2025年四川省成都市双流区棠湖中学高一上物理期末质量检测模拟试题含解析.doc

2025年四川省成都市双流区棠湖中学高一上物理期末质量检测模拟试题
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、甲、乙两质点在同一直线上做匀加速直线运动，它们的v-t图象如图所示．已知在3s末两质点在途中相遇，则两质点出发时

A.甲比乙先出发1s B.乙在甲之前4m
C.甲在乙之前4m D.甲在乙之前3m
2、如图所示，物块1、2间用刚性轻质杆连接，物块3、4间用轻质弹簧相连，物块1、3质量为m，2、4质量为M，两个系统均置于水平放置的光滑木板上，并处于静止状态。现将两木板沿水平方向突然抽出，设抽出后的瞬间，物块1、2、3、4的加速度大小分别为a1、a2、a3、a4.重力加速度大小为g，则有( )

A.a1＝a2＝a3＝a4＝0
B.a1＝a2＝a3＝a4＝g
C.a1＝a2＝g，a3＝0，a4＝g
D.a1＝g，a2＝g，a3＝0，a4＝g
3、在一根轻绳的两端各拴一个小球，一人用手拿着绳上端的小球站在三层楼的阳台上，放手让小球自由下落，两个球相继落地的时间差为△t。如果站在四层楼的阳台上，同样放手让小球自由下落，则两球相继落地的时间差将会（　　）
A.变大 B.变小
C.不变 D.由于层高不知，无法比较
4、如图所示，两个质量均为m的物体A、B叠放在光滑水平面上，A与B间的动摩擦因数为μ.现用水平外力F拉物体A，要将A拉离物体B，则F至少大于（）

A.0.5μmg B.μmg
C.2μmg D.3μmg
5、如图所示，桌面上有一上表面光滑的木块，木块上有一小球，快速向右推动木块小球的位置可能落在桌面上的哪点(　　)

A.A点 B.B点
C.O点 D.无法确定
6、汽车发动机额定功率为80kW，它在平直公路上行驶的最大速度可达20m/s，那么汽车在以最大速度匀速行驶时所受的阻力是（　　）
A.1600N B.2500N
C.4000N D.8000N
7、如图所示，自由下落的小球下落一段时间后与弹簧接触，从它接触弹簧开始，到弹簧压缩到最短的过程中，以下说法正确的是（）

A.小球加速度先减小再增大
B.小球先失重状态后超重
C.小球刚接触弹簧时，小球速度最大
D.弹簧被压缩最短时小球的加速度为零
8、地面上有一个质量为M的重物，用力F向上提它，力F的变化将引起物体加速度的变化．已知物体的加速度a随力F变化的函数图像如图所示，则（ ）

A.图线斜率大小等于物体的质量大小
B.当F＝F0时，作用力F与重力Mg大小相等
C.物体向上运动的加速度与作用力F成正比
D.a′的绝对值等于该地的重力加速度g的大小
9、以下有关超重与失重的说法，正确的是
A.无论是超重还是失重，物体自身重力并不变
B.物体竖直向下运动时，不可能处于超重状态
C.物体超重或失重时，其所受合力可能为0
D.如果物体沿光滑斜面下滑，则物体处于失重状态
10、如图甲所示，物块A与木板B叠放在粗糙水平地面上，其中A的质量为m，B的质量为，且B足够长，A与B、B与地面间的动摩擦因数均为，对木板B施加一水平向右的推力F，F随时间t变化的关系图像如图乙所示，A与B、B与地面间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度大小为g，下列说法正确的是（　　）

A.在时间内，A、B间的摩擦力大小为
B.在时间内，A受到的摩擦力方向为水平向右
C.在时刻，A、B间的摩擦力大小为
D.在时刻以后，A、B间的摩擦力大小为
11、如图所示，光滑水平面上的甲、乙两个物体在水平恒力F1、F2作用下运动，若F1＜F2，则下述选项中正确的是（ ）

