2026届河南省新乡市新誉佳高级中学高一上物理期末统考试题含解析.doc

2026届河南省新乡市新誉佳高级中学高一上物理期末统考试题
注意事项：
1． 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。
2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。
3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。
4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、如图所示，物体A放在粗糙水平面上，左边用一根轻弹簧和竖直墙相连，静止时弹簧的长度小于原长，若再用一个从零开始逐渐增大的水平力F向左推A，直到把A推动，在A被推动之前的过程中，弹簧对A的弹力FN大小和地面对A的摩擦力f大小的变化情况是

A.FN保持不变，f始终减小
B.FN保持不变，f先减小后增大
C.FN始终增大，f始终减小
D.FN先不变后增大，f先减小后增大
2、竖直向上抛出一物体，若不计空气阻力，上升到最高点用时为t1，若计空气阻力且阻力不变，以同样初速度竖直向上抛出此物体，上升到最高点用时为t2，再从最高点落回到抛出点所用时为t3，则（　　）
A. B.
C. D.
3、大小分别为30N和20N的两个力，其合力的大小不可能等于（　　）
A.5N B.12N
C.32N D.50N
4、质量为的物体放在A地的地面上，用竖直向上的力F拉物体，物体在竖直方向运动时产生的加速度a与拉力F的关系如图中直线A所示：质量为的物体在B地的地面上做类似的实验，得到加速度a与拉力F的关系如图中直线B所示，A、B两直线相交纵轴于同一点，设A、B两地的重力加速度分别为和，由图可知

A.
B.
C.
D.
5、物体以初速度V0沿粗糙斜面向上滑行，达到最高点后自行返回原点，在这一过程中，物体的速度—时间图线是：（ ）
A. B.
C. D.
6、如图，气垫导轨上装有两个光电计时装置A与B，AB间距离为L=30cm，为了测量滑块的加速度，在滑块上安装了一个宽度为d=1cm的遮光条，现让滑块以某一加速度通过A、B，记录遮光条通过A、B的时间分别为0.010s、0.005s，滑块从A到B所用时间为0.200s，则下列说法正确的是（　　）

A.滑块通过A的速度为1cm/s B.滑块通过B的速度为2cm/s
C.滑块的加速度为5 m/s2 D.滑块在A、B间的平均速度为3 m/s
7、物块从某一高度自由落下，落在直立于地面的轻弹簧上，如图所示，在A点物块开始与弹簧接触，到B点时物块速度变为零。则物块从A到B的过程中，下列说法正确的是（　　）

A.先失重后超重 B.先超重后失重
C.加速度先增加后减小 D.加速度先减小后增加
8、如图所示，AB两物块叠放在光滑水平面上一起向右匀速运动，不计空气阻力，下列说法正确的是（ ）

A.A受到3个力作用 B.A受到2个力作用
C.B受到3个力作用 D.B受到2个力作用
9、已知一质量m＝1kg的物体在倾角α＝37°的固定斜面上恰能匀速下滑，当对该物体施加一个沿斜面向上的推力F时，物体恰能匀速上滑．下列说法正确的是( ) (g取10 m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8)
A.物体与斜面间的动摩擦因数μ=0.75
B.物体与斜面间的动摩擦因数μ=0.5
C.推力F =10N
D.推力F =12N
10、如图所示，一倾角为45°的斜面固定于竖直墙上，为使一光滑的铁球静止，需加一水平力F，且F过球心，下列说法正确的是（）

A.球一定受墙的弹力且水平向左
B.球可能受墙的弹力且水平向左
C.球一定受斜面的弹力且垂直斜面向上
D.球可能受斜面的弹力且垂直斜面向上
11、关于弹力，下列叙述正确的是（　　）
A.两物体相互接触，就一定会产生相互作用的弹力
B.两物体不接触，就一定没有相互作用的弹力
C.两物体有弹力作用，物体一定发生了形变
D.只有弹簧才能产生弹力
12、如图所示，两根轻弹簧下面均连接一个质量为m的小球，上面一根弹簧的上端固定在天花板上，两小球之间通过一不可伸长的细线相连接，细线受到的拉力大小等于4mg，在剪断两球之间细线的瞬间，以下关于球A的加速度大小aA、球B的加速度大小aB以及弹簧对天花板的拉力大小说法正确的是（）

