2026届甘肃省兰州五十一中高一物理第一学期期末调研试题含解析.doc

2026届甘肃省兰州五十一中高一物理第一学期期末调研试题
考生须知：
1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。
2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。
3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、如图，用水平力F将重力等于G的木块压在竖直墙面上，使木块静止．下列判断正确的是

A.由于木块静止，所以F＝G
B.若撤去F，木块沿墙壁下滑时，木块受滑动摩擦力大小等于mg
C.减小压力F，墙和木块间的静摩擦一定减小
D.增大压力F，墙和木块间的静摩擦力不变
2、如图是甲、乙两物体从同一点开始做直线运动的运动图象，下列说法正确的是（　　）

A.若y轴表示速度，则t=t1时刻甲的速度大于乙的速度
B.若y轴表示速度，则t1时间内甲的位移大于乙的位移
C.若y轴表示位移，则t1时间内甲的位移小于乙的位移
D.若y轴表示位移，则t=t1时刻甲的速度大于乙的速度
3、一个做匀变速直线运动的物体初速度为10m/s，经过10s速度的大小变为2m/s，方向与初速度的方向相同，则其加速度大小是（　　）
A.0.8m/s2 B.1.4m/s2
C.2.0m/s2 D.10m/s2
4、以下可以看成质点的运动物体是（　　）
A.从朱泾开往石化的公交车 B.原地旋转的芭蕾舞演员
C.研究跳高过杆技术时的运动员 D.通过小型铁路桥的火车
5、在国际单位制中，下列不是基本单位的是
A.牛顿（N） B.千克（kg）
C.米（m） D.秒(s)
6、通过学习牛顿运动定律、惯性等知识，我们可以知道
A.物体的运动需要力来维持
B.加速度的方向可能与合力的方向相反
C.物体之间的作用力与反作用力，总是同时产生同时消失的
D.惯性的大小由速度的大小决定，速度大的物体，其惯性大
7、如图所示,一细线的一端固定于倾角为45°的光滑楔形滑块A的顶端P处,细线的另一端拴一质量为m的小球,重力加速度为g.当滑块以加速度a运动时,小球恰好对斜面没有压力,则滑块A可能的运动情况和加速度a的大小为(　　)

A.滑块A向左减速运动,加速度大小为g
B.滑块A向右加速运动,加速度大小为
C.滑块A向左加速运动,加速度大小为g
D.滑块A向右减速运动,加速度大小为g
8、在粗糙的水平面上，物体在水平推力的作用下，由静止开始做匀加速直线运动，经过一段时间后，将水平推力逐渐减小到零（物体不停止）在水平推力减小到零的过程中（）
A.物体的速度一直增大
B.物体的速度先增大后减小
C.物体的加速度（大小）一直减小
D.物体的加速度（大小）先减小后增大
9、A、B两物体叠放在水平桌面上，水平拉力F作用在B上，且A、B始终保持静止，下列说法中正确的是

A.B对A的支持力与A受到的重力是一对相互作用力
B.A受到的摩擦力大小为F，方向水平向左
C.桌面受到的摩擦力大小为F，方向水平向右
D.A受两个力，B受5个力
10、明代出版的《天工开物》一书中就有牛力齿轮翻车的图画（如图所示），记录了我们祖先的劳动智慧。若A、B两齿轮半径的大小关系为rA>rB，则

A.齿轮A、B的角速度大小相等
B.齿轮A的角速度大小小于齿轮B的角速度大小
C.齿轮A、B边缘的线速度大小相等
D.齿轮A边缘的线速度大小小于齿轮B边缘的线速度大小
11、如图所示，重20N的物体放在粗糙水平面上，用F＝8N的力斜向下推物体，F与水平面成30°角，物体与水平面间的动摩擦因数μ＝0.5．已知sin300=0.5 ,cos300=0.866 ．则下列说法中正确的是（　　）

A.物体对地面的压力为24N B.物体所受的摩擦力为12N
C.物体所受的合力为5N D.物体所受的合力为零
12、如图所示，质量不等的木块A和B的质量分别为m1和m2，置于光滑的水平面上。当水平力F作用于左端A上，两物体一起做匀加速运动时，A、B间作用力大小为F1。当水平力F作用于右端B上，两物体一起做匀加速运动时，A、B间作用力大小为F2，在两次作用过程中（）

