2025年广东省执信中学高一上物理期末统考模拟试题含解析.doc

2025年广东省执信中学高一上物理期末统考模拟试题
请考生注意：
1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。
2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、如图所示，质量均为m的A、B两球之间系着一根不计质量的弹簧，放在光滑的水平面上，A球紧靠竖直墙壁，今用水平力F将B球向左推压弹簧，平衡后，突然将F撤去，在这瞬间，以下说法正确的是

A.B球的速度为零，加速度大小为
B.B球的速度为零，加速度为零
C.A立即离开墙壁
D.在A离开墙壁后，A、B两球均向右做匀速运动
2、2013年2月15日中午12时30分左右，俄罗斯车里雅宾斯克州发生陨石坠落事件，它在穿越大气层时摩擦燃烧，发生爆炸，产生大量碎片，形成了所谓“陨石雨”．假定某一碎片自爆炸后落至地面并陷入地下一定深度过程中，其质量不变，则（　　）

A.该碎片在空中下落过程中重力做的功小于动能的增加量
B.该碎片在空中下落过程中重力做的功大于动能的增加量
C.该碎片在陷入地下的过程中合外力做的功小于动能的改变量
D.该碎片在整个过程中克服阻力做的功大于机械能的减少量
3、a、b两物体从同一位置沿同一直线运动，它们的速度图象如图所示，下列说法正确的是（ ）

A.a、b加速时，物体a的加速度大于物体b的加速度（ ）
B.20秒时，a、b两物体相距最远
C 40秒时，a、b两物体相遇
D.60秒时，物体a在物体b的前方
4、小球在离地面不同高度处同时从静止释放，不计空气阻力，从开始运动的时刻起每隔相等的时间间隔，小球将依次碰到地面，则如下所示各图中，能大致正确反映出刚开始运动时各小球相对地面的高度的是（　　）
A. B.
C. D.
5、如图所示将两弹簧测力计a、b连结在一起，当用力缓慢拉a弹簧测力计时，发现不管拉力F多大（未超出量程），a、b两弹簧测力计的示数总是相等，这个实验说明（）

A.这是两只完全相同的弹簧测力计
B.弹力的大小与弹簧的形变量成正比
C.作用力与反作用力大小相等、方向相反
D.力是改变物体运动状态的原因
6、如图所示，物体P置于光滑的水平面上，用轻细线跨过质量不计的光滑定滑轮连接一个重力G=10N的重物，物体P向右运动的加速度为a1；若细线下端不挂重物，而用F=10N的力竖直向下拉细线下端，这时物体P的加速度为a2，则（ ）

A.a1＜a2
B.a1=a2
C.a1＞a2
D.条件不足，无法判断
7、一个物体受几个共点力的作用而处于平衡状态，当其中一个力的大小逐渐减小到零然后又恢复到原值的过程中（）
A.其加速度先增大，后减小
B.其加速度先增大，后反方向减小
C.其速度一直在增大，最后达最大
D.其最终将回到原来位置，并保持平衡状态
8、一辆汽车4s内作匀加速直线运动，初速度为2m/s，末速度为10m/s，在这段时间内( )
A.汽车的加速度为2m/s2 B.汽车的加速度为8m/s2
C.汽车的平均速度为6m/s D.汽车的加速度为10m/s2
9、将一个物体以某一速度从地面竖直向上抛出，物体上升至最高点又落回地面.设物体在运动过程中所受的空气阻力大小不变，则在物体的整个运动过程中（　　）
A.刚抛出时的速度最大
B.在最高点加速度为零
C.下落时间等于上升时间
D.上升时加速度大于下落时的加速度
10、车厢顶部固定一滑轮，在跨过定滑轮绳子两端各系一个物体，质量分别为m1、m2，且m2＞m1，m2静止在车厢底板上，当车厢向右运动时，m1、m2与车厢保持相对静止，系m1的那段绳子与竖直方向夹角为θ，如图所示，绳子的质量、滑轮与绳子的摩擦忽略不计，下列说法正确的是（　　）

A.车厢的加速度为
B.车厢底板对的支持力为
C.绳子中的张力大小为
D.车厢底板对的摩擦力为
11、一个质点在0~20s时间内做直线运动的速度一时间图像如图所示，下列说法中正确的是（　　）

A.BC段和CD段加速度方向相反
B.BC段和CD段的速度方向相反
C.整个过程中，D点所表示的位置离出发点最远
D.整个过程中，质点通过的路程为100m
12、如图，一个大人单独提起一桶水和两个小孩共同提起同一桶水，则下列说法正确的是（ ）

