河南省许昌平顶山2025-2026学年高一上物理期末检测模拟试题含解析.doc

河南省许昌平顶山2025-2026学年高一上物理期末检测模拟试题
注意事项：
1． 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。
2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。
3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。
4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、一个物体在合外力作用下作匀加速直线运动，从某时刻起该力逐渐变化，则下面说法中正确的是（）
A.当减小时，物体的速度也减小
B.当反向时，物体立即向相反方向运动
C.当减为零时，物体立即停止运动
D.当减小时，物体速度仍然逐渐增大
2、下列物理量属于矢量的是（　　）
A.路程 B.速率
C.加速度 D.质量
3、一根原长为10cm的弹簧，劲度系数是k=103N/m，在弹簧两端有两人各用的水平力拉弹簧，静止时弹簧的长度为( )
A.12 cm B.10 cm
C.14 cm D.6 cm
4、如图所示，中国三一重工的一台62米长的泵车，参与某次消防救火冷却作业，对泵车在水平地面上以加速度做匀加速运动的过程，下列分析正确的是（ ）

A.泵车受到的重力和泵车对地面的压力是一对平衡力
B.轮胎上凹凸不平的花纹是为了增加车对地面的压力
C.开车时要求系安全带是为了减小司机的惯性
D.若泵车发动机的牵引力增为原来的2倍时，泵车的加速度将大于
5、做匀减速直线运动物体经过4s后停止，若在第1s内的位移是21m，则最后1s的位移是　　
A.5m B.3m
C.2m D.1m
6、如图所示，用手握紧瓶子使瓶子静止在空中，关于瓶子所受摩擦力以下正确是（　　）

A.感觉瓶子将要滑下时，用力使劲握瓶子是为了增大此时的滑动摩擦力
B.感觉瓶子将要滑下时，用力使劲握瓶子是为了增大此时静摩擦力
C.摩擦力的大小不会因为手的握力增大而增大
D.摩擦力的大小等于瓶子的总重力，方向竖直向下
7、如图所示，某人将小球水平抛向地面的小桶，结果球划出一条弧线飞到小桶的前方．不计空气阻力，为了能把小球抛进小桶中，则下次再水平抛球时，他可能做出的调整为 （ ）

A.抛出点高度不变，增大初速度
B.抛出点高度不变，减小初速度
C.初速度大小不变，降低抛出点高度
D.初速度大小不变，增大抛出点高度
8、如图甲所示，质量的粗糙长木板P（足够长）静止在水平地面上，一个可视为质点的物块Q以初速度滑上长木板上表面，在物块Q滑上长木板P的同时给P施加个方向水平向右大小为的拉力，P、Q的图线如图乙所示，其中、段分别是内Q、P的图线，段是内P、Q共同的图线，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，，下列说法正确的是（）

A.物块Q的质量为
B.P、Q之间的动摩擦因数为0.4，P与地面间的动摩擦因数为0.2
C.长木板P最小的长度为
D.内物块Q的位移大小为
9、如图所示，质量均为m＝2.0 kg的物块A、B紧挨着放置在粗糙的水平地面上，物块A的左侧连接一劲度系数为k＝100 N/m的轻质弹簧，弹簧另一端固定在竖直墙壁上．开始时，两物块压紧弹簧并恰好处于静止状态.现使物块B在水平外力F(图中未画出)作用下向右做加速度大小为a=2 m/s2的匀加速直线运动直至与A分离，已知两物块与地面间的动摩擦因数均为μ＝0.4，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，不计空气阻力，g＝10 m/s2.则

A.开始时，弹簧的压缩量大小为12 cm
B.物块A、B分离时，所加外力F的大小为12 N
C.物块A、B由静止开始运动到分离所用的时间为0.4 s
D.物块A、B由静止开始运动到分离时，物块A的位移大小为0.04 m
10、如图所示，在倾角为α的斜面上，放一质量为m的小球，小球和斜坡及挡板间均无摩擦，当挡板绕O点逆时针缓慢地转向水平位置的过程中，则有（　　）

A.斜面对球的支持力逐渐增大
B.斜面对球的支持力逐渐减小
C.挡板对小球的弹力先减小后增大
D.挡板对小球的弹力先增大后减小
11、如图甲所示，a、b两物体分别从斜面上的同一点M处由静止下滑，经N点后在水平面上滑行，（不计通过N点前后的速率变化），它们的图像如图乙所示，则通过图像可知（　　）

A.a、b两物体滑到N点时速度之比2:3
B.a、b两物体在水平面上滑行的距离之比为3:1
C.a、b两物体与斜面的动摩擦因数关系为
D.a、b两物体与水平面间的动摩擦因数关系为
12、如图，物体沿两个半径为的圆弧由经到，下列正确的是（ ）

