确有用功和总功、额外功之间关系以及额外功为克服摩擦力所做功是处理本题关键。

23．如图 所示，轻质杠杆可绕 O（O 是杠杆中点）转动，目前B端挂一重为G物体，在A 端竖直向下施加一种作用力F，使其在如图所示位置平衡，则

A．F 一定不小于 G
B．F 一定等于 G
C．F 一定不不小于 G
D．以上说法都不对
【答案】B
【解析】
【详解】
由题意知，O 是杠杆中点，因此G力臂与F力臂相等；则由杠杆平衡条件知：
F一定等于G。故ACD错误，B对。

24．如图所示，一直杆可绕O点转动，杠杆下端挂一重物，为了提高重物，用一种一直跟杠杆垂直力使杠杆由竖直位置慢慢转到水平位置，在这个过程中直杆

A．一直是省力杠杆 B．一直是费力杠杆
C．先是省力，后是费力 D．先是费力，后是省力
【答案】C
【解析】
【详解】
由图可知动力F1力臂一直保持不变，物体重力G一直大小不变，在杠杆从竖直位置向水平位置转动过程中，重力力臂逐渐增大，在L2＜L1之前杠杆是省力杠杆，在L2＞L1之后，杠杆变为费力杠杆．

25．如图所示装置,重100 N物体A在水平面做匀速直线运动,作用在绳自由端拉力F是20 N,则下列判断对是（不计滑轮重和滑轮间摩擦）

A．作用在物体A上水平拉力是100 N
B．作用在物体A上水平拉力是20 N
C．物体A受到滑动摩擦力是80 N
D．物体A受到滑动摩擦力是40 N
【答案】D
【解析】
【详解】
AB．根据二力平衡条件进行分析,由于有两条绳子作用在动滑轮上,因此作用在物体A上水平拉力F=2×20 N=40 N;故AB错误；
CD．由于物体匀速运动,因此摩擦力等于作用在A上水平拉力,大小为40 N，故C错误，D对。