山南市重点中学2025-2026学年高一上物理期末经典模拟试题含解析.doc

山南市重点中学2025-2026学年高一上物理期末经典模拟试题
考生须知：
1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。
2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。
3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、如图所示，一同学轻松地将书顶在头上，他顶书时头顶受到的压力产生的直接原因是（ ）

A.书的形变 B.头的形变
C.书受到的重力 D.人受到的重力
2、如图所示，轻弹簧竖直放置在水平面上，其上放置质量为2kg的物体A，A处于静止状态，现将质量为3kg的物体B缓慢轻放在A上，设B与A刚要一起运动的瞬间，B对A的压力大小为F，当A、B一起向下运动速度最大时取走B，设取走B的瞬间A的加速度大小为a，则F与a的大小是（取g=10m/s2）（　　）

A.20N、 B.30N、
C.25N、 D.12N、
3、有一长为L的列车,正以恒定的加速度过铁路桥，桥长也为L。现已知列车车头刚上桥头的速度为，接着车头过桥尾时的速度为v，则最后车尾过桥尾时列车的速度为( )
A.3ν B.
C.4v D.5v
4、在创建文明城市过程中，我市开始大力推行文明交通“车让人”行动，如图所示，以8m/s的速度匀速行驶的汽车即将通过路口，有一位老人正在过人行横道，此时汽车的车头距离停车线8m。该车减速时的加速度大小为5m/s2.，则下列说法中正确的是（　　）

A.如果驾驶员立即刹车制动，则t=2s时，汽车离停车线的距离为2m
B.如果在距停车线6m处开始刹车制动，汽车能在停车线处停下
C.如果驾驶员的反应时间为0.4s，汽车刚好能在停车线处停下
D.如果驾驶员的反应时间为0.2s，汽车刚好能在停车线处停下
5、甲、乙两车在平直公路上同向行驶，其 v-t 图像如图所示．已知两车在t=3s时并排行驶，则（）

A.在t=1s 时，甲车在乙车后
B.在t=0 时，甲车在乙车前7.5m
C.两车另一次并排行驶的时刻是t=2s
D.甲、乙车两次并排行驶的位置之间沿公路方向的距离为45m
6、如图，在一段平直的地面上等间距分布着一排等高的电线杆，挂在电线杆上的电线粗细均匀．由于热胀冷缩，冬季两相邻电线杆之间的电线会有所缩短．对电线杆B及其两侧的电线，冬季与夏季相比( )

A.电线杆B对地面的作用力不变
B.电线杆B所受的合外力变大
C.电线最高点处的张力变小
D.电线最低点处的张力不变
7、在电梯内地板上放一体重计，电梯静止时，某同学站在体重计上，体重计示数为50kg；电梯运动过程中，某一段时间内该同学发现体重计示数为40kg，如图所示，则在这段时间内(g取10m/s²)

A.电梯以2m/s²的加速度加速下降
B.电梯以2m/s²的加速度减速上升
C.电梯以8m/s²的加速度加速上升
D.电梯以8m/s²的加速度减速下降
8、如图所示，物体M在皮带输送机上向右运动，两者保持相对静止，则下列关于M所受摩擦力的说法中，正确的是（　　）

A.皮带传送的速度越大，M受到的摩擦力越大
B.皮带运动的加速度越大，M受到的摩擦力越大
C.皮带速度恒定，M质量越大，所受摩擦力越大
D.M可能不受摩擦力
9、在力学理论的建立过程中，有许多伟大的科学家做出了贡献．关于科学家和他们的贡献，下列说法正确的是(　　)
A.伽利略认为力不是维持物体运动的原因
B.亚里士多德认为物体的运动不需要力来维持
C.牛顿最早指出力不是维持物体运动的原因
D.笛卡儿对牛顿第一定律的建立做出了贡献
10、如图所示,粗糙的水平地面上有三块材料完全相同的木块A.B.C,质量均为m,B、C之间用轻质细绳连接．现用一水平恒力F作用在C上,三者开始一起做匀加速运动,运动过程中把一块橡皮泥粘在某一块上面,系统仍加速运动,且始终没有相对滑动．则在粘上橡皮泥并达到稳定后,下列说法正确的是( )

