2026届安徽省铜陵市第五中学高一上物理期末统考模拟试题含解析.doc

2026届安徽省铜陵市第五中学高一上物理期末统考模拟试题
考生请注意：
1．答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。
2．第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。
3．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、如图所示，工人欲借助汽车的力量将光滑凹槽中的铁球缓慢拉出，随着汽车对铁球的作用力越来越大，凹槽对铁球的弹力（　　）

A.始终水平向左，越来越大
B.斜向左上方，越来越大
C.始终竖直向上，越来越大
D.斜向左上方，越来越小
2、如图表示某可视为质点的小球所受的合力随时间周期性变化的规律，各段中合力的大小相等，作用时间相同，设小球从静止开始运动，由此可判定

A.小球向前运动，再返回停止
B.小球向前运动再返回不会停止
C.小球向前运动一段时间后停止
D.小球始终向前运动
3、有一条两岸平直、河水均匀流动、流速恒为v的大河．小明驾着小船渡河，去程时船头指向始终与河岸垂直，回程时行驶路线与河岸垂直．去程与回程所用时间的比值为k，船在静水中的速度大小相同，则小船在静水中的速度大小为（ ）
A. B.
C. D.
4、轻重不同的两石块从同一高度同时由静止开始下落．如果忽略空气阻力的影响，关于两石块的运动情况，下列说法正确的是（ ）
A.重的石块先落地 B.轻的石块先落地
C.重的石块所受重力大，加速度大 D.两石块一块落地
5、关于匀速圆周运动的速度、加速度以及速率的变化情况，以下说法中正确的是
A.速度不变，加速度改变
B.速率不变，加速度不变
C 速度不变，加速度不变
D.速率不变，加速度改变
6、如图所示，斜面小车M静止在光滑水平面上，一边紧贴墙壁．若再在斜面上加一物体m，且M、m相对静止，此时小车受力个数为（）

A.3 B.4
C.5 D.6
7、在一个已知力的分解中，下列情况具有唯一解的是(　　)
A.已知两个分力的方向，并且不在一条直线上 B.已知两个分力的大小
C.已知一个分力的大小和另一个分力的方向 D.已知一个分力的大小和方向
8、如图甲所示，倾角为θ的足够长的传送带以恒定的速率v0沿逆时针方向运行。t＝0时，将质量m＝1kg的物体（可视为质点）轻放在传送带上，物体相对地面的v﹣t图像如图乙所示。设沿传送带向下为正方向，取重力加速度g＝10m/s2。则（ ）

A.传送带的速率v0＝10m/s
B.传送带的倾角θ＝30°
C.物体与传送带之间的动摩擦因数µ＝0.5
D.0~2.0s内物体在传送带上留下的痕迹为6m
9、如图所示，一辆小车静止在水平地面上，车内固定着一个倾角为60°的光滑斜面OA，光滑挡板OB可绕转轴O在竖直平面内转动。现将一重为G的圆球放在斜面与挡板之间，挡板与水平面的夹角θ＝60°。下列说法正确的是（ ）

A.若保持挡板不动，则球对斜面的压力大小为G
B.若挡板从图示位置顺时针方向缓慢转动60°，则球 对斜面的压力先减小后增大
C.若挡板从图示位置顺时针方向缓慢转动30°，则球 对挡板的压力先减小后增大
D.保持θ＝60°不变，使小车水平向左加速运动，则球对斜面OA的压力可能为零
10、有四个单位：m/s2、kg、N、s，下列相关说法正确的是（ ）
A.kg属于导出单位 B.m/s2属于导出单位
C.单位为“N”的物理量一定是矢量 D.单位为“s”的物理量一定是矢量
11、如图，小明站在电梯里的体重计上，电梯静止时，体重计的示数为500N．某段时间电梯运动时加速度的大小为1 m/s2 g取10 m/s2，则这段时间内