A.F1+F2＜F
B.F1+F2=F
C.F1=F2
D.
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、在“探究加速度与力、质量的关系”实验中，某同学使用了如图甲所示的装置，打点计时器使用的交流电频率为50Hz。

（1）该同学得到一条纸带，在纸带上取连续的六个点，如图乙所示，自A点起，相邻两点的距离分别为10.0mm、12.0mm、14.0mm、16.0mm、18.0mm，则打E点时小车的速度为_____m/s，小车的加速度为______m/s2。（结果保留两位有效数字）
（2）该同学要探究小车的加速度a和质量M的关系，应该保持_____不变；若该同学要探究加速度a和拉力F的关系，应该保持________不变。
（3）该同学通过数据的处理作出了a－F图像，如图丙所示，则图中直线不过原点的原因可能是____。

14、如图所示，两个物块A、B用轻弹簧连在一起，放在光滑的水平面上．物块A质量为2，物块B质量为．现用水平拉力F的作用在B上，使得A、B相对静止一起向右做匀加速运动，则：弹簧弹力的大小为___________；若某时突然撤去F，则撤去F的瞬间物块B的加速度的大小为_______

15、两实验小组分别作“探究加速度和力、质量的关系”实验。

（1）A组用如图甲所示装置做实验，图中带滑轮的长木板放置于水平桌面上，拉力传感器与固定在木板一端定滑轮之间轻绳始终与木板面平行，传感器可直接显示绳上拉力的大小。
①做实验时，下列操作必要且正确的是________。
A．将长木板右端适当垫高，使小车能自由匀速滑动
B．小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录传感器的示数
C．为了减小误差，实验中一定要保证砂和砂桶的质量远小于小车的质量
D．用天平测出砂和砂桶的质量
②某同学据他的实验操作，得到如图乙小车加速度a与拉力传感器示数F的图线，横、纵轴截距分别为F0与-a0，依据a-F图象可求得小车质量M=________。

（2）B组用如图丙所示的实验装置做实验。

①在正确、规范的操作中，打出一条如图丁所示的纸带，每两个计数点之间还有四个计时点没有画出来，纸带上的数字为相邻两个计数点间的距离，打点计时器的频率为50 Hz。打第4个计数点时小车的速度v4＝______ m/s；小车做匀加速直线运动的加速度a＝________ m/s2。(保留三位有效数字)
②平衡了摩擦力后，在小车质量M保持不变的情况下，不断往砂桶里加砂，直到砂和砂桶的质量最终达到M。测出每次加砂后，砂和砂桶的总重力F和小车的加速度a，作a­F的图像如图戊所示。下列图线正确的是________。
A. B. C. D.
三．计算题(22分)
16、（12分）在如图所示的圆锥摆中，已知绳子长度为L，绳子转动过程中与竖直方向的夹角为θ，求小球做匀速圆周运动的周期

17、（10分）如图所示,传送带与水平方向夹37°角,AB长为L=16m的传送带以恒定速度v=10m/s运动,在传送带上端A处无初速释放质量为m=0.5kg的物块,物块与带面间的动摩擦因数μ=0.5,求:
（1）当传送带顺时针转动时,物块从A到B所经历的时间为多少? 
（2）当传送带逆时针转动时,物块从A到B所经历的时间为多少?

参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、D
【解析】ACD．对物体受力分析，受推力F、重力G，由于物体保持静止，处于平衡状态，合力为零，故受墙壁对其垂直向外支持力N，还有竖直向上的静摩擦力f，根据平衡条件，有
F=N
f=G
即静摩擦力与重力平衡，与推力无关，重力与F也无关，故AC错误，D正确；
B．若撤去F，木块沿墙壁下滑时，木块受滑动摩擦力大小等于0，选项B错误
2、D
【解析】A．若y轴表示速度，则t=t1时刻甲的速度等于乙的速度，A错误；
B．在图像中，图像与时间轴围成的面积等于物体的位移，因此若y轴表示速度，则t1时间内甲的位移小于乙的位移，B错误；
C．若y轴表示位移，则t1时间内甲的位移等于乙的位移，C错误；
D．在图像中，图像的斜率表示速度，因此若y轴表示位移，则t=t1时刻甲的速度大于乙的速度，D正确。
故选D。
3、A
【解析】根据加速度的定义式知，加速度为

