2026届山西省孝义中学物理高一第一学期期末学业水平测试模拟试题含解析.doc

2026届山西省孝义中学物理高一第一学期期末学业水平测试模拟试题
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处"。
2．作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。
3．非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。

4．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、关于合力与分力，下列说法正确的是( )
A.合力与分力是物体同时受到的力 B.合力一定比分力大
C.合力是各分力共同作用时产生效果的等效替代 D.合力不能等于分力
2、理想实验是科学研究中的一种重要方法，如图所示的是根据可靠的事实进行的斜面理想实验和推论的示意图，这个实验工作曾得到了爱因斯坦的高度评价．是哪位科学家根据这个实验工作推翻了“力是维持物体运动的原因”的观点

A.牛顿
B.伽利略
C.安培
D.亚里士多德
3、如图所示，足够长水平传送带以=2m/s的速度匀速运行．t=0时刻，在左端轻放一质量为m的小滑块，已知滑块与传送带之间的动摩擦因数μ=0.1，重力加速度g=10m/s²，则t=2.5s时滑块的速度为（ ）

A.3m/s B.2m/s
C.1m/s D.0
4、如图所示，光滑水平面上用弹簧固定相连的两物体A、B，质量分别为m1、m2．在拉力F作用下，A、B以共同加速度a做匀加速直线运动．某时刻突然撤去拉力F，此时A、B的加速度分别为a1、a2，则

A.a1=0，a2=0 B.a1=a，a2=-a
C.a1=a，a2=-a D.a1=a，a2=-a
5、一个质点由静止开始沿直线运动，速度随位移变化的图象如图所示，关于质点的运动，下列说法中正确的是（）

A.质点做匀变速直线运动 B.质点做匀加速直线运动
C.质点做加速度逐渐减小的加速运动 D.质点做加速度逐渐增大的加速运动
6、如图所示，物体B的上表面水平，B上面载着物体A，当它们一起沿固定斜面C匀速下滑的过程中物体A受力是（）

A.只受重力
B.只受重力和支持力
C.有重力、支持力和摩擦力
D.有重力、支持力、摩擦力和斜面对它的弹力
7、如图甲所示，足够长的木板B静置于光滑水平面上，其上放置小滑块小滑块A受到随时间t变化的水平拉力F作用时，用传感器测出小滑块A的加速度a，得到如图乙所示的图象，g取，则( )

A.小滑块A的质量为2kg
B.木板B的质量为2kg
C.当时木板B加速度小于
D.小滑块A与木板B间动摩擦因数为
8、水平面上有一个质量m=2kg的小球,小球与水平面的动摩擦因数为小球与水平轻弹簧以及与竖直方向成角的不可伸长的轻绳一端相连,如图所示,此时小球处于静止状态,水平面对小球的支持力恰好为零．假设最大静摩擦力等于滑动摩擦力,已知以下说法正确的是

A.此时轻弹簧的弹力为零
B.此时轻绳的拉力为
C.当剪断轻弹簧的瞬间,小球具有水平同右加速度,大小为
D.当剪断轻绳后小球刚开始滑动瞬间,小球的加速度大小为方向水平向左
9、如图所示，水平地面上的物体A在斜向上的拉力F的作用下，向右做匀速直线运动，拉力F与水平面夹角为θ。下列说法中正确的是（　　）

A.物体A一定受到四个力的作用
B.物体A受到的摩擦力大小为Fsinθ
C.拉力F与物体A受到的摩擦力的合力方向一定是竖直向上
D.物体A受到重力和物体对地面的压力是一对平衡力
10、在某次军事演习中，空降兵从悬停在空中的直升机上跳下，当下落到距离地面适当高度时，打开降落伞，最终安全到达地面，空降兵从跳离飞机到安全到达地面的过程中在竖直方向的v-t图像如图所示，则以下判断正确的是（　　）