A.若电梯向上加速运动，则体重计示数为550N
B.若电梯向上减速运动，则体重计的示数为550N
C.若电梯向下加速运动，则体重计的示数为450N
D.若电梯向下减速运动，则体重计的示数为450N
12、如图（a），物块和木板叠放在实验台上，物块用一不可伸长的细绳与固定在实验台上的力传感器相连，细绳水平．t=0时，木板开始受到水平外力F的作用，在t=4s时撤去外力．细绳对物块的拉力f随时间t变化的关系如图（b）所示，木板的速度v与时间t的关系如图（c）所示．木板与实验台之间的摩擦可以忽略．重力加速度取g=10m/s2．由题给数据可以得出

A.木板的质量为1kg
B.2s~4s内，力F的大小为0.4N
C.0~2s内，力F的大小保持不变
D.物块与木板之间的动摩擦因数为0.2
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、某同学在做“互成角度的两个力的合成”的实验时，利用坐标纸记下了橡皮筋的结点位置O点以及两只弹簧测力计拉力的大小，如图所示

(1)甲和乙两位同学在做以上实验时得到的结果，其中哪一个比较符合实验事实?（力是用一只弹簧测力计拉时的图示)。答___(填“甲”或“乙”)
(2)关于本实验的说法正确的有________。
A．本实验采用了等效替代法
B．拉力F1和F2的夹角越小越好
C．若两个同学先后用同一套器材做该实验，要求O点要在同一位置
D．连接橡皮筋和弹簧测力计的细绳适当长一些
14、在利用图甲所示的装置探究加速度与力、质量的关系的实验中

（1）下列做法正确的是______（填字母代号）
A.调节滑轮的高度，使牵引木块的细绳与长木板保持平行
B.在长木板带定滑轮的一端下面垫上一块薄木块，使小车在不受牵引力时能匀速下滑
C.实验时，先放开小车再接通打点计时器的电源
D.增减小车上的砝码即改变小车的总质量后，不需要重新调节木板倾斜度
（2）图乙是实验中得到的一条纸带，纸带上已量出某些点间的距离．已知打点计时器的工作频率为，则打下点时，小车的速度大小为______，小车的加速度大小为______．（结果均保留两位有效数字）
（3）保持小车（含车上砝码）的质量不变，某同学利用图甲所示的装置，研究加速度与拉力的关系时，得到图丙所示图线．则该图线不过原点的原因是_____________________________
15、某实验小组做探究弹力和弹簧伸长量的关系”的实验.实验时,先把弹簧平放在桌面上,用刻度尺测出弹簧的原长L0＝4.6 cm,再把弹簧竖直悬挂起来,在下端挂钩码,每增加一个钩码均记下对应的弹簧的长度x，数据记录如下表所示.
(1)根据表中数据在坐标系中作出F-x图线________；
(2)由此图线可得，该弹簧劲度系数k＝________N/m；（结果保留一位小数点）
(3)图线与x轴的交点坐标大于L0的原因是_________________.

三．计算题(22分)
16、（12分）如图所示，质量的铁球用轻绳系在墙上并放在光滑的斜面上，绳与竖直墙间的夹角，斜面与竖直墙间的夹角。取，，。求铁球对斜面的压力大小N和铁球对绳的拉力大小F。

17、（10分）质量为2kg的物体在水平推力F的作用下沿水平面做直线运动，一段时间后撤去F，其运动的v-t图象如图所示。g取10m/s2，求：
（1）物体与水平面间的动摩擦因数；
（2）水平推力F的大小。

参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、B
【解析】对铁球进行受力分析，随着汽车对铁球的作用力越来越大，凹槽对铁球的弹力在竖直方向的夹角变大，如图所示：

