2025-2026学年山西省祁县二中高一上物理期末联考模拟试题含解析.doc

2025-2026学年山西省祁县二中高一上物理期末联考模拟试题
注意事项
1．考生要认真填写考场号和座位序号。
2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。
3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、如图所示，一根轻质弹簧上端固定，下端挂一质量为的平盘，盘中有一质量为的物块，盘静止时弹簧长度比自然长度伸长了．现向下拉盘使弹簧再伸长后停止，然后松手放开，设弹簧总处在弹性限度内，则刚松手时盘对物体的支持力大小应为（ ）

A.
B.
C.
D.
2、如图，一长l=0.5m的轻杆，一端固定在水平转轴上，另一端固定一质量m=0.5kg的小球，轻杆随转轴在竖直平面内做角速度ω=4rad/s的匀速圆周运动，其中A为最高点，C为最低点，B、D两点和圆心O在同一水平线上，重力加速度g=10m/s2，则（　　）

A.小球在A点时，杆对小球的作用力方向竖直向下
B.小球在B点时，杆对小球的作用力方向指向圆心
C.小球在C点时，杆对小球的作用力大小为4N
D.小球在D点时，杆对小球的作用力大小为N
3、关于速度、速度改变量、加速度，正确的说法是(　　)
A.物体运动的速度改变量很大，它的加速度一定很大
B.某时刻物体的速度为零，其加速度一定为零
C.速度很大物体，其加速度可以很小，但不可以为零
D.某物体在运动过程中，可能会出现，加速度在变大，但其速度在变小的情况
4、如图所示是某幼儿园的一部直道滑梯，其滑道倾角为θ。一名质量为m的幼儿在此滑道上匀速下滑。若不计空气阻力，则该幼儿（　　）

A.所受摩擦力为mgsinθ B.所受摩擦力为mgcosθ
C.对滑道压力为 mgsinθ D.对滑道压力为mgtanθ
5、汽车以10m/s的速度在平直马路上匀速行驶，驾驶员发现正前方的斑马线上有行人，于是刹车礼让，汽车恰好停在斑马线前．假设驾驶员的反应时间为0.5s，汽车运动的v-t图像如图所示．下列说法中不正确的是（）

A.在驾驶员反应时间内，汽车行驶的距离为5m
B.从驾驶员发现情况到汽车停止，共行驶的距离为15m
C.汽车刹车时的加速度大小为10m/s2
D.从驾驶员发现情况到汽车停止的平均速度为6m/s
6、如图所示，光滑斜面上放一轻质弹簧，弹簧下端固定，小球从静止开始沿斜面下滑，从它接触弹簧到弹簧被压缩至最短的过程中，小球的加速度和速度的变化情况是（ ）

A.加速度一直变大，速度一直变小
B.加速度一直变小，速度一直变大
C.加速度先变小后变大，速度先变大后变小
D.加速度先变大后变小，速度先变小后变大
7、如图所示，某同学站在体重计上观察超重与失重现象。由稳定的站姿变化到稳定的蹲姿称为“下蹲”过程；由稳定的蹲姿变化到稳定的站姿称为“起立”过程。他稳定站立时，体重计的示数为500N，关于实验现象，下列说法正确的是（　　）

A.“起立”过程是超重现象，“下蹲”过程是失重现象
B.“起立”和“下蹲”过程都有超重和失重现象出现
C.图记录的是他先“下蹲”稳定后又“起立”的过程
D.“下蹲”过程先出现失重现象，“起立”过程先出现超重现象
8、下列对牛顿第二定律的表达式F=ma及其变形公式的理解，正确的是（　）
A.由a=可知，物体的加速度与其所受合力成正比，与其质量成反比
B.由m=可知，物体的质量与其所受合力成正比，与其运动的加速度成反比
C.由F=ma可知，物体所受的合力与物体的质量成正比，与物体的加速度成反比
D.由m=可知，物体的质量可以通过测量它的加速度和它所受到的合力求出
9、甲、乙两车在公路上沿同一方向做直线运动，在t＝0时，甲车和乙车的位置齐平（可看作同一位置），它们的速度—时间图像如图所示。下列说法正确的是（）

