云南省普洱市景东彝族自治县一中2026届高一物理第一学期期末教学质量检测试题含解析.doc

云南省普洱市景东彝族自治县一中2026届高一物理第一学期期末教学质量检测试题
考生请注意：
1．答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。
2．第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。
3．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、2012年9月16日，济南军区在“保钓演习”中，某特种兵进行了飞行跳伞表演．该伞兵从高空静止直升机上跳下，在t0时刻打开降落伞，在3t0时刻以速度v2着地．他运动的速度随时间变化的规律如图所示．下列结论不正确的是（　　）

A.在0~t0时间内加速度不变，在t0~3t0时间内加速度减小
B.降落伞打开后，降落伞和伞兵所受的阻力越来越小
C.在t0～3t0的时间内，平均速度
D.若第一个伞兵在空中打开降落伞时第二个伞兵立即跳下，则他们在空中的距离先增大后减小
2、三个物体A、B、C沿同一条直线运动的x-t图像如图，下列说法中正确的是（　　）

A.A物体做加速直线运动
B.B物体做匀加速直线运动
CC物体走过的路程最长
D.三个物体在0至t0时间内的平均速度相同
3、高速公路“区间测速”的原理是通过测量车辆经过两个监控点之间的时间来判断是否超速.如图所示为某一20km路段的区间测速标志，该路段限速120km/h．则

A.“20km”指位移
B.“20km”指路程
C.车辆过此路段瞬时速度为120km/h
D.车辆过此路段用时15min属超速
4、如图，力传感器记录了两个物体间的作用力和反作用力的变化图线，根据图线可以得出的结论是　　

A.作用力大时，反作用力小
B.作用力和反作用力大小的变化始终同步
C.作用力和反作用力作用在同一个物体上
D.此时两个物体都处于静止状态
5、下列各组物理量中，都是矢量的是(　　)
A.位移、时间、速度
B.速度、速率、加速度
C.加速度、速度的变化、速度
D.速度、路程、位移
6、汽车以大小为20m/s的速度做匀速直线运动，刹车后，获得的加速度的大小为5m/s2，那么刹车后2s内与刹车后6s内汽车通过的路程之比为（ ）
A.1∶1 B.3∶1
C.4∶3 D.3∶4
7、某同学站在电梯内的磅秤上，某段时间他观察到磅秤示数小于电梯静止时的示数，则在此过程中电梯可能的运动情况是 (　　)
A.电梯可能向上做减速运动
B.电梯可能向上做加速运动
C.电梯可能向下做减速运动
D.电梯可能向下做加速运动
8、如图所示，在水平面上沿直线运动的小车上有一个固定的水平横杆，横杆左端悬挂着小 球A，小车底板右端放置着物块B,A、B均相对车厢静止，物块B通过一轻质弹簧与竖 杆相连，已知小球A的质量mA=0.2 kg.悬线与竖直方向的夹角为a=370，物块B的质 量mB = 0.4 kg，物块B与车厢底板间无摩擦，弹簧的劲度系数为k=100 N/m, (g=10m/s2 ,sin370＝0.6,cos370＝0.8)．下列判断中可能正确的是

A.弹簧处于伸长状态
B.弹簧处于压缩状态
C.弹簧的形变量为2.4 cm
D.弹簧的形变量为 3.0 cm
9、如图所示，一条河宽为24m，水流速度恒为2m/s，现要将小船上的货物由此岸的A处沿直线送达正对岸下游18m处的B处．已知小船的速度最大可达2m/s，取sin=0.8，cos=0.6，g=10m/s2，下列说法正确的有

A.如果小船以最小速度航行，小船的速度为1.2m/s
B.如果小船以最小速度航行，小船的速度为1.6m/s
C.如果要使小船在最短时间内抵达B处，最短时间为12s
D.如果要使小船在最短时间内抵达B处，最短时间为12.5s
10、一个质点做变速直线运动的v-t图像如图所示，下列说法中正确的是