A.若撤去F1，则甲的加速度一定增大
B.若撤去F1，则甲对乙的作用力一定减少
C.若撤去F2，则乙的加速度一定增大
D.若撤去F2，则乙对甲的作用力一定减少
12、一艘小船在静水中的速度是，一条河宽为，河水流速是，下列说法正确的是（　　）
A.小船渡过这条河的最短时间是
B.小船在这条河中运动的最小速度是
C.小船渡过这条河的最小位移是
D.小船渡过这条河最小位移是
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、质量为1kg的物体，静止放于粗糙的水平面上，现在给物体施一水平力F，使物体从静止开始沿水平面运动，运动2s时将水平力F撤去，物体运动的速度图象如图所示，则：水平力F=_________N，物体与水平面间的动摩擦因数μ=_______。（g＝10m/s2）。

14、在探究“加速度与力、质量的关系”的实验中，采用如上图所示的实验装置，小车及车中砝码的质量用M表示，盘及盘中砝码的质量用m表示，小车的加速度可由小车后拖动的纸带由打点计时器打出的点计算出

（1）本实验采用的科学方法是____
A.理想实验法 B.等效替代法
C.控制变量法 D.建立物理模型法
（2）如图所示为甲同学根据测量数据作出的a—F图象，说明实验存在的问题是____

A．平衡摩擦力过度
B．未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足
C．所挂砝码和砝码盘的总质量太大
D．所用小车的质量太大
（3）一组同学在做加速度与质量的关系实验时，保持盘及盘中砝码的质量一定，改变小车及车中砝码的质量，测出相应的加速度．采用图象法处理数据．为了比较容易地检查出加速度a与质量M的关系，应该做a与_______的图象
15、为了探究物体质量一定时加速度与力的关系，甲、乙两同学设计了如图所示的实验装置。其中M为小车的质量，m为砂和砂桶的总质量，为滑轮的质量，力传感器可测出轻绳的拉力大小。

(1)关于此实验，下列说法中正确的是__________
A.实验前，一定先用天平测出砂和砂桶的质量
B.因为力传感器可测出拉力的大小，所以此实验不需要补偿阻力
C.实验时，小车应靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录力传感器的示数
D.为减小误差，实验中一定要保证砂和砂桶的总质量m远小于小车的质量M
(2)甲同学以力传感器的示数F为横坐标，加速度a为纵坐标，画出a－F图像是一条过原点的直线，已知图线的斜率，滑轮的质量，则小车的质量为（ ）

A.1.25kg B.2.30kg C.2.50kg D.1.05kg
三．计算题(22分)
16、（12分）一个静止在水平面上的物理，质量是2kg，在10N的水平拉力作用下沿水平地面向右运动。物体与地面间的动摩擦因数µ=0.4（g=10m/s2)。求：
(1)物体与地面滑动摩擦力？
(2)物体运动的加速度？
(3)在4s末的速度？
(4)4s内发生的位移？
17、（10分）如图所示，质量m=1.0kg的物体放在光滑水平面上，在F=3.0N的水平恒定拉力作用下由静止开始运动，作用5秒后撤去力F，求：

（1）物体在力F作用过程中加速度的大小；
（2）撤去力F的瞬间，物体速度的大小；
（3）5s内物体移动的距离
参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、C
【解析】根据图像和横轴的交点判断甲质点和乙质点谁先出发多少时间，再由速度图像的“面积”大小等于位移，求出3秒末两物体的位移，此时两者相遇，则出发前甲乙相距的距离等于3秒末位移之差。
【详解】A．由图可知，乙是在0时刻出发，甲在1秒时刻出发，则甲质点比乙质点晚出发1秒，故A错；
BCD．3s末甲质点通过的位移为：

