2025-2026学年河南省项城三高高一上物理期末复习检测试题含解析.doc

2025-2026学年河南省项城三高高一上物理期末复习检测试题
考生须知：
1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。
2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。
3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、如图所示，置于光滑水平面上的轻质弹簧与竖直墙面相连，弹簧的形变始终在弹性限度内，一木块在恒力F作用下向左运动，当木块与弹簧接触后（　　）

A.木块立即做减速运动 B.木块在一段时间内的速度仍可增大
C.当弹簧弹力等于F时，木块速度最小 D.弹簧压缩量最大时，木块加速度为零
2、如图所示，人静止在水平地面上的测力计上，下列说法正确的是

A.人对测力计的压力和测力计对人的支持力是一对作用力与反作用力
B.人对测力计的压力和测力计对人的支持力是一对平衡力
C.人对测力计的压力是由于测力计发生形变而产生的
D.若人加速下蹲，在此过程中人对测力计的压力大于人的重力
3、一物体以初速度竖直向上抛出，落回原地速度为，设物体在运动过程中所受的阻力大小保持不变，则重力与阻力大小之比为　　
A.3：1 B.4：3
C.5：3 D.7：5
4、做匀加速直线运动的质点，在第5 s末的速度为10 m/s，则（ ）
A.前10 s内位移一定是100 m
B.前10 s内位移不一定是100 m
C.加速度一定是2 m/s2
D.第10秒末速度为20 m/s
5、2019年12月16日我国第一艘完全自主研发制造的国产航母山东舰在中国船舶重工集团公司大连造船厂举行下水仪式，标志着我国自主设计建造航空母舰取得重大阶段性成果。已知某航母上的飞机跑道长200m，某型飞机在该航母上滑行的最大加速度为6m/s2起飞需要的最低速度为70m/s则飞机在滑行前需要借助弹射系统获得的最小初速度为
A.30m/s B.40m/s
C.50m/s D.60m/s
6、一质点做初速度为零的匀加速直线运动，从开始运动的连续三段相等时间内，已知第一段时间内的位移是2m，则第三段时间内的位移是
A.2m B.6m
C.10m D.14m
7、关于匀变速直线运动，下列说法中正确的是( )
A.匀变速直线运动的加速度是恒定的，不随时间而改变
B.匀变速直线运动的速度－时间图象是一条倾斜的直线
C.速度不断随时间增加的运动，叫做匀加速直线运动
D.匀加速直线运动中，加速度一定为正值
8、如图所示，在大小为F的水平向左的恒力作用下，重为G的物体A静止在倾角为α的光滑斜面上．下列关于斜面对物体A的支持力的表达式正确的是（）

A.FN= B.FN=
C.FN=G+F D.FN=
9、一运动员进行三米板跳水运动，其质心的速度-时间图象如图所示，t=0时刻是其向上跳起的瞬间，规定竖直向下为速度的正方向，运动员从跳板起跳到入水的过程中不计空气阻力，设运动员的头部入水之后即可看成匀减速直线运动，其质量为m，重力加速度为g。则运动员

A.t2时刻离水面最高
B.0~t2时间内加速度不变
C.从跳板起姚到最高点的运动距离约为1m
D.入水后受到的阻力大小约为3mg
10、新中国成立60周年，在天安门广场进行十年一次的大阅兵仪式，各个部队和军种都在紧张的演练，在空军演练中，某空降兵从飞机上跳下，他从跳离飞机到落地的过程中沿竖直方向运动的v-t图象如图所示，则下列说法正确的是（　　）

A.0～10s内空降兵和伞整体所受重力大于空气阻力
B.0～10s内做加速度逐渐减小的加速运动，10～15s内做加速度增大的减速运动
C.0～10s内的平均速度为1m/s
D.10s～15s内加速度方向竖直向上，加速度的大小在逐渐减小
11、甲乙两个质点同时同地向同一方向做直线运动，它们的v-t图象如右图所示，则前4s内

A.乙比甲运动快
B.2s末乙追上甲
C.4s内甲的平均速度等于乙的平均速度
D.乙追上甲时距出发点40m远
12、某物体做直线运动的v-t图象如图所示，取向东为速度的正方向。下列说法中正确的是

A.物体在1.5s末向东运动
B.物体在2s末的加速度为-1 m/s2
C.物体在3s末位于初始位置西侧
D.物体在0~3s的时间内位移一直在增大
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、如图1是“探究物体的加速度与质量和受力的关系”的实验装置，图中砂和桶的总质量为m，小车的质量为M

