福建省福州八县一中2025年高一上物理期末学业质量监测试题含解析.doc

福建省福州八县一中2025年高一上物理期末学业质量监测试题
注意事项
1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．
2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．
3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．
4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．
5．如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、下列关于牛顿运动定律说法中，正确的是( )
A.力是改变物体惯性的原因 B.一对作用力和反作用力的作用效果总相同
C.物体运动状态改变的难易程度就是加速度 D.力的国际制单位“牛顿”是根据牛顿第二定律定义的
2、如图所示，一根劲度系数为k、原长为x0的轻质弹簧，其左端固定在墙上，右端与一个小球相连．当弹簧被拉伸至长度为x时（在弹性限度内），弹簧对小球的弹力大小为（ ）

A.kx0
B.kx2
C.k(x-x0)
D.k(x-x0)2
3、摩天轮一般出现在游乐园中，作为一种游乐场项目，与云霄飞车、旋转木马合称是“乐园三宝”．在中国南昌有我国第一高摩天轮﹣﹣南昌之星，总建设高度为160米，横跨直径为153米，如图所示．它一共悬挂有60个太空舱，每个太空舱上都配备了先进的电子设备，旋转一周的时间是30分钟，可同时容纳400人左右进行同时游览．若该摩天轮做匀速圆周运动，则乘客（　　）

A.速度始终恒定
B.加速度始终恒定
C.乘客对座椅的压力始终不变
D.乘客受到到合力不断改变
4、如图所示，在两块相同的竖直木块之间，有质量均为m的4块相同的砖，用两个大小均为F的水平力压木板，使砖静止不动，则第2块砖对第3块砖的摩擦力大小为(　　)

A.0 B.mg
C. D.
5、一辆汽车在平直的公路上匀速行驶，司机突然发现正前方有一辆老年代步车正在慢速行驶，短暂反应后司机立即采取制动措施，结果汽车恰好没有撞上前方的老年代步车．若从司机发现代步车时开始计时(t=0)，两车的速度一时间(v-t)图象如图所示．则

A.v-t图象中，图线a为汽车，图线b为老年代步车
B.汽车制动时的加速度大小为4.4m/s2
C.从司机发现代步车到两车速度相等时经历的时间为3.0s
D.司机发现代步车时汽车距离代步车30m
6、如图所示，六根原长均为l的轻质细弹簧两两相连在同一平面内六个大小相等、互成60°的恒定拉力F作用下，形成一个稳定的正六边形．已知正六边形外接圆的半径为R，每根弹簧的劲度系数均为k，弹簧在弹性限度内，则F的大小为（）

A.(R－l) B.k(R－l)
C.k (R－2l) D.2k (R－l)
7、甲、乙两汽车在某平直公路上做直线运动，某时刻经过同一地点，从该时刻开始计时，其v－t图象如图所示．根据图象提供的信息可知(　 )

A.从t＝0时刻起，开始时甲在前，6 s末乙追上甲
B.从t＝0时刻起，开始时甲在前，在乙追上甲前，甲、乙相距最远12.5 m
C.8 s末甲、乙相遇，且距离t＝0时的位置40 m
D.在0～4 s内与4～6 s内甲的平均速度相等
8、如图所示，汽车里有一水平放置的硅胶贴，硅胶贴上放置一质量为m的小花瓶。若汽车此刻正在水平公路上向前做加速度为a的匀加速直线运动，小花瓶和汽车始终保持相对静止，下列说法正确的是（　　）

A.小花瓶受到三个力作用 B.小花瓶受到的摩擦力和汽车运动方向相反
C.小花瓶所受的合力为零 D.硅胶贴对小花瓶的摩擦力大小为ma
9、物体以某一速度冲上一光滑斜面(足够长)，加速度恒定．前4 s内位移是1.6 m，随后4 s内位移是零，则下列说法中正确的是( )
A.物体的初速度大小为0.6 m/s
B.物体的加速度大小为6 m/s2
C.物体向上运动的最大距离为1.8 m
D.物体回到斜面底端，总共需时12 s
10、如图所示，一个人用双手握紧竖直放置的半圆形支架静止悬于空中．若手臂OP、OQ的拉力分别是FP、FQ，手臂OP保持水平不动，在手臂OQ缓慢移动到OQ’位置的过程中，下列说法正确的是