A.若粘在C木块上面，绳的拉力增大，AB间摩擦力减小
B.若粘在A木块上面，绳的拉力减小，AB间摩擦力不变
C.若粘在B木块上面，绳的拉力增大，AB间摩擦力减小
D.若粘在C木块上面，绳的拉力和AB间摩擦力都减小
11、我市奥运冠军邓薇在2019年举重世界杯暨东京奥运会资格赛中再次打破世界纪录．如图为邓薇在进行抓举比赛。下列说法正确的是

A.在抓举杠铃上升阶段，手对杠铃的作用力大于杠铃对手的作用力
B.举住杠铃静止时，手对杠铃的作用力等于杠铃对手的作用力
C.举住杠铃静止时，手对杠铃的作用力与杠铃对手的作用力是一对平衡力

D.举住杠铃静止时，手对杠铃的作用力与杠铃所受重力是一对平衡力
12、如图所示，质量为m的物体A放在质量为M、倾角为的斜面B上，斜面B置于粗糙的水平地面上，用平行于斜面的力F拉物体A，使其沿斜面向下匀速运动，斜面B始终静止不动，则下列说法中正确的是（）

A.斜面B相对地面有向右运动的趋势 B.地面对斜面B的静摩擦力大小为
C.地面对斜面B的支持力大小为 D.斜面B与物体A间的动摩擦因数为
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、如图所示，两个滑块A和B的质量分别为mA=1 kg和mB=5 kg，放在静止于水平地面上的木板的两端，两者与木板间的动摩擦因数均为μ1=0.5；木板的质量为m=4 kg，与地面间的动摩擦因数为μ2=0.1。某时刻A、B两滑块开始相向滑动，初速度大小均为v0=3 m/s。A、B相遇时，A与木板恰好相对静止。设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，A、B可看成质点，取重力加速度大小g=10 m/s2。求
(1)开始运动时木板的加速度a
(2)B与木板相对静止时，木板的速度；
(3)木板的长度及木板的总位移

14、某次实验纸带的记录如图所示,图中前几个点模糊, 因此从O点开始每打5个点取1个计数点,则小车通过D点时速度是_______m/s,小车运动的加速度是______m/s2.（打点计时器的电源频率是50Hz）．（保留3位有效数字）

15、在做“探究弹力和弹簧伸长的关系”的实验时，所用的实验装置如图所示，调整刻度尺位置使固定在弹簧挂钩上的指针与刻度尺的20cm刻度线平齐

（1）在弹簧下端挂1个钩码，静止时弹簧长度为．此时指针在刻度尺上位置的放大图如图甲所示，则弹簧的长度_________cm
（2）在弹性限度内，在弹簧下端分别挂2个、3个、4个、5个相同钩码，静止时弹簧长度分别是、．已知每个钩码质量均为50，绘出如图乙所示钩码质量和弹簧长度的图象，已知当地重力加速度，据此计算出弹簧的劲度系数为___________N/m．（结果保留三位有效数字）
（3）实验中弹簧的自重对弹簧劲度系数的测量结果________（填有”或“没有”）影响
三．计算题(22分)
16、（12分）如图甲所示，水平传送带沿顺时针方向匀速运动．从传送带左端P先后由静止轻轻放上三个物体A、B、C，物体A经tA＝9.5 s到达传送带另一端Q，物体B经tB＝10 s到达传送带另一端Q，若释放物体时刻作为t＝0时刻，分别作出三物体的速度图像如图乙、丙、丁所示．求：
（1）传送带的速度v0的大小；
（2）传送带的长度L；
（3）物体A、B、C与传送带间的动摩擦因数μ