（1）实验过程中，下列措施正确的是__________
A．首先要平衡摩擦力，使小车受到的合力等于细绳对小车的拉力
B．平衡摩擦力的方法就是在砂桶中添加砂子，使小车能匀速滑动
C．每次改变拉小车的拉力后都需要重新平衡摩擦力
D．通过在砂桶中添加砂子来改变小车受到的拉力
（2）处理数据时，常把砂桶的总重力当作细绳对小车的拉力，为尽量减小实验误差，这样处理应满足的条件是_____________
（3）如图2所示为小车在木板上带动纸带运动打出的一条纸带的一部分，0、1、2、3、4、5、6为计数点，相邻两计数点间还有4个打点未画出．从纸带上测出x1=3.20cm，x2=4.52cm，x5=8.42cm，x6=9.70cm．则木块的加速度大小a = _________m/s2（保留两位有效数字）
（4）在“探究加速度a与力F的关系”时，艳艳同学根据实验数据作出了加速度a与力F图线如图3所示，该图线不通过坐标原点的原因是_________________________
14、质量是60kg的人站在升降机中的体重计上，则：
（1）当升降机匀速上升时体重计的读数为____N；
（2）当升降机以3m/s2的加速度匀加速上升时体重计的读数为____N；
（3）当体重计的读数是300N时，升降机的加速度大小为____m/s2，方向为竖直____（向上，向下）
15、在“探究弹力与弹簧伸长量的关系”实验中，某实验小组采用DS传感器进行实验测量弹簧的劲度系数．实验装置如图甲所示，力传感器固定在桌面上，弹簧水平放置，两端分别与传感器和小车连接．实验过程中将小车向右移至不同位置，位移传感器记录弹簧长度L，力传感器记录弹力根据所采集数据拟合出图象如图乙所示，回答下列问题：

弹簧的原长______cm；
弹簧的劲度系数______
三．计算题(22分)
16、（12分）如图所示， O 为一定滑轮，物块A 与B 之间用跨过定滑轮的细绳相连且均保持静止，连接B 物体的轻绳与竖直方向成60°角．已知A 的重力为100N，B 的重力为200N，不计绳和滑轮的质量以及摩擦．求
（1）连接A、B 细绳弹力的大小；
（2）地面对B 的摩擦力的大小

17、（10分）如图所示，质量M＝2kg，长L＝2m的木板，放在倾角θ＝的斜坡上。现用一大小为14N，方向沿斜坡向上的力F将木板匀速推到斜坡顶端并固定。将一质量m＝1kg的小物块(可视为质点，图中未画出)从固定木板的最上端由静止释放，经t＝1s小物块离开木板。已知斜坡足够长，重力加速度g取10m/s2，求：
(1)小物块沿固定木板下滑的加速度；
(2)木板与斜坡间的动摩擦因数；
(3)若释放小物块的同时解除木板的固定，小物块在木板上运动的最长时间。

参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、B
【解析】当木块接触弹簧后，水平方向受到向左的恒力F和弹簧水平向右的弹力。弹簧的弹力先小于恒力F，然后等于F，最后大于恒力F，木块所受的合力方向先向左后向右，则木块先做加速运动，后做减速运动，当弹力大小等于恒力F时，木块的速度为最大值。当弹簧压缩量最大时，弹力大于恒力F，合力向右，加速度大于零。故B正确，ACD错误。
故选B
2、A
【解析】AB.人对测力计的压力和测力计对人的支持力，分别作用在两个物体上，是一对作用力与反作用力。故A正确，B错误。
C.人对测力计的压力是由于人发生形变而产生的，故C错误。
D.若人加速下蹲，加速度向下，受到的支持力小于重力，根据牛顿第三定律可知，在此过程中人对测力计的压力小于人的重力，故D错误。
3、C
【解析】物体在上升和下落过程中，空气阻力都做负功．设空气阻力为F，物体上升最大高度为h，由动能定理得：上升阶段：，下落阶段：，联立解得空气阻力大小为：，故C正确，A，B，D错误；
故选C
4、B
【解析】若质点的初速度为零，则加速度为

前10 s内位移是

第10秒末速度为
v=at=20m/s
由于初速度不能确定，所以选项ACD错误，B正确。
故选B。
5、C
【解析】根据v2=v02+2ax可得：

A．30m/s，与结论不相符，选项A错误；
B．40m/s，与结论不相符，选项B错误；
C．50m/s，与结论相符，选项C正确；
D．60m/s，与结论不相符，选项D错误；
故选C。
6、C
【解析】设加速度为，每段时间为，则第一段时间内的位移：，又根据匀变速直线运动推论得：，联立解得：
故选C
【点睛】由运动学公式及推论求解
7、AB
【解析】A．匀变速直线运动的加速度是大小恒定的，方向不变，故A正确；
B．匀变速直线运动的速度-时间图象是一条倾斜的直线，故B正确；
C．速度随时间均匀增加的运动，才叫匀加速直线运动；故C错误；
D．匀加速直线运动，加速度方向与速度方向相同，但加速度方向可以为负；故D错误
8、AB
【解析】对物体A 受力分析用合成法求解出斜面对物体A的支持力，进一步得出物体对斜面的压力
【详解】对物体A受力分析，受推力F、重力G、支持力N，如图：