A.物体位移等于，方向向东
B.物体的位移等于，方向向东
C.物体的路程等于
D.物体的路程等于
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、如图所示，在“探究平行四边形定则”实验中，橡皮条一端固定于A点

（1）同时使用两个弹簧测力计通过细绳套将橡皮条的另一端拉到O点，记录两个测力计的读数F1和F2及两细绳的方向．弹簧测力计的示数如图所示，其示数为_____N
（2）只用一个测力计通过细绳拉橡皮条，使结点也拉到O点，记下此时测力计的读数F和细绳的方向．本步骤中将结点也拉到O点，是为了____________________________.
（3）关于本实验，下列说法正确的是_____
A．实验过程中橡皮条必须在两细绳套的角分线上
B．橡皮条的伸长量越大越好
C．拉两个细绳套时，两拉力夹角越大越好
D．拉细绳套时，拉力应尽量与木板平行
14、甲、乙两物体在同一直线上运动的x-t图像如图所示，以甲出发点为原点，出发时刻为计时起点，则从图像可以看出甲物体在0-t1时间段是____（填“静止”、“匀速直线运动"或“匀加速直线运动"），比较甲物体在0-t1段的速度v0-1和在t2- t3段的速度v2-3，有v0-1____v2-3（填“大于”、“小于”或"等于"），在0- t3时间段，甲、乙两物体发生的位移大小分别为x甲、x乙，则x甲____x乙（填"大于”、“小于"或“等于"）。

15、某同学用图甲所示的实验装置探究加速度与力的关系：

（1）该同学完成实验操作后，将实验数据都在坐标系中进行了描点，但尚未完成图像的绘制（如图乙所示）。请帮助该同学画出a-F图像。
（ ）
根据所完成的a-F图像，分析得出造成这一结果的原因是：在平衡摩擦力时木板与水平桌面的夹角______（选填“偏大”或“偏小”）。
（2）重新平衡摩擦力后进行实验，实际小车在运动过程中所受的拉力___沙和沙桶的总重力（填“大于”“小于”或“等于”），为了便于探究，我们近似认为拉力等于沙和沙桶的总重力，应使小车质量M与沙和沙桶的总质量m满足M>>m的条件。
（3）由实验得到如图丙所示的纸带，已知打点计时器所使用的电源频率为50Hz。小车的加速度a=_____m/s2。（结果保留两位有效数字）

三．计算题(22分)
16、（12分）如下图是阿毛同学的漫画中出现的装置，描述了一个“吃货”用来做“糖炒栗子”的“萌”事儿：将板栗在地面小平台上以一定的初速经两个四分之一圆弧衔接而成的轨道，从最高点P飞出进入炒锅内，利用来回运动使其均匀受热．我们用质量为m的小滑块代替栗子，借这套装置来研究一些物理问题．设大小两个四分之一圆弧半径为2R和R，小平台和圆弧均光滑．将过锅底的纵截面看作是两个斜面AB、CD和一段光滑圆弧BC组成，滑块与斜面间的动摩擦因数为0.25，且不随温度变化．两斜面倾角均为，AB=CD=2R，A、D等高，D端固定一小挡板，碰撞不损失机械能．滑块的运动始终在包括锅底最低点的竖直平面内，重力加速度为g

（1）如果滑块恰好能经P点飞出，为了使滑块恰好沿AB斜面进入锅内，应调节锅底支架高度使斜面的A、D点离地高为多少？
（2）接（1）问，试通过计算用文字描述滑块的运动过程
（3）对滑块的不同初速度，求其通过最高点P和小圆弧最低点Q时受压力之差的最小值
17、（10分）如图所示，静止在水平地面上一质量 m＝10 kg的物块在推力F=50N作用下沿水平地面运动，推力方向与水平面的夹角α=53°，物体与水平地面的动摩擦因数为μ=0.2（计算时取sin53°=0.8，cos53°=0.6，g=10m/s2)．求：

（1）推力F作用在物块上时物体的加速度大小
（2）若推力F作用10S后撤去，求撤去F之后物块在2秒内滑行的距离？
参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、D
【解析】ACD．物体在合力F的作用下做匀加直线运动，当F减小时，根据牛顿第二定律得知，物体的加速度减小，而合力方向与速度方向相同，速度仍在增加，只是速度增加由快变慢，当减为零时，物体的速度达到最大，之后做匀速直线运动AC错误，D正确。
B．当F反向时，物体由于惯性继续向前做减速运动，并不立即向相反方向运动，B错误。
故选D。
2、C
【解析】A．路程是只有大小，没有方向的物理量，是标量，故A错误；
B．速率是速度的大小，只有大小，没有方向的物理量，是标量，故B错误；
C．加速度是既有大小又有方向，是矢量，故C正确。
D．质量是只有大小，没有方向的物理量，是标量，故D错误。
故选C。
3、A
【解析】弹簧两端有两人各用F=20N的水平力拉弹簧，弹簧的拉力也是20N，根据胡克定律F=kx得：