A.FP变大 B.FP变小
C.FP与FQ的合力始终不变 D.FP与FQ的合力变大
11、如图所示，静水中有一木球用细线拴住，对木球施加一水平拉力F，使其偏离竖直方向θ角且处于静止状态，现保持木球静止，使拉力F从图示位置沿逆时针方向缓慢转过90°，F转动过程水不受扰动。下列说法正确的是

A.F始终变大 B.F先变小后变大

C.绳子拉力始终变小 D.绳子拉力先变大后变小
12、关于自由落体运动的加速度g，下列说法中正确的是 （ ）
A.同一地点轻重物体的g值一样大 B.重物体的g值大
C.g值在地面任何地方一样大 D.g值在赤道处小于南北两极处
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、某同学做“验证力的平行四边形定则”的实验中，主要步骤是：
A．在桌上放一块方木板，在方木板上铺一张白纸，用图钉把白纸钉在方木板上；
B．用图钉把橡皮条的一端固定在板上的A点，在橡皮条的另一端拴上两条细绳，细绳的另一端系着绳套；
C．用两只已调零的弹簧秤分别勾住绳套，互成角度的拉橡皮条，使橡皮条的结点到达某一位置O，记录下O点的位置，读出两只弹簧秤的示数；
D．按选好的标度，用铅笔和刻度尺作出两只弹簧秤的拉力F1和F2的图示，并用平行四边形定则求出合力F；
E．只用一只弹簧秤，通过细绳套拉橡皮条使其伸长，读出弹簧秤的示数，记下细绳的方向，按同一标度作出这个力F′的图示；
F．比较力F′和F的大小和方向，看他们在误差范围内是否相同，得出结论
（1）上述C、E步骤中有重要遗漏，分别是：
C中遗漏的是：________；
E中遗漏的是：________
（2）实验情况如图甲所示，图乙是在白纸上根据实验结果画出的图．则图乙中的F与F′两力中，方向一定沿AO方向的是_________

14、如图（a）所示，用铁架台、弹簧和多个已知质量且质量相等的钩码，探究在弹性限度内弹簧弹力与弹簧伸长量的关系实验。

（1）为完成实验，还必需的实验器材是_____。
（2）图（b）是弹簧所受弹力F与伸长量x的关系图线，由此可求弹簧的劲度系数k=_____N/m。
（3）图线不过原点，原因可能是_____。
A．没有考虑（或忽略了）弹簧的自重
B．所选的弹簧劲度系数太大
C．所选的弹簧太长
D．钩码的质量太小
15、在探究加速度与力、质量的关系实验中，采用如图甲所示的装置

（1）本实验应用的实验方法是__________
A．控制变量法 B．假设法 C．理想实验法
（2）下列说法中正确的是___________
A．在探究加速度与质量的关系时，应改变小车所受拉力的大小
B．在探究加速度与外力的关系时，应改变小车的质量
C．在探究加速度与质量的关系时，作出图象容易更直观判断出二者间的关系
D．无论在什么条件下，细线对小车的拉力大小总等于砝码盘和砝码的总重力大小
（3）在探究加速度与力的关系时，若取车的质量M＝0.5kg，改变砝码质量m的值，进行多次实验，以下m的取值最不合适的一个是____________
A．m1＝4g B．m2＝10g C．m3＝40g D．m4＝500g
（4）在平衡小车与长木板之间摩擦力的过程中，打出了一条纸带如图乙所示．计时器打点的时间间隔为0.02 s．从比较清晰的点起，每5个点取一个计数点，量出相邻计数点之间的距离，根据图中给出的数据求出该小车的加速度a=___m/s2（结果保留两位有效数字）
（5）如图所示为甲同学在探究加速度a与力F关系时，根据测量数据作出的a-F 图象，说明实验存在的问题是________