3s末乙质点通过的位移为：

3s末两质点在途中相遇，则：

说明出发前甲质点在乙指点之前4m处，故BD错误C正确。
故选C。
【点睛】本题考查速对度图像的理解。
2、C
【解析】在抽出木板的瞬间，物块1、2与刚性轻杆接触处的形变立即消失，受到的合力均等于各自重力，所以由牛顿第二定律知a1＝a2＝g；而物块3、4间的轻弹簧的形变还来不及改变，此时弹簧对3向上的弹力大小和对物块4向下的弹力大小仍为mg，因此物块3满足
mg＝F弹
则
a3＝0
由牛顿第二定律得物块4满足
a4＝＝g
综上所述，ABD错误，C正确。
故选C。
3、B
【解析】设细线的长度为L，第一个小球着地后，另一个小球运动的位移为L，在L内运行的时间，即为两球落地的时间差，第一个球着地的速度为另一个小球在位移L内的初速度。高度越高，落地的速度越大，则可知高度越高，另一个小球在位移L内的初速度越大，根据
L=v0t+gt2
初速度越大，时间越短．所以
△t2＜△t1
故选B。
4、C
【解析】拉力F作用在A上，B产生的最大加速度为，对A由牛顿第二定律得：解得：，故选C.
5、C
【解析】由于小球位于光滑的木块的上方，可知小球只受到重力和支持力的作用，当木块运动时，小球不受摩擦力的作用，所以小球将保持静止，在O点不动．故选C.
点睛：该题考查对惯性理解，解答的关键是要明确小球只受到重力和支持力的作用，当木块运动时，小球不受摩擦力的作用
6、C
【解析】当牵引力等于阻力时，速度最大，此时

根据

知汽车所受的阻力

故选C。
7、AB
【解析】小球接触弹簧上端后受到两个力作用：向下的重力和向上的弹力．在接触后的前一阶段，重力大于弹力，合力向下，因为弹力F=kx不断增大，所以合外力不断减小，故加速度不断减小，由于加速度与速度同向，因此速度不断变大．当弹力逐步增大到与重力大小相等时，合外力为零，加速度为零，速度达到最大．后一阶段，即小球达到上述位置之后，由于惯性小球仍继续向下运动，但弹力大于重力，合外力竖直向上，且逐渐变大，因而加速度逐渐变大，方向竖直向上，小球做减速运动，当速度减小到零时，达到最低点，弹簧的压缩量最大；因加速度先向下后向上，先减小再增大；故物体先失重后超重；故AB正确，CD错误．故选AB
【点睛】本题考查了牛顿第二定律的综合应用，学生容易出错的地方是：认为物体一接触弹簧就减速．对弹簧的动态分析也是学生的易错点，在学习中要加强这方面的练习
8、ABD
【解析】由图可得：在力F小于F0时，加速度为0，所以物体的重力大于F，在F=F0时是临界点，之后物体有加速度，F大于物体的重力，所以在临界点，F=F0，物体向上运动的加速度与F-F0成正比，A’的绝对值为g，因为此时物体只受重力．所以选ABD
9、AD
【解析】当物体的加速度竖直向上时，物体处于超重状态，当物体的加速度竖直向下时，物体处于失重状态；超重或者是失重并不是物体的重力发生变化，物体处于失重状态时是指对支撑物的压力或对悬挂物的拉力小于物体的重力，物体处于超重状态时是指对支撑物的压力或对悬挂物的拉力大于物体的重力。
【详解】A．不论是超重或者失重，物体所受的重力并没有发生改变，而是对支撑物的压力或者是对悬挂物的拉力变化，故A正确；
B．物体可以做竖直向下的减速运动，此时加速度向上，则是超重，故B错；
C．物体超重或者是失重时，必须具有加速度，所以物体的加速度肯定不是0，则所受的合力不可能为0，故C错误；
D．物体沿着光滑斜面下滑，是做的加速运动，物体的加速度沿斜面向下，把加速度可以分解为水平方向和竖直向下方向，因竖直向下方向有向下的加速度，则物体应是失重，故D正确。
故选AD。
【点睛】掌握了超重或失重的概念和特点是解决这类题目的关键，记住加速度向上超重，加速度向下失重。
10、BD
【解析】A．A、B间的滑动摩擦力大小为
fAB=μmg
B与地面间的滑动摩擦力大小为
f=3μmg
在时间内，推力大于木板与地面间的滑动摩擦力，但A、B保持相对静止， A、B间的摩擦力大小小于，A错误；
B．A在木板上产生的最大加速度为