17、（10分）如图所示，粗糙、绝缘的直轨道OB固定在水平桌面上，B端与桌面边缘对齐，A是轨道上一点，过A点并垂直于轨道的竖直面右侧有大小，方向水平向右的匀强电场．带负电的小物体P电荷量是，质量，与轨道间动摩擦因数，P从O点由静止开始向右运动，经过0.55s到达A点，到达B点时速度是5m/s，到达空间D点时速度与竖直方向的夹角为，且．P在整个运动过程中始终受到水平向右的某外力F作用，F大小与P的速率的关系如表所示．P视为质点，电荷量保持不变，忽略空气阻力，取，求：
v/（m·s-1）
0≤v≤2
2分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、A
【解析】根据产生弹力需要的条件：一是接触，二是发生形变来解答此题
【详解】头顶受到的压力是由于书产生形变，对与之接触的头产生力的作用，故A正确，BCD错误．故选A
2、D
【解析】释放B之前，物体A保持静止状态，重力和弹簧的弹力平衡，有：F弹=mAg=20N释放B瞬间，对AB整体，受重力和弹簧的支持力，根据牛顿第二定律有：（mA+mB）g-F=（mA+mB）a′ 联立解得：a′=6m/s2，对物体B受力分析，受重力、A对B的支持力N，根据牛顿第二定律有：mBg-F′=mBa′解得：F′=12N 根据牛顿第三定律知，释放B瞬间，B对A的压力大小F=F′=12N；当A、B一起向下运动速度最大时，AB的加速度为零，则（mA+mB）g=F弹′．取走B的瞬间，对A，由牛顿第二定律得F弹′-mAg=mAa，解得a=15m/s2．故ABC错误，D正确
3、A
【解析】列车做匀加速运动，则有：

设车尾过桥尾时的速度为，则有：

联立两式解得：

A．与分析相符，故A正确；
B．与分析不符，故B错误；
C．与分析不符，故C错误；
D．与分析不符，故D错误；
故选A。
4、D
【解析】AB．如果驾驶员立即刹车制动，则汽车停止运动时经过的时间

运动的距离

t=2s时汽车离停车线的距离为8m-6.4m=1.6m，如果在距停车线6m处开始刹车制动，汽车停车的位置将超过停车线，选项AB错误；
C．如果驾驶员的反应时间为0.4s，汽车停下时运动的位移

则汽车停下时将越过停车线，选项C错误；
D．如果驾驶员的反应时间为0.2s，汽车停下时运动的位移

则汽车刚好能停车线处停下，选项D正确。
故选D。
5、B
【解析】在速度时间图象中，图象与坐标轴围成面积表示位移，根据位移关系分析两车位置关系．可结合几何知识分析两车另一次并排行驶的时刻．并求出两车两次并排行驶的位置之间沿公路方向的距离