三．计算题(22分)
16、（12分）如图所示，质量m=0.3kg的小球在细线A和轻弹簧B的共同作用下保持静止，轻弹簧B水平，左端固定于竖直墙壁；细线A上端固定于天花板，且与竖直方向的夹角θ=53o，已知轻弹簧B的劲度系数k=100N/m，重力加速度g=10m/s2，sin53°=0.8，cos53°=0.6，求：
(1)细线A中拉力的大小FA；
(2)轻弹簧B中弹力的大小FB；
(3)轻弹簧B的伸长量。

17、（10分）质量为10kg的箱子放在水平地面上，箱子与地面的动摩擦因数为0.5，现用于水平方向成37°倾角的100N力拉箱子，如图所示，箱子从静止开始运动，从2s末撤去拉力，求：（sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2）

(1)撤去拉力时箱子的速度为多大
(2)箱子继续运动多长时间才能静止
参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、D
【解析】A．惯性取决于物体的质量，故A错误；
B．作用力和反作用力作用在两个物体上，不能进行合成，不能抵消，故B错误；
C．物体运动状态改变的难易程度取决于物体惯性大小，故C错误；
D．力国际制单位“牛顿”是根据牛顿第二定律定义的，故D正确。
故选D。
2、C
【解析】根据胡克定律得：弹簧被拉伸至长度为x时弹簧的弹力为F=k（x﹣x0）
故选C
【点睛】本题关键要知道弹簧的弹力遵守胡克定律F=kx，注意x是形变量，不是弹簧的长度，难度不大，属于基础题
3、D
【解析A、匀速圆周运动的速度方向沿圆周的切线方向，方向时刻在改变，故其速度是变化的．故A错误
B、做匀速圆周运动的物体，其向心加速度方向始终指向圆心，方向时刻在变化，故向心加速度是变化的，故B错误
C、乘客对座椅的压力方向始终变化，所以压力变化．故C错误
D、做匀速圆周运动的物体，其所受的合力提供向心力，其方向始终指向圆心，始终变化．故D正确
4、A
【解析】将4块砖看成一个整体，对整体进行受力分析，在竖直方向，共受到三个力的作用：竖直向下的重力4mg，两个相等的竖直向上的摩擦力f，由平衡条件可得：2f=4mg，f=2mg．由此可见：第1块砖和第4块砖受到木板的摩擦力均为2mg．将第1块砖和第2块砖当作一个整体隔离后进行受力分析，受竖直向下的重力2mg，木板对第1块砖向上的摩擦力f=2mg；由平衡条件可得二力已达到平衡，第2块砖和第3块砖之间的摩擦力必为零．故选A
5、D
【解析】根据v-t图象的物理意义判断物体的运动特征；斜率代表加速度，即可求得；根据汽车和代步车速度相等列式求解时间；根据v-t图象中，与时间轴所围面积表示物体运动的位移求解司机发现代步车时汽车与代步车的距离；
【详解】汽车先匀速后减速，老年代步车一直匀速，则a为老年代步车，b为汽车，故选项A错误；由图像可知，汽车制动时的加速度：，选项B错误；由v0+at1=v即20-5t1=5解得t1=3s，则从司机发现代步车到两车速度相等时经历的时间为3.0s+0.5s=3.5s，选项C错误；司机发现代步车时汽车距离代步车，则D正确；故选D.
【点睛】熟练掌握速度图象的物理含义：图象的斜率等于物体的加速度，图象与时间轴围成的面积等于物体通过的位移，这是解决此类题目的基本策略
6、B
【解析】正六边形外接圆半径为R，则弹簧的长度为R，弹簧的伸长量为：△x=R-l，由胡克定律可知，每根弹簧的弹力为：f=k△x=k（R-l），两相邻弹簧夹角为120°，两相邻弹簧弹力的合力为：F合=f=k（R-l），弹簧静止处于平衡状态，由平衡条件可知，每个拉力大小为：F=F合k（R-l），故B正确；ACD错误；故选B