根据共点力平衡条件，推力和重力的合力应该与支持力等值、反向、共线，结合几何关系，有F=Gtanα；N=，N=；
将推力和重力正交分解，如图：

根据共点力平衡条件，有：Gsinα=Fcosα；N=Fsinα+Gcosα；故选AB
【点睛】对于共点力平衡问题可以用合成法求解，也可以用分解法求解，还可以用正交分解法求解
9、BCD
【解析】A．根据速度的符号表示速度的方向，可知，在0-t1时间内人在空中上升，t1时刻速度为零，到达最高点，t1～t2时间内从最高点下降，t2之后速度减小但方向不变，开始进入水中，t3时刻，人的速度减为零，此时人处于水下的最深处，故A不符合题意；
B．v-t图象的斜率表示加速度，所以0~t2时间内加速度不变，故B符合题意；
C．设跳水运动员起跳的速度大小为v，上升的最大高度为h。由v-t图象与坐标轴围成面积表示位移，可知：

又有：，联立解得：
h=0.1m，
故C符合题意；
D．根据题意可知0～t1时间内的加速度为：，由图可知t1～t2时间内的加速度为：
，
根据牛顿第二定律：，可得：
f=3mg。
故D符合题意。
故选BCD。
10、AD
【解析】A．由图可知，在0～10s内物体做加速运动，说明物体的重力大于阻力，故A正确；
B．0～10 s内做加速度逐渐减小的加速运动，10～15s内整体速度在减小，而图象的斜率也在减小，故加速度减小，做加速度减小的减速运动，故B错误；
C．若人在0～10 s内做匀加速运动，则平均速度为；而由v-t图像的面积可知人在0～10 s内的位移大于做匀加速运动的位移，则平均速度大于1m/s，选项C错误；
D．由图象中坐标的变化及斜率的变化可知，10s～15s末加速度方向竖直向上，加速度的大小在逐渐减小，故D正确；
故选AD。
11、CD
【解析】A、从图象中可以看出内，，内，，故A错误；
B、根据图象中图形所包围的面积知：内，位移为，，所以第末乙没有追上甲，故B错误；
C、在内，甲的位移为，，两者位移相等，时间也相等，则甲的平均速度等于乙的平均速度，故C正确；
D、末乙追上甲，由上面分析可知距出发点远，故D正确
12、AB
【解析】A．物体在1.5s末速度为正，说明物体向东运动，故A正确；
B．根据图象的斜率表示加速度，知物体在2s末的加速度为

，故B正确；
C．根据图象与时间轴所围的面积表示位移，图象在时间轴的上方位移为正，图象在时间轴的下方位移为负，知物体在0-3s内的位移等于0-1s内的位移，为正值，则物体在3s末位于初始位置东侧，故C错误；
D．物体在0～2s的时间内位移一直在增大，物体在2～3s的时间内位移在减小，故D错误；
故选AB。
第II卷

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①.（1）AD ②.（2）m<就是抬高木板的一端，不挂砂桶，使小车拖着纸带在木板上能匀速滑动，选项B错误；每次改变拉小车的拉力后不需要重新平衡摩擦力，选项C错误；通过在砂桶中添加砂子来改变小车受到的拉力，选项D正确；故选AD.
（2）处理数据时，常把砂桶的总重力当作细绳对小车的拉力，为尽量减小实验误差，这样处理应满足的条件是砂桶的总质量应该远小于小车的质量，即m<可知小车无拉力时就有加速度，可知是因为平衡摩擦力过度，即木板的倾角过大造成的
【点睛】掌握实验原理是正确解决实验题
14、 ①.600 ②.780 ③.5 ④.向下
【解析】（1）[1]升降机匀速上升，受力平衡，则
FN=mg=600N；
（2）[2]升降机加速上升，加速度方向向上，支持力大于重力，根据牛顿第二定律得：
FN1−mg=ma1
可得：
FN1=m(g+a1)=60(10+3)N=780N；
（3）[3]当体重计的读数是300N时，小于600N，人处于失重状态，则加速度方向向下；
[4]根据牛顿第二定律得：
mg−FN2=ma2
解得

15、 ①. ②.200
【解析】当弹簧弹力为零时，弹簧处于原长，结合图线得出弹簧的原长，根据图线的斜率求出劲度系数的大小
【详解】弹簧的原长即为弹力为零时弹簧的长度，由图象可知，
劲度系数为图象直线部分的斜率为：
【点睛】本题考查了弹力与弹簧伸长量的关系，知道弹力为零时弹簧的长度即为原长，图线的斜率表示劲度系数

三．计算题(22分)
16、100N； 50
【解析】首先选择定滑轮为研究对象受力分析，由于滑轮受力平衡可以解出BC绳子与水平方向的夹角，然后对B物体受力分析，建立直角坐标系，把绳子拉力分解到坐标轴上，最后水平方向与竖直方向分别列方程求解即可

【详解】设A、B 绳子之间拉力为T F ，地面对B 的摩擦力为f F ，由题意可知A、B 静止，对A、B 进行受力分析如图所示：

对A：
对B：

联立解得：
【点睛】此题难点在于要对两个不同的物体受力分析，根据受力平衡来解决力和夹角问题
17、（1）4m/s2 （2） （3）
【解析】(1)对小物块由位移公式可得，解得

(2)对木板匀速沿斜面向上运动，由平衡条件有

得

(3)设木板与物块间动摩擦因数为，分析物体m受力如图，由牛顿第二定律，摩擦力公式得

当解除木板固定，对木板受力分析得

对m：

对M：

且有

联立解得
。