A.甲先做匀速运动后做匀减速运动
B.在第20s末，甲、乙的速度大小相等
C.在第30s末，甲、乙相距50m
D.在第35s末，甲、乙的位置再次齐平
10、下列所说的运动情况能够出现的是（）
A.加速度越来越大，速度却越来越小
B.速度增加得越来越快，加速度保持不变
C.速度变化越来越慢，加速度越来越小
D.速度和加速度都保持不变，且不为零
11、停在水平地面上的小车内，用绳子AB、BC拴住一个重球，绳BC呈水平状态，绳AB的拉力为T1， 绳BC的拉力为T2．若小车由静止开始加速向左运动，但重球相对小车的位置不发生变化，则两绳的拉力的变化情况是（ ）

A.T1变大 B.T1不变
C.T2变小 D.T2变大
12、野外求生时必须具备一些基本常识，才能在享受野外探险刺激的同时，保证最基本的安全。如图所示，为一野外求生人员进入河中岛的情境。已知河宽80m，水流速度为3m/s，人在静水中游泳的速度为5m/s，P为河正中央的小岛，O为河边一位置，OP垂直河岸，人要从河边某处游到小岛P处，则该人员运动的（　　）

A.最短位移为40m
B.最短位移为50m
C.最短时间为10s，应从O点左侧30m处开始游动
D.最短时间为8s，应从O点左侧24m处开始游动
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、在“验证力平行四边形定则”的实验中，某同学进行实验的主要步骤是：
a．如图甲所示，将橡皮筋的一端固定在木板上的A点，另一端拴上两根绳套，每根绳套分别连着一个弹簧测力计；
b．沿着两个方向拉弹簧测力计，将橡皮筋的活动端拉到某一位置，将此位置标记为O点，读取此时弹簧测力计的示数，分别记录两个拉力F1、F2的大小。用笔在两绳的拉力方向上分别标记a、b两点，并分别将其与O点连接，表示两力的方向；
c．再用一个弹簧测力计将橡皮筋的活动端仍拉至O点，记录其拉力F的大小并用上述方法记录其方向。

（1）下列说法正确的是________。
A．用两个弹簧测力计拉橡皮筋时，不必为了方便求出合力的大小而使两绳套之间的夹角为90°
B．用两个弹簧测力计作出合力的图示与用一个弹簧测力计作出拉力的图示不完全重合，说明力的合成的平行四边形定则不成立
C．若F1≠F2，方向不变大小各增加1N，则合力F的方向不变，大小也增加1N
（2）图乙中的________是力F1和F2合力的理论值；________是力F1和F2合力的实际测量值。（均选填“F”或“F′”）
（3）该实验中某弹簧测力计的示数如图丙所示，其大小是______N。
（4）本实验采用的科学方法是__________（填字母代号）。
A．理想实验法 B．建立物理模型法 C．控制变量法 D．等效替代法
14、某同学“验证平行四边形定则”实验时，把橡皮条的一端用图钉固定于A点，同时用两个弹簧测力计将橡皮条的另一端拉到位置O，如图甲所示，记录相关数据；再用一个弹簧测力计把它拉到同一位置O，记录相关数据。在白纸上根据实验数据做出力的图示，画出的实验结果如图乙所示。

(1)本实验采用的研究方法是_____。
A.理想实验法
B.等效替代法
C控制变量法
D.建立物理模型法
(2)如果没有操作失误，图乙中的F与F'两力中，方向一定沿AO的是________。
15、在《探究加速度与力、质量的关系》实验中
（1）在实验中，以下做法正确的是_________
A．平衡摩擦力时，应将重物用细绳通过定滑轮系在小车上
B．每次改变小车的质量时，不需要重新平衡摩擦力
C．实验时，先放开小车，后接通电源
D．“重物的质量远小于小车的质量”这一条件如不满足，对探究过程也不会产生影响
（2）在这一实验中，有两位同学通过测量，分别作出a一F图象，如图中的A、B、C线所示；试分析：A线不通过坐标原点的原因是：_______________；B线不通过坐标原点的原因是：________________．C线发生弯曲的原因是：________________