A.大人的拉力可以看作两个小孩拉力的合力
B.大人拉力一定等于两个小孩拉力大小之和
C.两个小孩两手臂夹角越大，则小孩拉力越小
D.两个小孩两手臂夹角越大，则小孩拉力越大
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、甲、乙两同学均设计了测动摩擦因数的实验。已知当地重力加速度的大小为。

（1）甲同学所设计的实验装置如图甲所示，其中长直木板A的质量为，质量为的物块放置在木板A上，为物块右端连接的一轻质弹簧测力计。实验时，用力将A从的下方水平抽出，通过的示数即可算出动摩擦因数。该同学设计的实验能测出___________（选填“A与”或“A与地面”）之间的动摩擦因数，其表达式为___________。
（2）乙同学设计实验如图乙所示，水平长木板上固定有两个光电门，与光电门相连的计时器可以显示带有遮光片的物块通过两光电门之间的运动时间，与跨过定滑轮的轻质细绳相连的轻质测力计能显示挂钩处所受的拉力。实验时，多次改变砂桶中砂的质量，每次都让物块从光电门A处由静止开始运动，读出多组测力计的示数及对应的物块在两光电门之间运动的时间；在坐标系中作出的图线如图丙所示，测得图线在横轴上的截距为。若本实验中物块的质量不能测出。则该同学还应该测出的物理量为___________；根据该测量物理量及图线信息，可知物块与长木板之间的动摩擦因数表达式为___________（用题中所给物理量表示）。
14、某轻质弹簧的弹力大小与其长度的关系如图所示，则：

（1）弹簧的原长为_____cm；
（2）弹簧的劲度系数为_____N/m；
（3）图中x1的值应为_____cm
15、某同学用图a的装置完成“探究弹力和弹簧伸长的关系”的实验，部分实验步骤如下：

A．以弹簧伸长量为横坐标，以弹力为纵坐标，描出各组数据(x，F)对应的点，作出F—x图线
B．记下弹簧不挂钩码时，其下端在刻度尺上的刻度L0
C．依次在弹簧下端挂上1个、2个、3个、4个……钩码，并分别记下钩码静止时，弹簧下端所对应的刻度并记录在表格内，然后取下钩码
D．将铁架台固定于桌子上，并将弹簧的一端系于横梁上，在弹簧附近竖直固定一刻度尺
(1)实验步骤的正确顺序为：____________________________
(2)若他通过实验得到如图(b)所示的弹力大小F与弹簧长度x的关系图线．由此图线可得该弹簧的原长x0＝____________cm，劲度系数k＝________N/m
(3)他又利用本实验原理把该弹簧做成一把弹簧秤，当弹簧秤上的示数如图(c)所示时，该弹簧的伸长量x＝________________cm
三．计算题(22分)
16、（12分）如图所示，小球从离地高、离竖直墙水平距离处，以水平向右的初速度朝墙抛出，不计空气阻力，取