【详解】A.根据“面积”大小表示位移，由图象可知，1s到3s甲、乙两车通过的位移相等，两车在t=3s时并排行驶，所以两车在t=1s时也并排行驶，故A错误；
B.由图象可知，甲的加速度a甲=△v甲/△t甲=20/2=10m/s2；乙的加速度a乙=△v乙/△t乙=(20−10)/2=5m/s2；0至1s，甲的位移x甲=a甲t2=×10×12=5m，乙的位移x乙=v0t+a乙t2=10×1+×5×12=12.5m，△x=x乙−x甲=12.5−5=7.5m，即在t=0时，甲车在乙车前7.5m，故B正确；
C.1s末甲车的速度为：v=a甲t=10×1=10m/s，乙车的速度v′=10+5×1=15m/s；1−2s时，甲的位移x1=10×1+×10×12=15m；乙的位移x2=15×1+×5×1=17.5m；在1s时两车并联，故2s时两车相距2.5m，且乙在甲车的前面，故C错误；
D.1s末甲车的速度为：v=a甲t=10×1=10m/s，1到3s甲车的位移为：x=vt+a甲t2=10×2+×10×22=40m，即甲、乙两车两次并排行驶的位置之间沿公路方向的距离为40m，故D错误
故选B
6、A
【解析】以电杆为研究对象，设电线与竖直方向夹角为θ，由共点力的平衡条件知，两边电线对电杆的弹力F的合力与其重力的合力等于地面对电杆的支持力，由几何关系得：2Fcosθ+Mg=FN；对一半电线而言：Fcosθ=mg；则FN=Mg+mg，则电线杆B所受的合力为零，对地面的作用力不变，选项A正确，B错误；由于夏天气温较高，电线的体积会膨胀，两杆正中部位电线下坠的距离h变大，则电线在杆上固定处的切线方向与竖直方向的夹角θ变小，故根据Fcosθ=mg，可知两电线杆处的电线拉力冬天与夏天相比变大，选项C正确；取一半电线研究，最低点的张力T=Fsinθ，则冬天F大，θ大，则T较大，则选项D错误；故选AC
点睛：要比较一个物理量的大小关系，我们应该先把这个物理量运用物理规律表示出来，本题中应该抓住电线杆上的电线的质量一定，受力平衡，根据夏季、冬季电线在杆上固定处的切线方向与竖直方向的夹角的不同分析求解
7、AB
【解析】对人受力分析，根据牛顿第二定律可知
mg-FN=ma
解得
a=2m/s2
加速度方向向下，故电梯可能是减速向上运动，也可能加速向下运动.
A．电梯以2m/s²的加速度加速下降，与结论相符，选项A正确；
B．电梯以2m/s²的加速度减速上升，与结论相符，选项B正确；
C．电梯以8m/s²的加速度加速上升，与结论不相符，选项C错误；
D．电梯以8m/s²的加速度减速下降，与结论不相符，选项D错误；
故选AB。
8、BD
【解析】AD．若和传送带一起做匀速直线运动，M所受的摩擦力为0，故A错误，D正确；
B．若做变速运动，受到静摩擦力，根据牛顿第二定律有，，知加速度越大，摩擦力越大，故B正确；
C．若判断速度恒定，不受摩擦力，故C错误。
故选BD。
【点睛】解决本题的关键知道若与传送带一起做匀速直线运动，不受摩擦力，若与传送带一起做变速运动，根据，知加速度越大，静摩擦力越大。
9、AD
【解析】A、伽利略认为力不是维持物体运动的原因,所以A选项是正确的;
B、亚里士多德认为物体的运动需要力来维持,故B错误;
C、伽利略最早指出力不是维持物体运动的原因,故C错误;
D、笛卡儿对牛顿第一定律的建立做出了贡献,所以D选项是正确的;
10、CD
【解析】对整体分析，运用牛顿第二定律判断系统加速度的变化．通过隔离分析，得出绳子拉力和摩擦力的大小的变化
【详解】因无相对滑动，所以，无论橡皮泥粘到哪块上，根据牛顿第二定律都有：F-3μmg-μ△mg=（3m+△m）a，a都将减小．若粘在C木块上面，a减小，对A有：fA=ma，可知A的摩擦力减小，以AB为整体，有T-2μmg=2ma，得：T=2μmg+2ma，则T减小，故A错误，D正确．若粘在A木块上面，以C为研究对象，受F、摩擦力μmg、绳子拉力T，F-μmg-T=ma，则得：T=F-μmg-ma，a减小，F、μmg不变，所以，T增大．再以B物体分析可知，B受拉力和A对B的摩擦力作用，因T增大，而加速度减小，由牛顿第二定律可知，A受到的摩擦力增大，故B错误；若粘在B木块上面，a减小，以A为研究对象，m不变，由fA=ma知，A所受摩擦力减小．对C分析：F-μmg-T=ma，得 T=F-μmg-ma，a减小，F、μmg不变，则T增大，故C正确；故选CD
11、BD
【解析】ABC．手对杠铃的作用力和杠铃对手的作用力是相互作用力，等大反向，与运动状态无关，AC错误，B正确；
D．举住杠铃静止时，杠铃所受合力为零，手对杠铃的作用力与杠铃所受重力是一对平衡力，D正确。
故选BD。
12、BC
【解析】AB、将A和B看成一个整体,对其进行受力分析,由平衡条件可知,地面对B的静摩擦力f=Fcosθ,方向水平向右,故B相对地面有向左运动的趋势,故A错误 B正确;
C、由平衡条件可知,地面对B支持力FN=(M+m)g+Fsinθ,故 C正确;
D、对A进行受力分析可知,在平行于斜面的方向上有mgsinθ+F=μmgcosθ,
解得，故D错误；

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 (1)，方向向右；(2)；(3)，
【解析】(1)对木板，根据牛顿第二定律得：