所以弹簧的长度：
L=L0+x=10cm+2cm=12cm。
A．12 cm，与结论相符，选项A正确；
B．10 cm，与结论不相符，选项B错误；
C．14 cm，与结论不相符，选项C错误；
D．6 cm，与结论不相符，选项D错误；
故选A.
4、D
【解析】泵车受到的重力和泵车对地面的压力作用在二个不同的物体上，故它们不是一对平衡力，选项A错误；轮胎上凹凸不平的花纹是为了增加车对地面的摩擦力，而不是压力，选项B错误；开车时要求系安全带是为了减小司机的惯性所造成的危害，而不是减小惯性，选项C错误；当拉力为F时，由牛顿第二定律得：F－f=ma，若拉力变为2F，则2F－f=ma′，解之得a′>2a，故选项D正确
5、B
【解析】因为匀加速直线运动和匀减速直线运动互为逆运动，所以可以用逆向思维，把物体的运动看成匀加速直线运动，从题中可得初速度为：，则物体在第1s，第2s，第3s，第4s，第5s内的位移之比为：，所以，故可得，B正确；
考点：考查了匀变速直线运动规律的应用
6、C
【解析】AB．感觉瓶子将要滑下时，用力使劲握瓶子是为了增大手与瓶子之间的最大静摩擦力，这里不是为了增加静摩擦力，也不是为了增大此时的滑动摩擦力，AB错误；
CD．静摩擦力始终与瓶子的重力大小相等，摩擦力的大小不会因为手的握力增大而增大，静摩擦力与重力是一对平衡力，所以摩擦力的方向是竖直向上的， D错误C正确。
故选C。
7、BC
【解析】设小球抛出速度为，抛出点离桶的高度为，水平位移为，则：
竖直方向：运动时间，水平位移：
A、B根据分析可知，要把小球扔进桶里，需减小水平位移，抛出点高度不变，就需要减小初速度，B正确A错误
C、D根据分析可知，要把小球扔进桶里，需减小水平位移，初速度不变，需要降低抛出高度，C正确D错误
8、AC
【解析】AB．设物块Q的质量为m，P、Q之间的动摩擦因数为μ1，P与地面间的动摩擦因数为μ2。根据速度图象的斜率表示加速度，可得0-1s内Q、P的加速度大小分别为
a1=4m/s2，a2=4m/s2。
0-1s，根据牛顿第二定律，对Q有：
μ1mg=ma1
对P有：
μ1mg+F-μ2（M+m）g=Ma2；
Q、P共速后做匀速运动，有：
F=μ2（M+m）g
联立解得：
m=1kg，μ1=0.4，μ2=0.1，
故A正确，B错误；
C．长木板P最小的长度等于0-1s内Q相对P的位移为：
，
故C正确；
D．0～2s内物块Q的位移大小为：
，
故D错误。
故选AC。
9、BD
【解析】开始时物体所受的弹力等于最大静摩擦力，列式求解弹簧的压缩量；物块A、B分离时，两物块之间弹力为零，分别对AB列式求解力F和弹簧的压缩量，结合运动公式求解分离的时间和物块A的位移.
【详解】开始时，两物块压紧弹簧并恰好处于静止状态，则，解得弹簧的压缩量为，选项A错误；物块A、B分离时，两物块之间弹力为零，此时对B:，解得F=12N，选项B正确；对A：，解得x′=0.12m，则所用的时间：x-x′= at2，解得t=0.2s，物块A、B由静止开始运动到分离时，物块A的位移大小为x-x′=0.04 m，选项C错误，D正确；故选BD.
【点睛】此题是牛顿第二定律的应用问题；关键是知道两物块分离的临界条件，即两物体之间的弹力为零，且加速度相等，结合运动公式解答.
10、BC
【解析】如图对小球进行受力分析