若小球的初速度，则小球与墙碰撞点离地面的高度是多少？
若要使做平抛运动的小球不碰到墙，则它的初速度应满足什么条？
17、（10分）从离地31.25m的空中自由下落一个小球，不计空气阻力取g＝10m/s2，求：
（1）从开始下落的时刻起，小球经过多少时间落到地面；
（2）小球落到地面的速度大小；
（3）从开始下落到落地的整个过程中求最后1s内的位移大小；
参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、A
【解析】速度不能发生突变，力可以突变，突然将F撤去，弹簧的压缩量没有来得及发生改变，故弹力不变，对B球运用牛顿第二定律，即可求得加速度．在弹簧第一次恢复原长时，B球的速度大于A球的速度，弹簧将被拉长，A受到弹簧的弹力A离开墙壁；在A离开墙壁后，B球的速度大于A球的速度，弹簧将被拉长，A将做加速运动，而B做减速运动
【详解】撤去F前，B球处于静止状态，速度为零，弹簧弹力等于F，将F 撤去的瞬间，速度不能发生突变，所以速度仍然为零，弹簧的压缩量没有来得及发生改变，故弹力不变，所以B球只受弹簧弹力，根据牛顿第二定律可知：不等于零，所以B球的速度为零，加速度不为零，故A正确，B错误；在弹簧第一次恢复原长时，B球的速度大于A球的速度，弹簧将被拉长，A受到弹簧的弹力A离开墙壁，故C错误；在A离开墙壁后，B球的速度大于A球的速度，弹簧将被拉长，A将做加速运动，而B做减速运动，故D错误．所以A正确，BCD错误
2、B
【解析】本题的关键是明确涉及到“机械能变化”的问题时，应用“功能原理”讨论，涉及到“动能变化、动能增量”问题时应用动能定理进行讨论；
【详解】A、根据动能定理可知，碎片动能的增量应等于重力和阻力做功的代数和，所以重力做的功大于动能的增加量，故A错误，B正确；
C、根据动能定理，碎片在陷入地下的过程中重力与阻力的合力做的功等于动能的改变量，故C错误；
D、根据“功能原理”可知，除碎片的重力外其它力即为阻力做的功等于碎片机械能的变化，故D错误
【点睛】应明确“功能原理”是指：除重力以外其它力做的总功等于物体机械能的变化
3、D
【解析】A．速度图象的斜率表示加速度。a、b加速时b的斜率大，加速度大。故A错误；
B．第40s时，两物体a、b速度相等，此时位移差最大，所以相距最远，故B错误；   
C．由图可知第40s时，物体b的位移小于物体a的位移，物体a在物体b的前方，故C错误；
D．由于图像与坐标轴围成的面积等于位移，可知60秒时，a的位移大于b的位移，可知，物体a在物体b的前方，故D正确；
故选D。
4、C
【解析】每隔相等的时间间隔小球依次碰到地面，可以知道第一个球经过T时间落地，第二球落地的时间为2T，依次3T、4T；逆过来看，相当于一个小球每经过相等时间所到达的位置。可以知道相等时间间隔内的位移越来越大，所以从下而上，相邻两个小球之间的竖直位移越来越大。
故选C。
5、C
【解析】a、b两弹簧秤的示数分别显示b弹簧的拉力和a弹簧的拉力，这是一对作用力与反作用力两弹簧称的示数相等，说明了作用力与反作用力大小相等、方向相反
【详解】A、a、b两弹簧秤的示数分别显示b弹簧的拉力和a弹簧的拉力，这是一对作用力与反作用力，根据牛顿第三定律得知，它们的示数总是相等，与弹簧称无关，故两只弹簧称不一定完全相同．故A错误
B、此实验不能说明弹力的大小与弹簧的形变量成正比，故B错误；
C、a、b两弹簧秤的示数分别显示b弹簧的拉力和a弹簧的拉力，这是一对作用力与反作用力，两弹簧称的示数相等，说明了作用力与反作用力大小相等、方向相反．故C正确
D、弹簧称的运动没有改变，故此实验不能说明力是改变物体运动状态的原因．故D错误；
故选C
【点睛】本实验是证明了牛顿第三定律的正确性，不能证明胡克定律、力的作用效果等等其他规律
6、A
【解析】挂重物时，选连接体为研究对象，有牛顿第二定律得，共同运动加速度大小为：；当改为10N拉力后，由牛顿第二定律得；P的加速度为：，故a1＜a2，
故选A.
考点：牛顿第二定律
7、AC
【解析】ABC．当保持其它力不变，仅使其中的一个力由大逐渐减小到零，然后又恢复到原值的过程中，合力先增大再减小，方向不变，则加速度先增大后减小，由于加速度方向与速度方向一直相同，则物体一直做加速运动，速度一直在增加，故AC正确，B错误；
D．由于物体的速度方向不变，物体一直向前运动，没有回到原来的位置，故D错误。
故选AC
8、AC
【解析】由加速度的定义可知，汽车的加速度为：．故A正确，BD错误．汽车的平均速度为：，故C正确．故选AC
9、AD
【解析】考虑空气阻力,物体上升和下降时受力情况不同,要分开讨论;上升时,阻力向下,下降时阻力向上,应用速度围观公式比较速度大小.
【详解】A、整个过程中只有空气的阻力做功不为零,机械能损失,故上升过程初速度最大,所以A选项是正确的;
B、物体在最高点速度为零,受到重力作用,所受合外力不为零,加速度不为零,故B错误;
CD、物体在运动过程中所受空气阻力大小不变,但是受空气阻力的方向总与物体的速度方向相反，所以上升过程中的空气阻力向下，下降过程空气阻力向上导致上升过程的合力大于下降过程的合力，所以上升时的加速度大于下落时的加速度，由于上升和下降过程的位移相等，根据 可知，上升时间小于下降过程的时间，故C错；D对；
故选AD
10、ACD
【解析】A、物体m1与车厢具有相同的加速度，对物体m1分析，受重力和拉力，根据合成法知，F合=m1gtanθ，拉力．物体m1的加速度，所以车厢的加速度为gtanθ．故A，C正确
C、物体m2加速度为gtanθ，对物体m2受力分析，受重力、支持力、拉力和摩擦力，支持力，f=m2a=m2gtanθ．故B错误、D正确
11、BD
【解析】A．在v-t图像中斜率表示加速度，由图可知BC段和CD段斜率相等，即加速度相同，方向也相同，故A错误；
B．由图可知在BC段速度方向为正，CD段速度方向为负，BC段和CD段的速度方向相反，故B正确；
C．在v-t图像中图线与t轴围成的面积表示运动的位移，故由图可知C点所表示的位置离出发点最远，故C错误；
D．整个过程中，质点通过的路程为