A.第1 s内与第5 s内的速度方向相反
B.第1 s内的加速度大于第5 s内的加速度
C.OA、AB、BC段的加速度大小关系是
D.OA段的加速度与速度方向相同，BC段的加速度与速度方向相反
11、如图所示，三个木块A、B、C在水平推力F的作用下靠在竖直墙上，且处于静止状态，则下列说法中正确的是（ ）

A.B与C的接触面不可能是光滑的
B.B受到A作用的摩擦力方向可能竖直向下
C.当力F增大时，A受到墙作用的静摩擦力不变
D.B受到A作用的静摩擦力与B受到C作用的静摩擦力，方向可能相同
12、如图所示，质量为m2的物体2放在车厢底板上，用竖直细线通过定滑轮与质量为m1的物体1连接，不计滑轮摩擦，车厢正在水平向右做加速直线运动，连接物体1的细线与竖直方向成θ角，物体2仍在车厢底板上，则（　　）

A.细线拉力为
B.车厢的加速度为
C.底板对物体2的支持力为
D.底板对物体2的摩擦力为零
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、如图1所示，为“探究加速度与力、质量的关系”实验装置及数字化信息系统获得了小车加速度a与钩码的质量及小车和砝码的质量对应关系图．钩码的质量为m1，小车和砝码的质量为m2，重力加速度为g

（1）下列说法正确的是______
A．每次在小车上加减砝码时，应重新平衡摩擦力
B．实验时若用打点计时器应先释放小车后接通电源
C．本实验m2应远小于m1
D．在用图象探究加速度与质量关系时，应作a﹣图象
（2）实验时，某同学由于疏忽，遗漏了平衡摩擦力这一步骤，测得F=m1g，作出a﹣F图象，他可能作出图2中______（选填“甲”、“乙”、“丙”）图线．此图线的AB段明显偏离直线，造成此误差的主要原因是______

A．小车与轨道之间存在摩擦
B．导轨保持了水平状态
C．钩码的总质量太大
D．所用小车的质量太大
（3）实验时，某同学遗漏了平衡摩擦力这一步骤，若轨道水平，他测量得到的﹣a图象，如图3．设图中直线的斜率为k，在纵轴上的截距为b，则小车与木板间的动摩擦因数μ=_____

14、质点作匀加速直线运动，初速度是5m/s，加速度是1m/s2，那么在第4s末的瞬时速度是_____m/s，前4s的位移是_____m
15、某同学用图甲所示的实验装置验证牛顿第二定律：

(1)通过实验得到如图乙所示的图象，造成这一结果的原因是：在平衡摩擦力时木板与水平桌面的夹角___________（选填“偏大”或“偏小”）。
(2)该同学在正确平衡摩擦力后重新进行实验，实际小车在运动过程中所受的拉力将__________砝码和盘的总重力（填“大于”、“小于”或“等于”），为了便于探究、减小误差，应使小车质量与砝码和盘的总质量满足___________的条件。
(3)该同学得到如图丙所示的纸带已知打点计时器电源频率为。、、、、、、是纸带上7连续打出的7个点。考虑__________，由此可算出小车的加速度_________（加速度结果保留两位有效数字）。

三．计算题(22分)
16、（12分）一个质量为m=5kg的物体放在水平地面上，物体与地面间的动摩擦因数为0.2，在恒力F=20N作用下，从静止开始做匀加速直线运动，求:
（1）第3秒时物体的速度；
（2）前3秒内物体位移。
17、（10分）如图所示，停放在水平冰面上的冰车由质量为M，倾角为θ的斜面体改装而成，在斜面上轻放一质量为m的物块，不计物块与斜面、冰车与冰面之间的摩擦