根据平衡条件：

可知θ增大，N增大，方向斜向左上方；故B正确，ACD错误。
故选B。
2、D
【解析】在第一段时间内，小球做匀加速直线运动，第二段时间内做匀减速直线运动，由于两段时间内的加速度大小相等，方向相反，可知两段时间末速度为零，然后重复之前的运动，可知小球始终向前运动．故选D
3、B
【解析】设河宽为d，小船相对静水的速度为，去程时过河的时间为

回程的时间

由题意知

解得

故选B。
4、D
【解析】ABD、在忽略空气阻力的情况下，两块石头都做自由落体运动，根据得，又因为两块石头从同一高度同时下落，故运动的时间相等，所以两块石头同时落地，故AB错误，D正确；
C、两个物体都做自由落体运动，它们的运动的情况是完全相同的，所以它们的加速度相同，即下落过程中速度变化一样快，与质量的大小无关，故C错误
【点睛】自由落体运动的物体运动的位移、速度、加速度、时间等与物体的质量无关，这类题目根据自由落体运动的基本规律直接解题即可
5、D
【解析】AB.匀速圆周运动是曲线运动，速度方向时刻改变，但速度大小不变，所以速度在变，故AC错误
BD.匀速圆周运动的合外力提供向心加速度，方向时刻指向圆心，方向一直在变，故加速度在改变，故B错误D正确
6、B
【解析】M、m相对静止，对整体分析知，整体受总重力和地面给的支持力，处于静止状态；对物体m受力分析，则m受到重力、支持力和静摩擦力；最后对M受力分析，受重力、m对它的垂直向下的压力和沿斜面向下的静摩擦力，同时地面对M有向上的支持力，因墙壁对小车不会有力的作用；则M共受到4个力．故B项正确，ACD三项错误
7、AD
【解析】根据平行四边形定则可知，如果力的分解唯一的，则以合力F为邻边的平行四边形定则只有一个，或只能画出一个三角形，根据以上分析可知，已知一个力的大小和方向或已知两个力的方向，力F的分解是唯一的，故AD正确，BC错误
故选AD.
8、AC
【解析】A．由图知，物体先做初速度为零的匀加速直线运动，速度达到传送带速度后（在t＝1.0s时刻），由于重力沿斜面向下的分力大于摩擦力，物块继续向下做匀加速直线运动，从图像可知传送带的速度为v0＝10m/s，故A正确；
BC．在0~1.0s内，物体摩擦力方向沿斜面向下，匀加速运动的加速度为：

由图可得：

在1.0~2.0s，物体的加速度为：

由图可得：

联立解得：，，故B错误，C正确；
D．根据“面积”表示位移，可知0~1.0s物体相对于地的位移：

传送带的位移为：
x2＝v0t1＝10×1m＝10m
物体对传送带的位移大小为：

方向向上。1.0~2.0s物体相对于地的位移：

传送带的位移为：
x4＝v0t1＝10×1m＝10m
物体对传送带的位移大小为：

方向向下，故留下的痕迹为5m，故D错误。
故选：AC。
9、AD
【解析】考查受力分析，动态平衡，力的三角形定则。
【详解】A．若保持挡板不动，球受力平衡，对球受力分析，正交分解可得：

解得，由牛顿第三定律可得，球对斜面的压力大小为G，A正确；
B．对球受力分析：

由三角形定则，旋转过程中，力的变化如图所示：

若挡板从图示位置顺时针方向缓慢转动60°过程中，一直减小，B错误；
C.挡板从图示位置顺时针方向缓慢转动30°时，刚好与垂直，此时最小，则球对挡板的压力一直减小，C错误；
D．保持θ＝60°不变，若球对斜面OA的压力为零，则有：