故D正确。
故选BD。
12、AD
【解析】A．大人的拉力作用的效果和两人小孩拉力共同作用的效果相同；故A正确
B．根据平行四边形定则可知，合力的大小可以大于、小于也可以等于分力的大小；故B错误
CD．两个力合成时，夹角越大则合力越小，两小孩拉力的合力一定，所以夹角越大则分力越大；故C错误，D正确。
故选AD

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①.A与 ②. ③.光电门之间的距离 ④.
【解析】（1）[1]当A达到稳定状态时，处于静止状态，弹簧测力计的示数与所受的滑动摩擦力大小相等，对木板A的压力等于的重力，则有

故从弹簧测力计上读取，则可求得A与之间的动摩擦因数；
（2）[2][3][4]物块由静止开始做匀加速运动，在从光电门A处运动到光电门处的过程中，位移

则有

根据牛顿第二定律，有

则

设图线在纵轴上的截距为，则图线的斜率

又因纵轴的截距

得物块与长木板间的动摩擦因数

14、 ①.10 ②.200 ③.14
【解析】由弹簧的长度L和弹力F大小的关系图象，读出弹力为零时弹簧的长度，即为弹簧的原长；由胡克定律求出弹簧的劲度系数；根据胡克定律求出弹簧长x1时，x1的大小
【详解】（1）由图读出，弹簧弹力F=0时，弹簧的长度为L0=10cm，即弹簧的原长为10cm
（2）由图读出弹力为F1=20N，弹簧的长度为L1=20cm，弹簧射出的长度为：x1=L1-L0=20-10=0.10m，由胡克定律得弹簧的劲度系数为：
（3）弹簧长x1时，弹力的大小F′=8N，由：k（x1-L0）=F′，代入数据可得：x1=0.14m=14cm
【点睛】本题主要考查了胡克定律，注意胡克定律公式F=kx中，x是弹簧伸长或压缩的长度，不是弹簧的长度
15、 ①.DBCA ②.4 ③.25 ④.12
【解析】实验步骤要本着先安装设备，再进行实验，后进行数据处理的思路进行；弹簧处于原长时，弹力为零；根据胡克定律求解劲度系数；直接从弹簧秤得到弹力，再从图象b弹簧弹簧长度
（1）本着安装设备，进行实验，数据处理的思路进行安排实验步骤，故答案为DBCA
（2）当外力为零时，弹簧的长度即为弹簧的原长，即图中的纵截距表示弹簧的原长，，图像的斜率表示弹簧的劲度系数，故
（3）由图c得到弹簧的弹力为3N，根据图b得到弹簧的长度为16cm，故伸长量为

三．计算题(22分)
16、 (1)3.2m；(2)
【解析】(1)设小球飞行时间t碰墙，碰撞点离地面的高度为h，
由水平方向小球做匀速直线运动，有
得
在t时间内小球下落高度
所以小球与墙的碰撞点离地面的高度；
(2)要使平抛出去的小球不碰到墙，则在下落5m的过程小球的水平位移即可．设小球下落5m的时间为，由竖直方向小球做自由落体运动，
有
得
所以
因而，要使做平抛运动的小球不碰到墙，其初速度应满足
17、（1）从开始下落的时刻起，小球经过2.5s落到地面；（2）小球落到地面的速度为25m/s；（3）从开始下落到落地的整个过程中求最后1s内的位移大小为20m；
【解析】（1）由公式可知：

（2）由v＝gt得落地速度为

（3）由公式可知前1.5s下落的位移为：

故最后1s内的位移大小为：