A.空降兵在0到t1时间内做自由落体运动
B.空降兵在t1到t2时间内加速度方向竖直向上，大小在逐渐减小
C.空降兵在0到t1时间内的平均速度是
D.空降兵在t1到t2时间内的平均速度小于
11、一只船在静水中的速度为，它要渡过一条宽度为的河，河水的流速为，则下列说法中正确的是（ ）
A.船渡河的最短时间为10s
B.船渡河的速度一定为
C.船不能垂直到达对岸
D.船垂直到达对岸所需时间为6s
12、如图所示，轻质弹簧下端悬挂了一个质量为m的小球，将小球从弹簧原长位置由静止释放，则小球从最高点运动到最低点的过程中，下列说法不正确的是

A.小球加速度逐渐增大
B.小球的速度先增大后减小
C.弹簧弹力等于mg时，小球加速度为g
D.弹簧的弹力逐渐增大
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、如图甲，为测定木块与长木板之间的动摩擦因数的装置，图中长木板水平固定，实验过程中，调整定滑轮高度，使细线与长木板平行。

（1）如图乙为木块在水平长木板上运动带动纸带打出的一部分点迹，0、1、2、3、4、5、6为计数点，相邻两计数点间还有4个计时点未画出，电源的频率为50 Hz。从纸带上测出x1=3.20 cm，x2=4.52 cm，x5=8.42 cm，x6=9.70 cm。则木块加速度大小a=________m/s2.（结果保留两位有效数字）
（2）已知重力加速度为g，测得木块的质量为M，砝码盘和砝码的总质量为m。若木块的加速度为a，则木块与长木板间动摩擦因数μ=______________________.（结果用g、M、m、a表示）
14、小华同学在做“研究小车匀变速直线运动”的实验过程中，所使用的交流电源频率为50Hz，取下做匀加速直线运动的小车带动的一段纸带进行研究，如图所示．O点为记数点的起点，相邻两记数点间还有四个计时点（图中未画出），请回答下面的问题：

（1）他因粗心而忘记测量第1个记数点与起始O点间的距离，请跟据纸带的数据特点推理出S1的长度，S1=_____cm
（2）当打第3个记数点时小车的瞬时速度v3=_____m/s，小车运动的加速度a=_____m/s2（计算结果保留两位有效数字）
15、如图所示，在倾倾角θ=37°，质量 M=10kg 的粗糙斜面体位于水平地面上，质量 m=2kg 的木块置于斜面顶端，木块与斜面之间动摩擦因数0.5 ，木块从斜面顶端加速下滑，（计算时 g 取 10m/s2；sin37°=0.6；cos37°=0.8）求：

（1）下滑过程中木块所受摩擦力 f；
（2）木块下滑过程中，地面对斜面体的支持力 N；
三．计算题(22分)
16、（12分）如图所示的电路中，两平行金属板A、B水平放置，两极板的长度L=80cm，两板间的距离d=20cm。电源电动势E=28V，内电阻r=1Ω，电阻R=15Ω。闭合开关S，待电路稳定后，将一带负电的小球从A、B两金属板左端正中间位置M处以初速度v0=8m/s水平向右射入两板间，恰能从上极板B板右侧边缘射出．若小球带电量为q=1×10-2 C，质量为m=2×10-2 kg，不考虑空气阻力，重力加速度g=10m/s2。求此时：
（1）滑动变阻器接入电路的阻值；
（2）电源的输出功率。

17、（10分）如图所示，传送带与水平面的夹角θ=30°，正以恒定的速度v=2.5m/s顺时针转动，现在其底端A轻放一货物（可视为质点），货物与传送带间的动摩擦因数μ=，经过t=2s，传送带突然被卡住而立即停止转动，由于惯性，货物继续沿传送带向上运动，并刚好到达传送带顶端B．求传送带底端A与顶端B的距离．（g取10m/s2）

参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、C
【解析】合力是各分力共同作用时产生效果的等效替代，考虑合力就不能再考虑分力，故ABD错误，C正确；
故选C。
2、B
【解析】伽利略通过理想斜面实验，推理出了力不是维持物体运动的原因，故B正确，ACD错误。
3、B
解析】物块在传送带上的加速度为