是挡板对球的支持力，和球对挡板的压力是一对作用力和反作用力，等大反向，是斜面对球的支持力，和球对斜面的压力是一对作用力和反作用力，等大反向，由图可知，缓慢转动挡板至与斜面垂直过程中，先减小后增大，一直减小，BC正确，AD错误。
故选BC。
【点睛】中等难度．本题通过画出受力分析图就可以看出动态变化过程，各力大小变化一目了然
11、BD
【解析】据速度时间图线的斜率比较加速度的大小，结合牛顿第二定律比较动摩擦因数的大小；根据图线与时间轴围成的面积比较滑行的距离。
【详解】A．图像的面积等于位移，由图像可知

解得

选项A错误；
B．a、b两物体在水平面上滑行的距离之比为

选项B正确；
C．物块在斜面上的加速度为

由图像的斜率等于加速度可知

则

选项C错误；
D．在水平面上的加速度

由图像可知，则

选项D正确。
故选BD。
【点睛】对于图象问题，我们学会“五看”，即：看坐标、看斜率、看面积、看交点、看截距；了解图象的物理意义是正确解题的前提。
12、AD
【解析】AB．位移是由初位置指向末位置，是矢量，所以物体的位移等于，方向向东，选项A正确，B错误；
CD．路程是标量，是运动轨迹的长度，即为经过的圆弧的长度为

选项C错误，D正确。
故选AD。

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①.（1）2.60 ②.（2）使两分力的效果与一个合力的效果相同. ③.（3）D
【解析】第一空.弹簧秤的最小分度为0.1N，根据弹簧秤指针的指示可知，其读数为2.60N；
第二空.实验中两次应将结点接至同一点，这样可以使两次拉力作用的效果相同；
第三空.实验过程中橡皮条不一定必须在两细绳套的角分线上，选项A错误；橡皮条的伸长量不是越大越好，方便作图即可，故B错误；两条细绳的夹角不是越大越好，以方便作平行四边形为宜．故C错误．拉橡皮条时，橡皮条、细绳和弹簧秤平行贴近木板，使得结点所受的几个力在同一平面内，故D正确
14、 ①.匀速直线运动 ②.小于 ③.大于
【解析】[1]在x-t图像中斜率表示物体的速度，故由图可知0-t1时间段内甲物体图像斜率不变，及速度不变，故在做匀速直线运动；
[2]由图可知甲在0-t1段图像的斜率小于在t2- t3段的斜率，则在0-t1段的速度v0-1小于在t2- t3段的速度v2-3；
[3]由图可知在t3时刻甲乙相遇，而在初始时刻乙在甲前x0处，故在0- t3时间段，甲的位移大于乙的位移。
15、 ①. ②.偏大 ③.小于 ④.2.5
【解析】(1)[1]a-F图像如图所示：

[2]图线不通过坐标原点，F为零时，加速度不为零，知实验前平衡摩擦力过度，即在平衡摩擦力时木板与水平桌面的夹角偏大；
(2)[3]对整体分析，根据牛顿第二定律得：
，
则绳子的拉力为：
，
所以实际小车在运动过程中所受的拉力小于砝码和盘的总重力；
(3)[4]编号如图

则相邻计数点之间的时间间隔为
T=0.1s，
根据公式可得

代入数据可得
。

三．计算题(22分)
16、（1） （2） （3）9mg
【解析】（1）在P点 (2分)
到达A点时速度方向要沿着AB， (2分)
所以AD离地高度为 (2分)
（2）进入A点滑块的速度为 (1分)
假设经过一个来回能够回到A点，设回来时动能为，
所以滑块不会滑到A而飞出.(1分)
根据动能定理 (2分)
得滑块在锅内斜面上走过得总路程 (2分)
（3）设初速度、最高点速度分别为、
由牛二定律，在Q点 (1分)
在P点 (1分)
所以 (2分)
由机械能守恒 (2分)
得为定值
带入的最小值得压力差的最小值为9mg (2分)
考点：本题考查圆周运动、动能定理、机械能守恒
17、（1）a=0.2m/s2（2）1m
【解析】（1）根据牛顿第二定律求出力F作用时的加速度大小；
（2）由匀变速直线运动的速度时间公式求出运动10s时的速度，根据牛顿第二定律求出撤去F后的加速度，然后匀变速直线运动的速度位移公式求出还能滑行的距离
详解】（1）物体受力如图所示，据牛顿第二定律有

竖直方向上：N-mg-Fsin53° = 0
水平方向上：Fcos53°-f = ma
又 f=μN
联立以上方程解得a=0.2m/s2
（2）10s末的速度大小υ=a1t1 = 0.2×10m/s = 2m/s
撤去力F后，据牛顿第二定律有:-μmg = ma2
解得a2=μg =- 2m/s2
停下来的需要的时间：t停 =υ/ a2 = 1s <2s
故撤去推力后2 s内的位移s2=（02-v2）/2 a2 = 1m