A.球a的加速度大小为4g，方向向下
B.球b的加速度大小为4g，方向向下
C.弹簧对天花板的大小为mg
D.弹簧对天花板的拉力大小为2mg
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、某同学欲运用牛顿第二定律测量滑块的质量M，其实验装置如图甲所示，设计的实验步骤为：

（1）调整长木板倾角，当钩码的质量为m0时滑块恰好沿木板向下做匀速运动；
（2）保持木板倾角不变，撤去钩码m0，将滑块移近打点计时器，然后释放滑块，滑块沿木板向下做匀加速直线运动，并打出点迹清晰的纸带如图乙所示(打点计时器的工作频率为50Hz)
请回答下列问题：

①打点计时器在打下D点时滑块的速度vD=__________m/s；(结果保留3位有效数字)
②滑块做匀加速直线运动的加速度a=_____m/s2；(结果保留3位有效数字)
③滑块质量M=___________(用字母a、m0和当地重力加速度g表示)
（3）保持木板倾角不变，挂上质量为m(均小于m0)的钩码，滑块沿木板向下匀加速运动，测出滑块的加速度；多次改变钩码的质量，分别求出相应的加速度
（4）若绳的拉力与所挂钩码的重力大小相等，作出a—mg图象如图丙所示，则由图丙可求得滑块的质量M=______kg．(取g=10m/s2，结果保留3位有效数字)
14、为了用弹簧测力计测定两木块A和B间的动摩擦因数，某同学设计了如图所示的实验方案．用水平力F向右拉木板B，使其向右运动，弹簧测力计示数的放大情况如图所示，则弹簧测力计示数为_________N，已知木块A质量为＝650g，当地重力加速度为g＝9.8，则A、B间的动摩擦因数μ＝_________（计算结果取2位有效数字）.

15、某实验小组利用打点计时器测量小车做匀变速直线运动时的瞬时速度。该实验小组选取了一条点迹清晰的纸带，如图所示。图中O、A、B、C、D是按打点先后顺序依次选取的计数点，相邻计数点间的时间间隔为T。他们发现，纸带上由O点到D点相邻计数点之间的距离逐渐增大，用vB和vC分别表示打点计时器打下B点和C点时小车运动的速度，可判断vB______vC（选填“大于”或“小于”）。测得A、C两点间距离为x，打点计时器打下B点时小车运动的速度vB =_________。

三．计算题(22分)
16、（12分）如图所示，小木块质量为m，现施加一个与水平方向成角斜向上的恒定推力F，使小木块沿水平天花板向右作匀速直线运动，重力加速度为g。求：
（1小木块对天花板的压力大小
（2）小木块与天花板之间的动摩擦因数

17、（10分）某飞机场利用如图所示的传送带将地面上的货物运送到飞机上，传送带与地面的夹角θ＝，传送带两端A，B之间的长度L＝11m，传送带以v＝2m/s的恒定速度向上运动．在传送带底端A轻轻放上一质量m＝2kg的货物，货物与传送带间的动摩擦因数μ＝0.8 求货物从A端运送到B端所需的时间．(取g＝10m/s2，sin=0.6，cos=0.8)

参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、B
【解析】在A被推动之前的过程中，弹簧的形变量未发生改变，所以弹力保持不变，开始时，弹簧处于压缩状态，静摩擦力水平向右，随着水平向左的外力从0开始逐渐增大，摩擦力先减小至0，然后反向增大，直至推动物块A，故B正确，ACD错误。
故选B
2、C
【解析】由空气阻力可以比较出合外力大小，进而比较加速度大小，再由加速度的大小可以比较运动时间
【详解】没有空气的阻力时物体向上运动的加速度为a1=g；
上升时，球受重力和空气阻力，设物体质量为m，受到的阻力为f，两者都是向下的，故上升时有：，
则上升时加速度
而下降时，球受重力向下，空气阻力向上，有：