三．计算题(22分)
16、（12分）在海滨游乐场里有一种滑沙的游乐活动。如图所示，人坐在滑板上从斜坡的高处A点由静止开始滑下，滑到斜坡底端B点后沿水平的滑道再滑行一段距离到C点停下来。若某人和滑板的总质量m＝60.0kg，滑板与斜坡滑道和水平滑道间的动摩擦因数均为μ＝0.50，斜坡AB的长度l＝36m。斜坡的倾角θ＝(sin＝0.6，cos＝0.8)，斜坡与水平滑道间是平滑连接的，整个运动过程中空气阻力忽略不计，重力加速度g取10m/s2。
(1)人从斜坡顶端滑到底端的时间为多少？
(2)人滑到水平面上后还能滑行多远？

17、（10分）如图甲所示，一根轻质且伸长量不计的细长绳两端系在竖直墙上A、D两点，绳上 B点下端挂两个各为G=10N 的重物，AB、BD绳和墙的夹角a= 30°，b= 60° ，
(1)求图甲中AB、BD两段绳中的拉力T1 、T2 各是多大；
(2)如把图甲改成图乙，B、C两点处各悬挂G=10N 的重物，AB、CD绳和墙的夹角仍是a= 30°，b= 60° ， 求 BC绳中的拉力T3 多大；BC绳与竖直方向的夹角q是多大。

参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、B
【解析】先根据胡克定律和平衡条件，列出盘静止时力平衡方程；再由胡克定律求出刚松手时手的拉力，确定盘和物体所受的合力，根据牛顿第二定律求出刚松手时，整体的加速度．再隔离物体研究，用牛顿第二定律求解盘对物体的支持力
【详解】设弹簧的劲度系数为k，由题意可知，起初整个系统处于静止状态时：
现向下拉盘使弹簧再伸长后停止，然后松手放开瞬间，以和为整体受到的合力大小为，方向竖直向上，由牛顿第二定律可得：
单独隔离物块由牛顿第二定律得：
联立方程得：
故本题选B
【点睛】本题考查应用牛顿第二定律分析和解决瞬时问题的能力，这类问题往往先分析平衡状态时物体的受力情况，再分析非平衡状态时物体的受力情况，根据牛顿第二定律求解瞬时加速度
2、D
【解析】小球做匀速圆周运动，合力提供向心力。
A．小球在A点时，

解得：

故杆对小球的作用力方向竖直向上，故A错误；
B．小球在B点时，合力提供向心力，则杆对小球的作用力方向斜向右上方，故B错误；
C．小球在C点时

解得：

故C错误
D．小球在D点时，杆对小球的作用力方向斜向做上方

故D正确；
故选D。
3、D
【解析】A．根据可知，物体运动的速度改变量很大，它的加速度不一定很大，选项A错误；
B．某时刻物体的速度为零，其加速度不一定为零，例如竖直上抛物体到达最高点时，选项B错误；
C．速度很大的物体，其加速度可以很小，也可以为零，例如高速匀速飞行的子弹，选项C错误；
D．某物体在运动过程中，若加速度和速度反向，则当加速度在变大时，速度在变小，选项D正确．
4、A
【解析】AB．幼儿在此滑道上匀速下滑，受力平衡，根据平衡条件可得所受摩擦力：f=mgsinθ，故A正确，B错误；
CD．幼儿对轨道的压力等于重力在垂直于斜面方向的分力，即为mgcosθ，故CD错误。
故选A。
5、C
【解析】A．汽车在驾驶员的反应时间内做匀速直线运动，反应时间内汽车行驶的距离为
x1=vt1=10×0.5m=5m
A正确，不符合题意；
B．v-t图线下方的面积表示位移，故从驾驶员发现情况到汽车停止，共行驶的距离为