达到传送带速度时的时间为

此后滑块与传送带一起匀速运动，故2.5s时的速度为2m/s。
故B正确。
4、C
【解析】当力F作用时，对A根据牛顿第二定律得：F弹=m1a，当突然撤去拉力F的瞬间，弹簧的弹力没有发生改变，对B受力分析有：-F弹=m2a2，解得：
，
撤去F的瞬间A的受力情况不变，A的加速度不变，仍为a，即a1=a。
A．a1=0，a2=0，故A不符合题意；
B．a1=a，a2=-a，故B不符合题意；
C．a1=a，a2=-a，故C符合题意；
D．a1=a，a2=-a，故D不符合题意。
故选C。
5、D
【解析】从图可知，s与v成正比，即s＝kv，k是比例系数（常量），v，显然加速度与速度呈正比，所以质点做加速度逐渐增大的加速运动，故D正确，ABC错误
6、B
【解析】对A受力分析如图：

AB匀速下滑，加速度为零，对A进行受力分析，受到重力和支持力共两个力，如果B对A有摩擦力，则A在水平方向合力不为零，这和A匀速下滑矛盾，B正确，ACD错误。
故选B。
7、AD
【解析】A．对滑块：

当F等于3N时，滑块的加速度为：，即：

当F等于5N时，滑块的加速度为：，即：

联立可得滑块A的质量：，A与B之间的摩擦力，故A正确；
B．对B进行受力分析，当拉力为3N时，加速度等于，则：

代入数据得：，即可木板B的质量是，故B误；
C．由图可知，当拉力F大于3N后二者即发生相对运动，所以当时木板B加速度仍然为。故C错误；
D．A与B之间的摩擦力：

所以：

故D正确。
故选AD。
8、BD
【解析】先分析剪断轻绳前弹簧的弹力和轻绳的拉力大小；再研究剪断细线的瞬间，弹簧的弹力不变，对小球受力分析，根据牛顿第二定律求出瞬间的加速度大小
【详解】在剪断轻绳前，小球受重力、绳子的拉力以及弹簧的弹力处于平衡，根据共点力平衡得，弹簧的弹力：F=mgtan45°=20×1=20N，绳子拉力，故A错误，B正确；剪断弹簧的瞬间，轻绳对小球的拉力瞬间为零，此时小球所受的合力为零，则小球的加速度为零，故C错误；断轻绳的瞬间，弹簧的弹力仍然为20N，小球此时受重力、支持力、弹簧弹力和摩擦力四个力作用，小球受摩擦力为：f=μmg=0.2×20N=4N，根据牛顿第二定律得小球的加速度为：；合力方向向左，所以加速度方向向左．故D正确；故选BD
【点睛】解决本题的关键知道剪断细线的瞬间，弹簧的弹力不变，剪短弹簧的瞬间，轻绳的弹力要变化，结合牛顿第二定律进行求解
9、AC
【解析】A．物体受重力、拉力、支持力和摩擦力处于平衡，知物体一定受四个力的作用，故A正确；
B．根据共点力平衡得：