(1)释放物块后，在物块沿斜面向下运动的同时，冰车也在水平冰面上运动．请画出冰车受力的示意图，并根据示意图说明冰车由静止变为运动的原因（作图时冰车可视为质点）
(2)若冰面上的人在车后方用水平方向的力推车，请分析下列两种可能情况：
a.当力的大小为F1时，物块在斜面上滑动的同时冰车在冰面上保持静止，求F1和物块加速度的大小a1；
b.当力的大小为F2时，物块和斜面保持相对静止一起加速运动，求F2和物块加速度的大小a2
(3)第(1)问和第(2)问a所述的两种情况下，小物块对斜面压力的大小不同，分别记为FN1和 FN2，请对FN1和 FN2的大小关系作出猜想，并说明做出该种猜想的理由
参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、C
【解析】A．通过v-t图像的斜率可知在0~t0时间内加速度不变，在t0~3t0时间内加速度减小，所以A正确；
B．根据牛顿第二定律，因为a越来越小，说明阻力越来越大，所以B错；
C．假设t0~3t0的时间内做匀减速直线运动，则平均速度为，但由于物体做变速运动，其围成面积小于匀减速直线运动，平均速度为，所以C错；
D．因为第一个伞兵打开降落伞时速度大于第二个伞兵，所以两者距离要拉大，但是第一个伞兵的速度越来越小，而第二伞兵在加速，说明后期会逐渐跟上，所以D说法正确。
故选C。

2、D
【解析】A．物体A的图像的斜率不断减小，在x-t图像中斜率等于速度，则得知物体A速度不断减小，因此得出物体A做减速直线运动，故A错误；
B．物体B的图像的斜率不变，在x-t图像中斜率等于速度，则得知物体B速度不变，因此得出物体B做匀速直线运动，故B错误；
C．依题得： A、B、C沿同一条直线运动，因此他们的运动轨迹是相同的，由x-t图像可以看出物体A、B、C在内运动相同位移，因此三个物体走过的路程应该是相同的，故C错误；
D．三个物体在相同时间内位移相同，根据得知三个物体平均速度相同，故D正确。
故选择D。
3、B
【解析】位移是从起点指向终点的有向线段的长度；路程是轨迹的长度；瞬时速度是指某一时刻或者某位置的速度.
【详解】“20km”指路程，选项A错误，B正确；车辆过此路段的平均速度不超过120km/h，选项C错误；车辆过此路段用时15min，则平均速率为，故不属超速，选项D错误；故选B.
4、B
【解析】从图上可以看出作用力和反作用力关于时间轴对称即大小相等，一正一负即方向相反．作用力和反作用力互为施力物体和受力物体
【详解】根据题图可以看出作用力和反作用力关于时间轴对称即大小相等，一个力大于0，另一个力小于0，故说明作用力和反作用力一正一负，即方向相反．故A错误B正确．作用力和反作用力只能作用在不同的物体上，故C错误．无论物体静止还是运动，作用力和反作用力的关系都不改变．故D错误
故选B
【点睛】理解基本概念是学好物理的前提和基础，只有充分理解牛顿第三定律才能顺利解决本题
5、C
【解析】A.位移、速度都是矢量，时间是标量，故A不符合题意；
B.速度、加速度者是矢量，速率是标量，故B不符合题意；
C.加速度、速度的变化，速度都是矢量，故C符合题意；
D.速度、位移都是矢量，路程是标量，故D不符合题意
6、D
【解析】汽车速度减为零的时间：

则刹车后2s内的位移：

刹车后6s内的位移等于4s内的位移，则：

则刹车2s后和6s后的位移之比为3：4；
A.1∶1与分析不符，故A错误；
B.3∶1与分析不符，故B错误；
C.4∶3与分析不符，故C错误；
D.3∶4与分析相符，故D正确
7、AD
【解析】对该同学受力分析，受重力和支持力，然后求解出合力方向，得到加速度方向，最后确定电梯的运动情况；
【详解】该同学受重力和支持力，磅秤示数小于电梯静止时示数，说明支持力小于重力，故合力向下，加速度向下，速度可以向下，也可以向上，故电梯减速上升或者加速下降，故选项AD正确，选项BC错误
【点睛】本题关键通过受力情况确定加速度的方向，然后确定物体可能的运动情况
8、BD
【解析】AB的状态相同，故加速度相同，在对A受力分析可知其合力向右，故加速水平向右，可知B的加速度和受力状况
详解】对A研究，受重力和细线的拉力，如图所示：