负号表示方向与初速度方向相反。
选项A正确，BCD错误。
故选A。
4、A
【解析】A．公交车的形状大小与朱泾石化间的距离比较，可以忽略，能看成质点，故A符合题意；
B．研究表演原地旋转动作的芭蕾舞演员，主要看其动作和形状，所以不能看成质点，故B不符合题意；
C．分析跳高运动员的过杆技术时，要看运动员的动作，所以不能看成质点，故C不符合题意；
D．火车的长度相对于小型铁路桥不能忽略，所以火车不能看成质点，故D不符合题意。
故选A。
5、A
【解析】千克、米、秒都是国际单位制的基本单位．牛顿、库仑是国际单位制中的导出单位，故BCD正确，A错误；
考点：力学单位制
【名师点睛】国际单位制规定了七个基本物理量．分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光强度、物质的量．它们的在国际单位制中的单位称为基本单位，而物理量之间的关系式推到出来的物理量的单位叫做导出单位
6、C
【解析】力不是维持物体运动的原因，而是改变物体运动状态的原因，故A错误；根据牛顿第二定律F=ma，可知加速度的方向与合力的方向相同，故B错误；根据牛顿第三定律，作用力和反作用力总是同时产生，同时消失，故C正确；惯性的大小由质量决定，与速度无关，故D错误；选C.
7、CD
【解析】支持力为零，受力情况如图所示：

水平方向：
F合=Fcos45°=ma
竖直方向：
Fsin45°=mg
解得
a=g
方向向左；
A．滑块A向左减速运动，加速度大小为g，与结论不相符，选项A错误；
B．滑块A向右加速运动，加速度大小为，与结论不相符，选项B错误；
C．滑块A向左加速运动，加速度大小为g，与结论相符，选项C正确；
D．滑块A向右减速运动，加速度大小为g，与结论相符，选项D正确；
故选CD。
8、BD
【解析】根据牛顿第二定律：
F-f=ma
则当水平推力F减小到零的过程中，加速度先减小后反向变大，物体先加速后减速，故选项AC错误，BD正确；
故选BD。
9、CD
【解析】A.对A分析，受重力和支持力，二力平衡，B对A的支持力与A受到的重力是一对平衡力，并不是一对相互作用力，故A错误；
B.由A选项分析，可知，A不受摩擦力，故B错误；
CD.对物体B受力分析，受水平方向向右的拉力，重力、A对B向下的压力，地面对B的支持力、还受地面对B向左的静摩擦力，共5个力由作用力与反作用力的关系，则桌面受到的摩擦力大小为F，方向水平向右，故CD正确；
10、BC
【解析】A、B两轮边缘通过齿轮传动，线速度大小相等，且rA>rB，由

可知齿轮A的角速度大小小于齿轮B的角速度大小，BC正确。
故选BC。
11、AD
【解析】对物体进行受力分析：重力、推力F、地面的支持力N和摩擦力f，由竖直方向力平衡，有：N=G+Fsin30°=20N+8×0.5N=24N，则物体对地面的压力为24N．故A正确

物体的最大静摩擦力为fm≥μN=0.5×24N=12N．F的水平方向分力大小为F'=Fcos30°=4N＜fm，所以物体没能被推动，保持静止状态，物体所受的摩擦力为f=Fcos30°=4N．故B错误．由上分析可知，物体处于静止状态，合力为零．故C错误，D正确．故选AD
【点睛】本题解题的关键是根据竖直方向力平衡，求出地面对物体的支持力，再求解最大静摩擦力，确定物体的状态
12、BD
【解析】对整体分析，由牛顿第二定律知，两次整体的加速度大小相等，都为

