2025年广东省广州越秀区培正中学高一物理第一学期期末教学质量检测试题含解析.doc

2025年广东省广州越秀区培正中学高一物理第一学期期末教学质量检测试题
考生请注意：
1．答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。
2．第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。
3．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、已知一些材料间动摩擦因数如下：

质量为1 kg的物块放置于水平面上，现用弹簧秤沿水平方向匀速拉动此物块时，读得弹簧秤的示数为3 N，则关于两接触面的材料可能是(取g＝10 m/s2) (　　)
A.钢—钢 B.木—木
C.木—金属 D.木—冰
2、下列说法正确的是
A.研究哈雷彗星的运动可以不选择参考系
B.力的单位牛顿（N）是国际单位制中的基本单位
C.由于原子很小，在任何情况下都可以视为质点
D.物体质量大，其惯性大，运动状态不容易被改变
3、汽车以的速度在平直公路上行驶，急刹车时的加速度大小为（刹车时认为车是匀变速运动），则自驾驶员急踩刹车开始，内与、内汽车的位移大小之比为（　　）
A. B.
C. D.
4、现在的航空母舰上都有帮助飞机起飞的弹射系统，已知“F-A15”型战斗机在跑道上做匀加速直线运动，加速度为，起飞速度为。若该飞机滑行时起飞，则弹射系统必须使飞机具有的初速度为（　　）
A. B.
C. D.
5、关于物理量和物理量的单位，下列说法中正确的是
A.在力学范围内，国际单位制规定长度、质量、力为三个基本物理量
B.后人为了纪念牛顿，把“牛顿”作为力学中的基本单位
C.1m/s2和1 N/kg是等价的
D.“秒”“克”“米”都属于国际单位制中的力学基本单位
6、某一小球从离地面高为2m处竖直向上抛出，上升到最高点后自由下落到达地面，已知小球在下落阶段的平均速度是5m/s，取g=10m/s2，不计空气阻力，则下列说法正确的是
A.小球落地时的速度是15m/s
B.小球上升到最高时离地面为10m
C.小球从抛出到落到地面过程中的路程为8m
D.小球从抛出到落到地面过程中的位移大小为3m
7、地面上有一个质量为M的重物，用力F向上提它，力F的变化将引起物体加速度的变化．已知物体的加速度a随力F变化的函数图像如图所示，则（ ）

A.图线斜率大小等于物体的质量大小
B.当F＝F0时，作用力F与重力Mg大小相等
C.物体向上运动的加速度与作用力F成正比
D.a′的绝对值等于该地的重力加速度g的大小
8、小桶中盛满水，用绳系着，然后让其在竖直平面内做圆周运动，要使小桶运动到轨迹最高点(桶口朝下)时，水不会从桶中流出，若小桶运动的轨道半径为R，则小桶到最高点时（ ）
A.速度不小于
B.角速度不大于
C.向心加速度不小于g
D.绳对小桶的拉力不小于小桶的重力
9、如图所示，小张和小王同学家都住在锦祥秋实大厦，一天早上他们均是7：15出小区大门，经过不同路径（小张沿东环路、小王经燕平路）到达昌平一中校门口；路上所用时间均为15分钟。小张和小王同学从家到学校的过程中（　　）

A.路程一定相同
B.位移一定相同
C.平均速度一定相同
D.瞬时速度一定相同
10、汽车以10m/s的速度在公路上匀速行驶，驾驶员发现正前方15m处的斑马线上有行人，于是刹车礼让，汽车恰好停止在斑马线前，假设驾驶员反应时间为0.5s，汽车运动的v-t图如图所示．下列说法正确的是