根据牛顿第二定律，得：mAgtan370=mAa，代入数据解得：a=7.5m/s2，由图可知A受到的合外力向右，则B受到的弹力方向也向右，所以弹簧处于压缩态，根据牛顿第二定律可得：，代入数据解得：，故BD正确，AC错误
【点睛】绳子的拉力一定沿绳子方向，与物体的运动状态无关，可根据牛顿定律确定弹簧的状态
9、BD
【解析】AB．为使小船抵达B处，小船的实际航线须沿题目图中的AB方向，即合速度方向沿AB方向，设AB与河岸的夹角为θ，由三角形法则可得

由几何关系得

则

解得

故A错误，B正确；
CD．为使小船能在最短时间内抵达B处，小船应该以最大速度航行，即v2=2m/s，并使合速度的方向仍沿AB方向；由于船速和水速大小相等，所以AB的方向是在两个速度的角平分线上，小船运动的合速度为

由几何关系得

所以小船运动的最短时间为

故C错误，D正确。
故选BD。
10、CD
【解析】A．第1s内与第5s内的速度均为正值，方向相同，故A错误；
B．第1 s内、第5 s内的加速度分别为：

、的符号相反，表示它们的方向相反，第1s内的加速度小于于第5 s内的加速度，故B错误；
C．由于段的加速度为零，故三段的加速度的大小关系为：

故C正确；
D．段的加速度与速度方向均为正值，方向相同；段的加速度为负值，速度为正值，两者方向相反，故D正确；
故选CD。
11、AC
【解析】A．以C为研究对象，如果C与B之间的接触面光滑，则C在竖直方向只受重力，不会平衡，故B与C的接触面不可能是光滑的，故A正确；
B．对BC整体受力分析，受重力、推力、A对B的支持力和静摩擦力，根据平衡条件可知，A对B的静摩擦力竖直向上，与BC整体的重力平衡，B受到A的静摩擦力竖直向上，故B错误；
C．对ABC的整体而言，墙壁对A的静摩擦力竖直向上，与ABC整体的重力平衡，故当力F增大时，A受到墙作用的静摩擦力一定不变，故C正确；
D．以C为研究对象，C竖直方向上受到重力和B的摩擦力，根据平衡条件可知B对C的摩擦力方向竖直向上，根据牛顿第三定律可知C对B的静摩擦力方向向下，而B受到A作用的静摩擦力方向竖直向上，可知B受到A作用的静摩擦力与B受到C作用的静摩擦力方向相反，故D错误。
故选AC。
12、BC
【解析】车厢水平向右做加速直线运动，两物体与车厢具有相同的加速度，根据隔离对物体1分析，得出物体1的加速度以及细线的拉力，从而得知车厢的加速度．再隔离对物体2分析，求出支持力和摩擦力的大小。
【详解】AB．以物体1为研究对象，水平方向有：

竖直方向有：

解得：

A错误，B正确；
CD．以物体2为研究对象，水平方向有：

竖直方向有：

解得：

C正确，D错误；
故选BC。

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①.D ②.丙 ③.C ④.
【解析】（1）[1]A、平衡摩擦力，假设木板倾角为θ，则有：
f=mgsinθ=μmgcosθ
m约掉了，每次在小车上加减砝码时，故不需要重新平衡摩擦力;故A错误.
B、实验时应先接通电源后释放小车，故B错误
C、让小车的质量m1远远大于小盘和重物的质量m2，因为：际上绳子的拉力