代入数据解得：

方向向右
(2)向左运动，根据牛顿第二定律得：

代入数据解得：

方向向右
向右运动，根据牛顿第二定律得：

代入数据解得：

方向向左
当木板与共速时共同速度为，则有：

代入数据解得：
，
(3)此过程木板相对于地面的位移：

此过程相对于地面的位移：

此过程相对于地面的位移：

此时相对木板静止，突变为静摩擦力，受力不变加速度仍为5m/s2，方向向右，对与木板受力分析，有：

代入数据解得：

方向向左
当木板与A共速时共同速度，则有：

代入数据解得：
，
此过程木板相对于地面的距离：

此过程相对于地面的位移：

此过程相对于地面位移：

木板的长度为：

此后三者一起减速运动，根据牛顿第二定律可得加速度大小为：

最后通过的位移：

故木板的最大相对于地面位移：

14、 ①.2.48m/s ②.6.18m/s2
【解析】从A点开始每打5个点取1个计数点，相邻的计数点之间的时间间隔是0.1s
（1）根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，
（2）逐差法求解：
【点睛】本题考查了打点计时器的应用以及根据纸带求物体运动的速度、加速度等问题，要熟练掌握从纸带上获取小车速度、加速度的方法．要注意单位的换算和有效数字的保留
15、 ①.(1)22.75； ②.(2)17.8(17.6〜18.0)； ③.(3)没有
【解析】(1)由毫米刻度尺的读数方法可知图甲中的读数为：22.75cm；
(2)根据胡克定律得mg=k(l−l0)，l0是弹簧的原长
得m=

由数学知识可知，m−l图象的斜率等于k/g
由图可得
将g=9.80m/s2，代入解得k≈17.8N/m
(3)实验中弹簧的自重会影响弹簧的原长，由上式知对测量结果没有影响
故答案为(1)22.75;(2)17.8(17.6〜18.0);(3)没有
【点睛】（1）根据刻度尺的读数方法可得出对应的读数，注意估读一位；
（2）根据胡克定律列式，分析图象斜率的意义来求弹簧的劲度系数；
（3）根据图象斜率的物理意义分析知道实验中弹簧的自重对弹簧劲度系数的测量结果没有影响

三．计算题(22分)
16、（1）4m/s；（2）36；（3）0.4；0.2；0.0125
【解析】（1）物体先做匀加速直线运动，然后做匀速直线运动，说明了物体的速度与传送带的速度相等；
（2）v-t图中速度图线与x轴围成的面积表示物体的位移，即传送带的长度；
（3）先根据运动学的公式求出加速度，然后牛顿第二定律求解摩擦因数
【详解】（1）物体A与B先做匀加速直线运动，然后做匀速直线运动，说明了物体的速度与传送带的速度相等，所以由图可知传送带的速度是4m/s
（2）v-t图中速度图线与x轴围成的面积表示物体的位移，所以A的位移：
xA＝×4＝36m
传送带的长度L与A的位移相等，也是36m
（3）A的加速度：
由牛顿第二定律得：maA=μAmg
所以：μA＝＝0.4
B的加速度aB＝m/s2＝2m/s2
μB＝＝0.2
设物体C从传送带左端P到右端Q所用的时间tC则：L＝•tC
tC＝s＝24s
C的加速度：
μC＝＝0.0125
17、（1）0.5s （2）1m （3）-8J
【解析】（1）小物体P做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律计算加速度的大小，根据速度公式计算受到的大小；（2）根据物体的运动的不同的过程，逐项计算受到和位移的大小，在利用功的公式来计算电场力做的功；
【详解】（1）小物体P的速率从0至2m/s，受外力，设其做匀变速直线运动的加速度为，经过时间速度为，则
①     ②     
由①②式并代入数据得③    

（2）小物体P从速率为2m/s至A点，受外力，设其做匀变速直线运动的加速度为，则④     
设小物体P从速度经过时间，在A点的速度为，则
⑤⑥    
P从A点至B点，受外力、电场力和滑动摩擦力的作用，设其做匀变速直线运动加速度为，电荷量为，在B点的速度为，从A点至B点的位移为，
则⑦
  ⑧   求得：x1=1m  
(3)P以速度滑出轨道右端B点，P从B点开始做初速度为的平抛运动．设P从B点运动至D点用时为，水平位移为，由题意知⑩ ⑪    
设小物体P从A点至D点电场力做功为，则：⑫
联立④-⑧，⑩-⑫式并代入数据得

【点睛】本题物体的运动的过程比较复杂，关键是分析清楚物体的不同的运动的过程，根据不同过程的速度和位移即可计算电场力做功的大小，本题的难度比较大