A.汽车在驾驶员反应时间内发生位移大小为5m
B.汽车刹车所受合外力方向与加速度方向相反
C.汽车减速的加速度大小为4m/s2
D.从驾驶员发现行人到汽车停止共需2.5s
11、一辆汽车以20m/s的速度在平直公路上匀速行驶．遇突发情况后，司机紧急刹车使车做匀减速直线运动．已知汽车速度在1s内减小了8m/s，下列说法正确的是（）
A.汽车在减速过程中的加速度大小为8m/s2
B.在减速行驶的全过程中，汽车的平均速度大小为10m/s
C.汽车刹车后，在3s内滑行的距离是24m
D.汽车刹车后，在2s末的速度大小为4m/s
12、野外求生时必须具备一些基本常识，才能在享受野外探险刺激的同时，保证最基本的安全。如图所示，为一野外求生人员进入河中岛的情境。已知河宽80m，水流速度为3m/s，人在静水中游泳的速度为5m/s，P为河正中央的小岛，O为河边一位置，OP垂直河岸，人要从河边某处游到小岛P处，则该人员运动的（　　）

A.最短位移为40m
B.最短位移为50m
C.最短时间为10s，应从O点左侧30m处开始游动
D.最短时间为8s，应从O点左侧24m处开始游动
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、12N、5N和6N三个共点力的合力，最大值是_________N，最小值是_________N。
14、如图甲所示是研究小车加速度与力关系的实验装置。木板置于水平桌面上，一端系有沙桶的细绳通过滑轮与拉力传感器相连，拉力传感器可显示所受的拉力大小F，改变桶中沙的质量多次实验，完成下列问题：

(1)实验中需要_____。
A.测量沙和沙桶的总质量
B.保持细线与长木板平行
C.保持小车的质量不变
D.满足沙和沙桶的总质量远小于小车的质量
(2)实验中得到一条纸带，相邻计数点间有四个点未标出，各计数点到A点的距离如图乙所示。电源的频率为50Hz，则打B点时小车速度大小为____m/s，小车的加速度大小为____（保留三位有效数字）

(3)实验中描绘出图像如图丙所示，图像不过坐标原点的原因是______。
15、在“探究求合力的方法”的实验中，用图钉把橡皮筋的一端固定在板上的A点，在橡皮筋的另一端拴上两条细绳，细绳另一端系着绳套B、C（用来连接弹簧测力计）．其中A为固定橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳。

（1）本实验用的弹簧测力计示数的单位为N，图中与B相连的弹簧测力计的示数为_____N
（2）在实验中，如果只将OB、OC绳换成橡皮筋，其他步骤保持不变，那么实验结果_____（选填“会”或“不会”）发生变化。
3）本实验采用的科学方法是_____
A．理想实验法 B．控制变量法 C．等效替代法 D．建立物理模型法
三．计算题(22分)
16、（12分）如图所示，传送带与地面的夹角，两轴心间距离AB的长L=12m,传送带以v=6m/s的速率顺时针转动．当t=0时在A点无初速度轻放一煤块(可视为质点)，煤块与传送带间的动摩擦因数为，取

(1) 求煤块刚开始运动时的加速度大小；
(2) 求煤块在传送带上留下痕迹长度；
(3) 若煤块与传送带同速后，煤块运动一段距离传送带被卡住突然停止运动，要使煤块能到达B点，求煤块与传送带同速后到传送带被卡住，煤块运动的最短距离
1710分）如图所示,传送带与水平方向夹37°角,AB长为L=16m的传送带以恒定速度v=10m/s运动,在传送带上端A处无初速释放质量为m=0.5kg的物块,物块与带面间的动摩擦因数μ=0.5,求:
（1）当传送带顺时针转动时,物块从A到B所经历的时间为多少? 
（2）当传送带逆时针转动时,物块从A到B所经历的时间为多少?