下降时的加速度，
设小球上抛的初速度为，则上升时，由可得，；
计阻力上升的高度为：
计阻力时，下降时有，，
化简可得，
故，则有
故C正确、ABD错误
【点睛】注意空气阻力在上升和下降时方向是不一样的，另本题在比较时间的时候，可用逆向思维，此法在末速度为零的匀减速运动中多有应用
3、A
【解析】两个恒力力合成时，合力随夹角的增大而减小，当夹角为零时合力最大，夹角180°时合力最小，并且；
【详解】两力合成时，合力范围为：，故二者合力的范围为：，由于不在此范围之内，故选项A符合题意，选项BCD不符合题意
【点睛】本题关键根据平行四边形定则得出合力的范围：
4、A

【解析】根据牛顿第二定律求出加速度a与拉力F的关系式，通过图线的斜率以及截距比较物体的质量和当地的重力加速度
【详解】根据牛顿第二定律得，F-mg=ma，则a=-g．知图线的斜率表示质量的倒数，纵轴截距的大小表示重力加速度．从图象上看，A图线的斜率大于B图线的斜率，则m1＜m2，纵轴截距相等，则g1=g2．故A正确，BCD错误．故选A
【点睛】解决本题的关键通过牛顿第二定律求出加速度a与拉力F的关系式，根据图线的斜率和截距进行比较
5、A
【解析】物体以初速度v0沿粗糙斜面向上滑行，先向上做匀减速直线运动，后向下做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律可知：这两个过程前一阶段的加速度大于后一阶段的加速度
【详解】物体以初速度v0沿粗糙斜面向上滑行，先向上做匀减速直线运动，根据牛顿第二定律可知：加速度a=gsinθ+μgcosθ；后向下做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律可知：加速度a′=gsinθ-μgcosθ，这两个过程的加速度不同，两段图线的斜率不相同．前一段的斜率绝对值大于后一段斜率的绝对值，符合物体运动情况的图象只有A．故A正确．故选A
【点睛】本题考查理解速度-时间图象的能力，抓住v-t图线的斜率表示加速度的特点进行分析，会用牛顿第二定律求解上滑和下滑的加速度
6、C
【解析】A.滑块经过点时的速度：

故A错误；
B.滑块经过点时的速度：

故B错误
C.滑块加速度：

故C正确；
D.滑块在、间的平均速度：

故D错误
7、AD
【解析】物块从A处下降到B处的过程中，开始阶段弹簧的弹力小于物体的重力，合力向下，处于失重状态，小球向下加速；随着弹力的增大，合外力减小，加速度减小。当弹簧的弹力和物体的重力相等时，加速度为零。之后弹力大于重力，合力向上，物体处于超重状态，小球开始减速，直至减为零，由于弹力越来越大，故合力越来越大，故加速度增大。故物体先做加速度减小的加速运动，再做加速增大的减速运动。故AD正确，BC错误。
故选AD。
8、AD
【解析】CD．AB一起向右匀速运动,对B受力分析可知，只受到重力和A对B的支持力，没有A对B的摩擦力，故A只受两个力而平衡，C错误，D正确；
AB．因A对B无摩擦力,故A受到重力，B对A的压力，地面的支持力，共三个力而平衡，A正确，B错误。
故选AD。
9、AD
【解析】AB．当物体恰能沿斜面匀速下滑时，对物体进行受力分析如图甲所示。