第一种情况，以B为研究对象，由牛顿第二定律得，A对B的作用力为
F1=m2a=
第二中情况，以A为研究对象，B对A的作用力为
F2=m1a=
则有
F1+F2=F
因为
m1≠m2
所以
F1≠F2
可得

故选BD。

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①.0.85 ②.5.0 ③.拉力F(沙和沙桶的总质量) ④.小车质量M ⑤.平衡摩擦力过度
【解析】(1)[1]利用匀变速直线运动的推论得

[2]小车的加速度为

(2)[3][4]该同学要探究小车的加速度a和质量M的关系，应该保持细线对车的拉力F不变；若该同学要探究加速度a和拉力F的关系，应该保持小车的质量M不变
(3)[5]图中当F=0时，a≠0，也就是说当绳子上没有拉力时，小车的加速度不为0，说明小车的摩擦力小于重力的分力，所以原因是实验前木板右端垫得过高即平衡摩擦过度
14、 ①.2F/3 ②.2F/3m
解析】A、B一起运动，它们有共同的加速度，对整体可以求出加速度的大小，再分析B的受力，可以求出弹簧的弹力；撤去F的瞬间弹簧的弹力不变，B只受到弹力的作用，加速度是由弹力产生的
【详解】设物体运动的加速度为
对AB整体受力分析得：
单独隔离A受力分析得：
解得：
撤去时，B只受弹力的作用，设加速度为
则：
所以
故本题的正确答案为：；
【点睛】采用整体法求物体的共同加速度，再用隔离法求各个物体受到的力的大小，这是求多个物体受力时的一般步骤
15、 ①.AB ②. ③.1.22 ④.2.04 ⑤.C
【解析】(1)[1]
A．将长木板右端适当垫高，使小车能自由匀速滑动,这样做的目的是为了平衡摩擦力,只有这样小车受到的合力才为两根细绳的拉力，故A正确；
B．小车靠近打点计时器，可有效利用纸带，先接通电源打点稳定后再释放小车，打出一条纸带，同时记录传感器的示数为F，小车的合力为2F，故B正确；
CD．因为小车受到的合力可以通过传感器的示数表示出来（合力为为2F），所以实验中没有必要测出砂和砂桶的质量，也没有必要保证砂和砂桶的质量远小于小车的质量，故CD错误。
[2]
由牛顿第二定律可得

由图象的斜率可得

计算可得M=
(2)[3]

[4]

(3)[5]
BD．平衡了摩擦力后，由牛顿第二定律可得

成正比例关系，故BD错误；
AC．不断往砂桶里加砂，直到砂和砂桶的质量最终达到M，越到后面越不满足砂和砂桶的质量远远小于小车质量，绳子的拉力小于砂和砂桶的重力，此时加速度小于砂和砂桶的重力对应的加速度，图线会向下弯曲，故A错误，C正确。
故选择C选项。

三．计算题(22分)
16、
【解析】对小球受力分析，合力提供向心力，有：

得小球做匀速圆周运动的周期:

17、 (1) 4 s (2) 2 s
【解析】（1）传送带顺时针转动时,物体相对传送带向下运动,则物体所受滑动摩擦力沿斜面向上,相对传送带向下匀加速运动,由牛顿第二定律得：

代入数据得：

由匀变速运动的位移公式得：

代入数据得：
t=4s
（2）传送带逆时针转动,当物体下滑速度小于传送带转动速度时,物体相对传送带向上运动，物体所受滑动摩擦力沿传送带向下,设物体的加速度大小为a1，第二定律得：

代入数据得：

设当物体运动速度等于传送带转动速度时经历的时间为t1，移为x1，有：
t1=1s
x1=16m
当物体运动速度等于传送带速度瞬间,有：

则下一时刻物体相对传送带向下运动,受到传送带向上的滑动摩擦力﹣﹣摩擦力发生突变。
设当物体下滑速度大于传送带转动速度时物体的加速度为a2，由牛顿第二定律得：

代入数据得：
a2=2m/s2
位移为：
x2=l6﹣x1=16﹣5=11m
又因为

则有：

解得：
t2=1s(t2=﹣11s舍去)
所以有：
t总=t1+t2=2s