参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、B
【解析】根据滑动摩擦力的公式求解动摩擦因数，与表格对比可知两接触面的材料.
【详解】由题意可知，滑动摩擦力大小为Ff=3 N，正压力大小为FN＝mg＝10 N，则动摩擦因数，则选项B正确
2、D
【解析】研究任何物体的运动都要选择参考系，选项A错误；力的单位牛顿（N）是国际单位制中的导出单位，选项B错误；虽然原子很小，在研究原子结构时不可以将原子视为质点，选项C错误；物体质量大，其惯性大，运动状态不容易被改变，选项D正确；故选D.
3、D
【解析】2s内的位移

汽车速度减为0的时间为

所以刹车5s内的位移等于刹车4s内的位移为

所以内与、内汽车的位移大小之比为，故D正确，ABC错误。
故选D。
4、D
【解析】根据速度位移公式
v2-v02=2ax
可得

ABC错误，D正确。
故选D。
5、C
【解析】A．在力学范围内，国际单位制规定长度、质量、时间为三个基本物理量，选项A错误；
B．后人为了纪念牛顿，把“牛顿”作为力学中的导出单位，选项B错误；
C．根据牛顿第二定律a=F/m可知，1m/s2和1 N/kg是等价的，选项C正确；
D．“秒”“千克”“米”都属于国际单位制中的力学基本单位，“克”不是，选项D错误；
故选C.
6、C
【解析】A．由平均速度公式

得

小球落地时的速度是10m/s，故A错误；
B．由公式

故B错误；
C．小球从抛出点到最高点的路程为3m，从最高点到地面的路程为5m，所以小球从抛出到落到地面过程中的路程为8m，故C正确；
D．由于抛出点离地为2m，所以小球从抛出到落到地面过程中的位移大小为2m，故D错误。
故选C。
7、ABD
【解析】由图可得：在力F小于F0时，加速度为0，所以物体的重力大于F，在F=F0时是临界点，之后物体有加速度，F大于物体的重力，所以在临界点，F=F0，物体向上运动的加速度与F-F0成正比，A’的绝对值为g，因为此时物体只受重力．所以选ABD
8、AC
【解析】A．小桶运动到轨迹最高点时，水不会从桶中流出的临界条件是重力提供向心力，则有：

可知最小速度：

故A正确
B．根据：

可知最小角速度：

故B错误；
C．根据前面分析可知：

所以向心加速度不小于g，故C正确；
D．根据分析可知，绳对小桶的拉力最小可以为零，故D错误。
故选AC。
9、BC
【解析】AB．从图中可知两同学做的不是直线运动，轨迹不同，所以路程不一定相同，两同学的始末位置相同，所以位移相同，A错误B正确；
C．位移相同，所用时间相同，根据公式可知平均速度相同，C正确；
D．由于两者运动性质未知，所以两者的瞬时速度不一定相同，D错误。
故选BC。
10、AD
【解析】A．汽车在驾驶员反应时间内做匀速直线运动，发生位移大小为

故A正确；
B．根据牛顿第二定律，汽车刹车所受合外力方向与加速度方向相同；故B错误；
C．汽车刹车做匀减速运动，发生位移大小为

由可得汽车减速的加速度大小为，故C错误；
D．汽车刹车做匀减速运动的时间

从驾驶员发现行人道汽车刹车共需2.5s，故D正确；
故选AD。
11、ABD
【解析】A．汽车在减速过程中的加速度大小：

选项A正确；
B．在减速行驶的全过程中，汽车的平均速度大小为

选项B正确；
C．汽车刹车后，经过

停止，则在3s内滑行的距离是

选项C错误；
D．汽车刹车后，在2s末的速度大小为:

选项D正确；
12、AD
【解析】AB．由题意可知，人在静水中的速度大于水流速度，则人可以垂直河岸沿OP运动到P点，即最短位移为40m，故A正确，B错误；
CD．当人在静水中的速度方向垂直河岸时，所用时间最短即为

应从O点左侧

处开始游动，故C错误，D正确。
故选AD。

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①.23 ②.1
【解析】[1][2]当三个力同向时，合力最大，为23N；5N、6N两个力的合力最大为11N，最小为1N，而12N在不这范围之间，则三个力合力不可能为零，则合力最小值为1N。
14、 ①.BC ②.0.416 ③.1.48 ④.补偿阻力时倾角过大
【解析】(1)[1]AD。拉力传感器可以直接测出绳子中的拉力大小，小车受到的拉力是绳子拉力的二倍，所以不需要测量沙和沙桶的总质量，也不需要满足沙和沙桶的总质量远小于小车的质量，故AD错误；
B．保持细线与长木板平行，才能保证每次实验时小车受到恒定的拉力作用，故B正确；
C．本实验是要研究小车加速度与受力的关系，所以要保持小车的质量不变，故C正确。
故选BC。
(2)[2]打B点时小车速度大小为