解得，即当小车水平向左加速运动的加速度大小为时，球对斜面OA的压力为0，D正确。
故选AD 。
10、BC
【解析】AB．kg属于基本单位，m/s2属于导出单位，故A错误，B正确；
C．单位为“N”的物理量是力，是矢量，故C正确；
D．单位为“s”的物理量是时间，是标量，故D错误。
故选BC。
11、AC
【解析】分别讨论加速度向上或向下应用牛顿第二定律求解即可；
【详解】A、对小明进行受力分析，其受到重力和支持力作用，加速向上或减速向下，加速度向上，若加速度向上，根据牛顿第二定律可知：，则，根据牛顿第三定律可知，此时体重计的示数为，故选项A正确，选项D错误；
B、加速向下或减速向上，加速度向下，若加速度向下，根据牛顿第二定律可知：，则，根据牛顿第三定律可知，此时体重计的示数为，故选项B错误，C正确
【点睛】本题主要是考查对超重失重现象的理解，利用牛顿第二定律来求解即可
12、AB
【解析】结合两图像可判断出0-2s物块和木板还未发生相对滑动，它们之间的摩擦力为静摩擦力，此过程力F等于f，故F在此过程中是变力，即C错误；2-5s内木板与物块发生相对滑动，摩擦力转变为滑动摩擦力，由牛顿运动定律，对2-4s和4-5s列运动学方程，可解出质量m为1kg，2-4s内的力F为0.4N，故A、B正确；由于不知道物块的质量，所以无法计算它们之间的动摩擦因数μ,故D错误.

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①.甲 ②.AD
【解析】(1)[1]用平行四边形定则求出的合力可以与橡皮条拉力的方向有偏差，但用一只弹簧测力计拉结点的拉力与橡皮条拉力一定在同一直线上，故甲符合实验事实；
(2)[2]A．该实验采用了“等效替代”法即要求两次拉橡皮筋时，要使橡皮筋产生的形变相同，即拉到同一位置，所以本实验采用的科学方法是等效替代法，故A正确；
B．在进行“验证力的合成的平行四边形定则”实验时，、的夹角适当大一点，但不是越大越好，也不是越小越好，故B错误；
C．同一次实验时，需要让两个力拉橡皮条和一个力拉橡皮条产生的作用效果相同，则必定结点的位置要相同；两个同学先后用同一套器材做该实验，要求O点可以不同，故C错误；
D．连接橡皮筋和弹簧测力计的细绳适当长一些，这样方便记录方向，故D正确；
故选AD。
14、 ①.AD ②.0.73 ③.0.88 ④.平衡摩擦力过度（或木板倾角过大）
【解析】（1）[1]A．实验时，为了使得拉力等于木块的合力，牵引木块的细绳与长木板应保持平行，A正确；
B．平衡摩擦力时，应在长木板不带滑轮的一端垫上一块薄木块，B错误；
C．实验时为了得到更多的数据和使得计时器稳定工作，应先接通电源，再释放小车，C错误；
D．在平衡摩擦力时

即

只要角度满足这个等式，改变小车质量，不需要重新平衡摩擦力，D正确。
故选AD
（2）[2]相邻计数点间的时间间隔T=0.1s，根据匀变速直线运动中，一段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度可知

[3]根据，运用逐差法得

（3）[4]图线不过原点，力F为零时，已有加速度，说明平衡摩擦力过度。
15、 ①. ②.50.0 ③.由于弹簧自身重力的影响
【解析】（1）[1]描点作图，如图所示

（2）[2]图象的斜率表示劲度系数，故有

（3）[3 ]图线与x轴的交点坐标表示弹簧不挂钩码时的长度，其数值大于弹簧原长，因为弹簧自身重力的影响

三．计算题(22分)
16、，
【解析】铁球的受力如图所示：

对铁球的受力正交分解，沿x方向有

沿y方向有

解得
，
由牛顿第三定律可得
，
17、（1）0.2；（2）5.6N
【解析】（1）物体在10~14s的加速度大小为

根据牛顿第二定律，有
μmg=ma2
解得
μ=02
（2）物体在0~10s的加速度为

根据牛顿第二定律，有
F-μmg=ma1
解得
F=μmg+ma1=0.2×2×10+2×0.8=5.6N