此时对AB整体分析可知
F－3μmg=3ma
解得
F=6μmg
故在时间内，AB一起向右做加速运动，对A分析可知，A受到的摩擦力水平向右，B正确；
C．在t2时刻，AB整体加速度

A、B间的摩擦力大小为mg，C错误；
D．在t3时刻以后，A、B发生相对滑动，故A、B间的摩擦力大小为μmg，D正确。
故选BD。
11、ABD
【解析】撤去作用力之前，由牛顿第二定律
对整体：a=①
对乙：F2－F=m乙a，F= F2－m乙a ②
联立解得甲对乙的作用力F=③
由①知，若撤去F1，加速度一定增大，A正确；由②知，若撤去F1，甲对乙作用力一定减少，B正确；由①知，若撤去F2，由于F2－F1与F1的大小关系无法确定，所以乙的加速度不一定增大，故C错误；甲对乙的作用力与乙对甲的作用力是相互的，一定减少，故D正确．
12、AD
【解析】A．当静水速的方向与河岸垂直时，渡河时间最短为

故A正确；
B．依据速度的合成法则，船在这条河中运动的最小速度是1m/s，故B错误；
CD．当船的合速度垂直河岸时，渡河的位移最小，由于船在静水中速度大于水流速度，那么最小位移，即为河宽，故C错误，D正确。
故选AD。

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①.7.5N ②.0.25
【解析】[1][2]．由速度时间图线得，匀加速运动的加速度大小为：

匀减速运动的加速度大小为：

根据牛顿第二定律得：
F-μmg=ma1
-μmg=ma2
联立并代入数据得：
F=7.5N
μ=0.25
14、 ①.C ②.B ③.
【解析】（1）本实验采用的科学方法是控制变量法，故选C.
（2）由图可知，当F到达一定值时小车才产生加速度，可知其原因是未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足，故选B；
（3）因，则为了比较容易地检查出加速度a与质量M的关系，应该做a与的图象
15、 ①.C ②.B
【解析】(1)[1]A．实验时，因用力传感器可测得小车的拉力，故没必要用天平测出砂和砂桶的质量；选项A错误；
B．力传感器可测出拉力的大小，但仍需要平衡摩擦力；故B错误；
C．小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录力传感器的示数，故C正确；
D．实验时，因力传感器可测得小车的拉力，故没必要保证砂和砂桶的质量m远小于小车的质量M，故D错误。
故选C。
(2)[2]由图根据牛顿第二定律有

所以有

代入数据可解得M=2.3kg，故B正确，ACD错误。
故选B。

三．计算题(22分)
16、 (1)8N (2)1m/s2 (3)4m/s (4)8m
【解析】(1)物体与地面的滑动摩擦力：

(2)物体运动加速度:

(3)在4s末的速度：
v=at=4m/s
(4)4s内发生的位移:

17、（1）（2）（3）
【解析】根据牛顿第二定律求解加速度，根据速度与时间关系、位移与时间关系进行求解即可；
【详解】（1）根据牛顿第二定律可知：，则代入数据可以得到：；
（2）根据速度与时间关系可知：，则代入数据可以得到：；
（3）根据位移与时间关系可知：，则代入数据可以得到：
【点睛】本题考查了牛顿第二定律和运动学公式的综合，知道物体在整个过程中的运动规律，以及知道加速度是联系力学和运动学的桥梁