故B错误；
C．因为物体合力为零，知拉力F与物体A受到的摩擦力与重力和支持力的合力等值反向，方向一定竖直向上，故C正确；
D．物体A受到的重力和支持力不等，一定不是平衡力，故D错误；
故选AC。
10、BD
【解析】A．在0到t1时间内图像的斜率在减小，加速度在减小，所以空降兵不是做自由落体运动，故A错误；
B．在t1到t2时间内的速度为正在减小，所以空降兵做竖直向下的减速运动，因此加速度方向竖直向上，又因为图线的斜率在减小，所以加速度在减小，故B正确；
C．从图像可知空降兵在0到t1时间内的位移大于从速度为0做匀变速运动到v2的位移，所以平均速度大于，故C错误；
D．空降兵在t1到t2时间内的的位移小于从速度为v2做匀减速运动到v1的位移，所以平均速度小于，故D正确。
故选BD。
11、AC
【解析】将船的运动分解为沿河岸方向和垂直于河岸方向，根据垂直于河岸方向上的速度求出渡河的时间．通过判断合速度能否与河岸垂直，判断船能否垂直到对岸
【详解】A、D项：当静水速与河岸垂直时，渡河时间最短为：，不可能等于6s．故A正确，D错误；
B项：因为船的静水速的方向未知，根据平行四边形定则，无法判断船渡河的速度大小，故B错误 ；
C项：根据平行四边形定则，由于静水速小于水流速，则合速度不可能垂直于河岸，即船不可能垂直到达对岸，故C正确
故选AC
【点睛】解决本题的关键知道合运动与合运动具有等时性，各分运动具有独立性，互不干扰
12、AC
【解析】小球从弹簧原长位置由静止开始释放，刚开始重力大于弹力，加速度方向向下，做加速度运动，速度增大，弹簧弹力增大，加速度减小，当弹力等于重力时，加速度为零，速度达到最大值，此后继续向下运动，弹力进一步增大，此时弹簧弹力大于重力，加速度方向向上，小球做减速运动，运动到最低点时速度为零。
A．由上述分析可知：加速度先减小后增大，故A错误，符合题意；
B．由上述分析可知：速度先增大后减小，故B正确，不符合题意；
C．弹簧弹力等于mg时，小球加速度为0，故C错误，符合题意；
D．物体向下运动时，弹簧一直被拉长，弹簧的弹力逐渐增大，故D正确，不符合题意。
故选AC。

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①.1.3 ②.
【解析】（1）[1]由可知，

带入数据可解的

（2）[2]以砝码和砝码盘为对象可得

对小车可得

联立解得

14、 ①.4.00 ②.0.65 ③.1.0
【解析】根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，根据匀变速直线运动中间时刻的瞬时速度等于该过程中的平均速度
解：（1）根据匀变速直线运动的推论：物体在连续相等的时间间隔内位移之差是常数，△x=aT，
由图中可看出2、3两点间的距离为S3=6.00cm，假设物体在连续相等的时间间隔内位移之差是常数△x，
所以1、2间的距离S2=S3﹣△x，
0、1间的距离S1=S2﹣△x=S3﹣2△x
由此得：S1+S2=9.00cm
解得：△x=1.00cm
所以S1=4.00cm
（2）根据匀变速直线运动中间时刻的瞬时速度等于该过程中的平均速度，则有：v3=
代入数据解得：v3==0.65m/s
根据匀变速直线运动的推论公式有：△x=aT2
可以求出加速度：a===1.0m/s2
故答案为4.00，0.65，1.0
【点评】利用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用，提高解决问题能力
15、（1）8N （2）117.6N
【解析】（1）对物体进行受力情况分析：重力mg、支持力N和滑动摩擦力f．如图所示：

在垂直斜面上：mgcos37°-N=0
摩擦力为：
代入数据解得受摩擦力：
（2）地面对斜面的支持力大小N1=Ncos37°+fsin37°+Mg=117.6N

三．计算题(22分)
16、（1）12Ω；（2）27W
【解析】（1）小球在极板间做类平抛运动
水平方向：

竖直方向

代入数据解得

对小球，根据牛顿第二定律有

代入数据解得：

极板间电场强度为

两极板间的电压为：

电路电流为：

变阻器接入电路的阻值为：

（2）电源的路端电压为：

电源的输出功率为

17、4m
【解析】货物从A处开始做匀加速运动，设加速度为a1，由牛顿第二定律得

代入数据得
a1=2.5m/s2
匀加速运动的时间

位移

在t=1-2s内，货物随传送带一起匀速的位移为
x2=v（t-t1）=2.5×（2-1）=2.5m
传送带停止转动后，货物匀减速运动到B端，速度刚好为0．设加速度大小为a2．所以

代入数据得
a2=12.5m/s2
匀减速的位移为
x3==0.25m
则传送带底端A与顶端B的距离
L=x1+x2+x3=4m