B正确，不符合题意；
C．图线的斜率表示加速度，故匀减速过程的加速度大小为

C错误，符合题意；
D．从驾驶员发现情况到汽车停止平均速度为

D正确，不符合题意。
故选C。
6、C
【解析】本题要正确分析小球下滑与弹簧接触过程中弹力变化，即可求出小球合外力的变化情况，进一步根据牛顿第二定律得出加速度变化，从而明确速度的变化情况
解：开始阶段，弹簧的压缩量较小，因此弹簧对小球向上的弹力小于重力沿斜面的分力，此时合外力大小：F=mgsinθ﹣kx，方向向下，随着压缩量的增加，弹力增大，故合外力减小，则加速度减小，由于合外力与速度方向相同，小球的速度增大；
当mgsinθ=kx时，合外力为零，此时速度最大；
由于惯性物体继续向下运动，此时合外力大小为：F=kx﹣mgsinθ，方向沿斜面向上，物体减速，随着压缩量增大，物体合外力增大，加速度增大
故整个过程中加速度先变小后变大，速度先变大后变小，故ABD错误，C正确
故选C
【点评】本题考查了牛顿第二定律的综合应用，学生容易出错的地方是：认为物体一接触弹簧就减速．对弹簧的动态分析也是学生的易错点，在学习中要加强这方面的练习
7、BCD
【解析】A、B、D．从下蹲状态站起来的过程中，人先向上做加速运动，后向上做减速运动，最后回到静止状态，即人先处于超重状态后处于失重状态。从站立状态蹲下去的过程中，人先向下做加速运动，后向下做减速运动，最后回到静止状态，即人先处于失重状态。后处于超重状态。故A错误，BD正确；
C．物体对支持物的压力大于物体所受重力的情况称为超重现象，即显示重量大于实际重量；物体对支持物的压力小于物体所受重力的情况称为失重现象，即显示重量小于实际重量。图像中第一次变化，显示重量先小于重量再大于重量，即先失重后超重，因此为“下蹲”；第二变化，显示重量先大于重量再小于重量，即先超重后失重，因此为“起立”，故C正确。
故选择BCD。
8、AD
【解析】A．由a=可知，物体的加速度与其所受合力成正比，与其质量成反比，选项A正确；
B．物体的质量与其所受合力以及运动的加速度无关，选项B错误；
C．物体所受的合力与物体的质量以及物体的加速度无关，选项C错误；
D．由m=可知，物体的质量可以通过测量它的加速度和它所受到的合力求出，选项D正确。
故选AD。
9、AD
【解析】A．由图可知，甲车先做匀速运动再做匀减速直线运动，故A正确；
B．由图看出在第20s末，甲、乙的速度大小不等，故B错误；
C．图像与坐标轴围成的面积表示位移，可知在第30s末，甲的位移为

乙的位移为

所以甲乙两车相距

故C错误；
D．30s后甲静止，乙以向前运动

就可以追上甲，故在第35s末，甲、乙的位置再次齐平，故D正确。
故选AD。
10、AC
【解析】根据加速度的定义式可知物体的加速度等于物体的速度的变化率，即物体的速度变化越快，物体的加速度越大；加速度与速度没有直接的联系，加速度是描述速度变化的快慢，加速度的方向与速度同向时，速度增加，若反向时，则速度减小。
故选AC。
【名师点睛】把握加速度的定义式中各个物理量的含义以及各个物理量之间的关系是解决此类问题的关键，是正确理解加速度的定义的基础．根据加速度的定义式可知物体的加速度等于物体的速度的变化率，加速度的方向就是物体速度变化量的方向，与物体速度无关，即物体的速度变化越快物体的加速度越大．加速度反映了速度变化的快慢
11、BC
【解析】对小球受力分析列水平方向上的牛顿第二定律和竖直方向上的平衡公式，观察公式即可知道两个力变化情况
【详解】如图所示，对小球受力分析．因为重球相对小车的位置没有发生变化，故小球做加速运动，且AB绳与水平方向的夹角角保持不变，根据牛顿第二定律可得：

解得：即不变；由于水平方向上存在向左的加速度，所以减小；故BC对；AD错；
故选BC
【点睛】本题易错项为A．考生可能没有考虑到竖直向下的重力需要在竖直方向上的分量来平衡，而绳与竖直方向的夹角没有改变，故不会改变
12、AD
【解析】AB．由题意可知，人在静水中的速度大于水流速度，则人可以垂直河岸沿OP运动到P点，即最短位移为40m，故A正确，B错误；
CD．当人在静水中的速度方向垂直河岸时，所用时间最短即为