[3]小车的加速度大小为

(3)[4]实验时需要通过垫高木板的一侧，利用小车重力沿木板方向的分力来平衡摩擦力；由图丙可知，当拉力为零时，小车已经具有了加速度，说明补偿阻力时倾角过大，导致重力沿木板的分力大于摩擦力了。
15、 ①.3.6 ②.不会 ③.C
【解析】（1）[1]弹簧测力计的每一格代表，所以图中B的示数为
（2）[2]在实验中细线是否伸缩对实验结果没有影响，故换成橡皮筋可以同样完成实验，故实验结果不变；
（3）[3]实验中两次要求效果相同，故实验采用了等效替代的方法，故ABD错误，C正确。

三．计算题(22分)
16、（1）2.5m/s2（2）7.2m（3）3.36m
【解析】（1）煤块刚滑上传送带时，受到重力、传送带的支持力和沿传送带向上的滑动摩擦力，根据牛顿第二定律求解加速度
（2）煤块向上做匀加速运动，根据运动学公式求出货物的速度和传送带的速度相同经历的时间，根据运动公式求解煤块和传送带的位移，两者之差为划痕长度
（3）若煤块的速度和传送带的速度相同后传送带停止运动，继续向上做匀减速运动，滑动摩擦力方向沿传送带向下，由牛顿第二定律求出加速度，由运动学公式求出速度减至零的时间和位移，再求出煤块匀速运动的最短距离
【详解】（1）设煤块刚滑上传送带时加速度为a1，货物受力如图，

根据牛顿第二定律，沿传送带方向有：f-mgsinθ=ma1
垂直传送带方向：mgcosθ=N
又f=μN
由以上三式得：a1=2.5m/s2
（2）煤块速度从0增加至与传送带速度同速所用时间设为t1，有：
a1t1=v 则：t1=2.4s
煤块的位移：
传送带的位移：
痕迹的长度：
共速后因，则煤块与传送带相对静止，随传送带一起匀速上行，则煤块在传送带上留下痕迹的长度为7.2m；
（3）煤块与传送带同速后传送带停止运动，有：μmgcosθ+mgsinθ=ma2

传送带卡住后煤块减速的距离：
煤块与传送带同速后至传送带被卡住运动最短距离：
【点睛】传动带问题，关键是分析物体的受力情况以及运动情况，尤其是共速后的运动情况要看与的大小关系来判断.
17、 (1) 4 s (2) 2 s
【解析】（1）传送带顺时针转动时,物体相对传送带向下运动,则物体所受滑动摩擦力沿斜面向上,相对传送带向下匀加速运动,由牛顿第二定律得：

代入数据得：

由匀变速运动的位移公式得：

代入数据得：
t=4s
（2）传送带逆时针转动,当物体下滑速度小于传送带转动速度时,物体相对传送带向上运动，物体所受滑动摩擦力沿传送带向下,设物体的加速度大小为a1，第二定律得：

代入数据得：

设当物体运动速度等于传送带转动速度时经历的时间为t1，移为x1，有：
t1=1s
x1=16m
当物体运动速度等于传送带速度瞬间,有：

则下一时刻物体相对传送带向下运动,受到传送带向上的滑动摩擦力﹣﹣摩擦力发生突变。
设当物体下滑速度大于传送带转动速度时物体的加速度为a2，由牛顿第二定律得：

代入数据得：
a2=2m/s2
位移为：
x2=l6﹣x1=16﹣5=11m
又因为

则有：

解得：
t2=1s(t2=﹣11s舍去)
所以有：
t总=t1+t2=2s