由力的平衡条件可知：
，
代入数值解得
，
A正确B错误；
CD．当物体恰能沿斜面匀速上滑时，对物体进行受力分析如图乙所示。

由力的平衡条件可知：
，
代入数值解得
F=12N，
C错误D正确。
故选AD。
10、BC
【解析】对球受力分析，可以确定的力是水平力F和重力mg，根据平衡条件，斜面对球一定有弹力的作用，墙对球可能有弹力，也可能没有弹力．故BC符合题意，AD不合题意
11、BC
【解析】A．相互接触的物体发生弹性形变时才会产生弹力，相互接触的物体没有发生弹性形变不能产生弹力。A错误；
B．不接触的物体之间不发生形变，一定没有相互作用的弹力。B正确；
C．相互接触的物体发生弹性形变就会产生弹力所以产生了弹力就一定有形变。C正确；
D．相互接触的任何物体只要发生弹性形变都能产生弹力，D错误。
故选BC。
12、BD
【解析】剪断绳子之前，绳子的拉力为：
上边弹簧对物体a的拉力为：，方向向上
下面弹簧对b的作用力为：，方向向下
剪断瞬间，对a球受力分析可知
，方向竖直向上
根据牛顿第二定律可知：
则：，方向竖直向上；
对b球分析：
，方向竖直向下
根据牛顿第二定律可知：
则：，方向竖直向下
细绳剪短瞬间，弹簧未来的及变化，故跟为剪断前一样，
整体分析可得：，解得：，即弹簧对天花板拉力大小为，故AC错误，BD正确

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、①；②， ③；（4）
【解析】根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上D点时小车的瞬时速度大小；根据匀变速直线运动的推论公式可以求出加速度的大小；当取下细绳和钩码时，由于滑块所受其它力不变，因此其合外力与撤掉钩码的重力等大反向；
根据牛顿第二定律有mg=Ma，由此可解得滑块的质量
从图乙中可知，，，
（2）①相邻计数点间的时间间隔为，根据匀变速直线运动过程中的中间时刻速度推论可得，
②根据逐差法可得，联立即得
③滑块做匀速运动时受力平衡作用，由平衡条件得，撤去时滑块做匀加速直线运动时，受到的合外力，由牛顿第二定律得，解得
（4）滑块做匀速运动时受力平衡作用，由平衡条件得，挂上质量为m的钩码时滑块沿木板向下做匀加速直线运动，受到的合外力为，由牛顿第二定律得，解得，由图丙所示图象可知，解得M=0.200kg
14、 ①.3.80 ②.0.60
【解析】弹簧测力计估读到0.01N得到拉力；借助二力平衡求出滑动摩擦力从而得到动摩擦因数.
【详解】弹簧测力计最小刻度为 0.1N，读数时须估读到下一位，示数为3.80N；对A受力分析可知A相对B向左从而受向右的滑动摩擦力，而A相对地面静止，由二力平衡有，解得：.
【点睛】用弹簧测力计拉住木块，读出弹簧测力计的示数，即可求出两张纸间的滑动摩擦力，木板的运动状态不受限制，木板可以做匀速运动，也可做变速运动；明确A相对于接触的B向左运动而受滑动摩擦力，而A相对于地面静止.
15、 ①.小于 ②.
【解析】[1]纸带上由O点到D点相邻计数点之间的距离逐渐增大，则小车运动的越来越快，所以.
[2] A、C两点间距离为x，相邻计数点间的时间间隔为T，则打点计时器打下B点时小车运动的速度：

三．计算题(22分)
16、 (1) (2)
【解析】（1）对物体受力分析可知：
竖直方向上：
解得：
由牛顿第三定律可知，小木块对天花板的压力：
（2）水平方向：
又因为：
解得小木块与天花板之间的动摩擦因数：
17、8s.
【解析】货物放在传送带上，开始相对传送带向下运动，故所受滑动摩擦力的方向沿传送带向上。
货物由静止开始做初速度为0的匀加速直线运动。以货物为研究对象，由牛顿第二定律得
μmgcos－mgsin＝ma
解得
a＝0.4m/s2
货物匀加速运动的时间
t1＝＝5s
货物匀加速运动的位移
x1＝at＝5mmgsin
故此后货物随传送带一起向上做匀速运动，运动的位移
x2＝L－x1＝6m
匀速运动的时间
t2＝＝3s
货物从A到B所需的时间
t＝t1＋t2＝8s.