应从O点左侧

处开始游动，故C错误，D正确。
故选AD。

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①.A ②.F′ ③.F ④.2.10 ⑤.D
【解析】（1）[1]A．用两个弹簧测力计拉橡皮筋时，不必要为了方便求出合力的大小而使两绳套之间的夹角为，故A正确；
B．用两个弹簧测力计作出合力的图示与用一个弹簧测力计作出拉力的图示不完全重合，在误差允许的范围内，也能说明力的合成的平行四边形定则成立，故B错误；
C．若，方向不变，大小各增加，则合力的方向变化，如果不变化，则要二力的大小成比例增加，增加的比例为最初的二力大小之比，故C错误。
故选A。
（2）[2][3]是通过作图的方法得到合力的理论值，而是通过一个弹簧称沿方向拉橡皮条，使橡皮条伸长到点，使得一个弹簧称的拉力与两个弹簧称的拉力效果相同，是合力的实验测量值。
（3）[4]测力计的最小分度为，则要估读到下一位，其示数为。
（4）[5]合力与分力是等效替代的关系，所以本实验采用的等效替代法。故D正确，ABC错误。
故选D。
14、 ①.B ②.F'
【解析】(1)[1]本实验中两个拉力的作用效果和一个拉力的作用效果相同，采用的科学方法是等效替代法；故选B
(2)[2]图乙中的F与中，F是由平行四边形得出的，而是通过实验方法得出的，其方向一定与橡皮筋的方向相同，F是力和的合力的理论值。
15、 ①.B ②.未平衡摩擦或未平衡掉摩擦 ③.平衡摩擦过度 ④.没有满足重物的质量远小于小车的质量这一条件
【解析】（1）[1]A、平衡摩擦力时，应将绳从小车上拿去，轻轻推动小车，是小车沿木板运动，通过打点计时器打出来的纸带判断小车是否匀速运动．故A错误
B、每次改变小车的质量时，小车的重力沿斜面分力和摩擦力仍能抵消，不需要重新平衡摩擦力．故B正确；
C、实验时应先接通电源然后再放开小车，故C错误；
D、当重物的质量远小于小车的质量时我们才可以认为小车的合力等于重物的重力，故D错误；故选B
（2）[2][3]从图A中发现直线没过原点，当F≠0时，a=0．也就是说当绳子上有拉力时小车的加速度还为0，是没有平衡摩擦力，或平衡摩擦力不够引起的. 
当F=0时，a≠0．也就是说当绳子上没有拉力时小车就有加速度，这是平衡摩擦力时木板倾角θ太大，即平衡摩擦力过度引起的
[4]设小车加速度为a，对小车
F=Ma
对重物
F-mg=ma
联立解得

所以重物的质量m远小于小车的质量M时，当m逐渐变大时，a逐渐变小，故图象出现弯曲．所以原因是：重物的质量不是远小于车的质量

三．计算题(22分)
16、 (1)6 s　(2)14.4 m
【解析】(1)人在斜坡上下滑时，受力如图所示。

设人沿斜坡下滑的加速度为a，由牛顿第二运动定律得:
mgsinθ－f＝ma
又f＝μN垂直于斜坡方向有:
N－mgcosθ＝0
解得
a＝2m/s2
由l＝at2，解得
t＝6s
(2)设人滑到水平面时速度为v，则有v＝at解得
v＝12m/s
在水平面上滑行时，设加速度大小为a′，根据牛顿第二运动定律，有
μmg＝ma′
解得
a′＝5m/s2
设还能滑行的距离为s，则v2＝2a′s，解得
s＝14.4m
17、 (1)10N；10N ； (2)10N；60°
【解析】(1)对结点受力分析，受重力、A绳的拉力T1和B绳的拉力T2，受力分析如图所示

在x轴方向

在y轴方向

联立以上并代入数据解得

(2)把两个物体看成一个整体，结果与(1)相同，即 ，
对B点受力分析如图所示

在x轴方向

在y轴方向

联立以上并代入数据解得