故应该是m1＜＜m2，故C错误；
D、由牛顿第二定律F=ma，所以，所以在用图象探究小车的加速度与质量的关系时，通常作图象，故D正确；
（2）[2] [3]遗漏了平衡摩擦力这一步骤，就会出现当有拉力时，物体不动的情况，故可能作出图2中丙.此图线的AB段明显偏离直线，造成此误差的主要原因是钩码的总质量太大，没有远小于小车和砝码的质量，故选C
（3）[4] 根据牛顿第二定律可知

变形

结合图象可得：斜率，截距，
所以小车与木板间的动摩擦因数为
14、 ①.9 ②.28
【解析】根据速度公式v=v0+at可求解速度，，然后求解4秒内的位移
【详解】质点作匀加速直线运动，初速度是5m/s，加速度是1m/s2，根据速度公式，第4秒末的瞬时速度是：
v4=v0+at4=5+1×4=9m/s
前4s的位移为：

【点睛】本题关键是根据速度时间关系公式、平均速度公式列式求解，同时要明确平均速度等于中间时刻的瞬时速度
15、 ①.偏大 ②.小于 ③.小车质量M与砝码和盘的总质量m满足的条件 ④.1.80 ⑤.5.0
【解析】(1)[1]当拉力F等于0时，小车已经产生力加速度，故原因是平衡摩擦力时平衡摩擦力过大，在平衡摩擦力时木板与水平桌面间的倾角偏大。
(2)[2]小车运动过程中，砝码和盘向下做加速运动处于失重状态，砝码和盘对细线的拉力小于其重力，小车在运动过程中受到的拉力小于砝码和盘的总重力。
[3]对整体分析，根据牛顿第二定律得

解得

则绳子的拉力

当，即砝码和盘的总质量远小于小车和小车上砝码的总质量时，砝码和盘的总重力在数值上近似等于小车运动时受到的拉力，所以为了便于探究、减小误差，应使小车质量M与砝码和盘的总质量m满足的条件。
(3)[4]刻度尺上读出A、D、G三点的位置，可得

[5]计数点间的时间间隔为T，由匀变速直线运动的推论△x=aT2可知，加速度

三．计算题(22分)
16、 (1) v=6m/s，(2)x=9m。
【解析】（1）对物体应用牛顿第二定律：

解得：；
物体从静止开始做匀加速直线运动，根据速度与时间的关系：

解得：；
（2）根据位移与时间的关系：

解得：。
17、 (1)将FN沿水平方向和竖直方向正交分解，可知竖直方向合力为零，水平方向合力不为零，因此冰车在水平方向合力作用下由静止变为运动，且在物块滑离斜面前沿水平冰面做加速运动
(2)a：a1=gsinθ； F1= mgcosθsinθ b.a2= gtanθ； F2=（m+M）gtanθ
(3)正确的猜想：FN1第二定律，可求F2的大小；
（3）物块加速度不沿斜面方向，将加速度a沿垂直斜面和沿斜面两方向正交分解，根据牛顿第二定律可分析重力垂直斜面的分力与支持力的关系，即可比较两种情况支持力的大小
【详解】
（1）冰车的受力示意图如答图1所示；
将FN沿水平方向和竖直方向正交分解，可知竖直方向合力为零，水平方向合力不为零，因此冰车在水平方向合力作用下由静止变为运动，且在物块滑离斜面前沿水平冰面做加速运动
（2）a.冰面上的人在车后方推车时车的受力情况如答图2所示，物块的受力情况如答图3所示
由于冰车保持静止，水平方向受力平衡，有：F1=FNsinθ
对物块应用牛顿第二定律，有：FN=mgcosθ；mgsinθ=ma1
解得：a1=gsinθ； F1= mgcosθsinθ
b.当物块和斜面保持相对静止一起加速运动时，它们的加速度a2必然沿水平方向，物块的受力示意图如答图4所示
对物块应用牛顿第二定律，有：mgtanθ= ma2
对物块和冰车的整体应用牛顿第二定律，有：F2=（m+M）a2
解得：a2= gtanθ； F2=（m+M）gtanθ
（3）正确的猜想：FN1