【点睛】本题考查了共点力作用下物体平衡条件的应用，根据题意求出弹簧的形变量、应用胡克定律求出弹簧的弹力是解题的前提，应用力的合成与平衡条件可以解题
7、BC
【解析】A．在内，甲的位移

乙的位移

所以6s末乙未追上甲，故A错误；
B．当两者速度相等时，距离最远，即5s末距离最远，此时最远距离为

故B正确；
C．6s以后，甲停止运动，因此相遇时，距离t=0的位置为40m，所用时间为

故C正确；
D．根据图象可知， 在04s内甲的平均速度

在46s内甲的平均速度

故D错误。
故选BC。
8、AD
【解析】因汽车做匀加速直线运动，小花瓶和汽车始终保持相对静止，故小花瓶也做匀加速直线运动，对小花瓶受力分析可知，竖直方向受重力和支持力平衡，水平方向上受摩擦力提供加速度，方向与汽车运动方向相同；故可知小花瓶受三个力作用，合外力不为零，对小花瓶由牛顿第二定律有

故AD正确，BC错误。
故选AD。
9、ACD
【解析】由，所以：，B错误；在前4s内根据位移公式：，得：，A正确；根据公式可得上升最大距离为，C正确；因为没有摩擦力，上滑和下滑所用时间相同，根据公式可得上滑所用时间为6s，所以总时间为12s，D正确
考点：考查了匀变速直线运动规律的应用
10、BC
【解析】以人为研究对象，分析受力情况，运用作图法分析FP与重力的大小关系．人保持静止状态，则知FP与FQ的合力始终大小不变．由图判断FP与FQ的变化情况
【详解】以人为研究对象，分析受力情况如图所示：

人保持静止状态，则知FP与FQ的合力与重力G大小相等、方向相反，保持不变，故C正确；由图看出FP的大小在减小，FQ的大小也在减小，故A D错误，B正确．所以BC正确，AD错误
【点睛】本题是动态平衡问题，运用图解法比较直观，也可以运用函数法进行研究
11、BC
【解析】对木球做受力分析：

木球受力平衡，正交分解：

解得：
因为：

木球体积不变，浮力大小不变，从0变为，先增大后减小，所以外力先减小后增大；绳子拉力：

因为从0变为，一直增大，绳子拉力一直减小，BC正确，AD错误。
故选BC。
12、AD
【解析】同一地点重力加速度相同，重力加速度随纬度增大而增大，故AD正确，BC错误；
故选AD。

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①.（1）①未记下两条细绳的方向 ②.②未说明是否把橡皮条的结点拉到O位置 ③.（2）
【解析】（1）C中遗漏的是：未记下两条细绳的方向；E中遗漏的是：未说明是否把橡皮条的结点拉到O位置；
（2）F1与F2合力的实验值是指通过实验得到值，即用一个弹簧拉绳套时测得的力的大小和方向，而理论值（实际值）是指通过平行四边形得出的值，故F′是力F1与F2合力的实验值，其方向一定沿AO方向
14、 ①.刻度尺 ②.200N/m ③.A
【解析】（1）[1]．根据实验原理可知，本实验中应测量弹簧的长度；故应用到刻度尺；
（2）[2][3]．由图象可知，斜率表示弹簧的劲度系数，为：

图线不过原点的原因是实验中没有考虑（或忽略了）弹簧的自重或在弹簧没有处于竖直悬挂状态时测量它的原长．故选A
15、 ①.A ②.C ③.D ④.0.16 ⑤.平衡摩擦力不足或未平衡摩擦力
【解析】（1）该实验是探究加速度与力、质量的三者关系，研究三者关系必须先使某一个量不变化，研究另外两个量之间的变化关系，即运用控制变量法，故选A；
（2）在探究加速度与质量的关系时，应保持小车所受拉力的大小不变，改变小车的质量，A错误；在探究加速度与外力的关系时，应保持小车的质量不变，改变小车所受拉力的大小，B错误；在探究加速度与质量的关系时，作出图象是直线，容易更直观判断出二者间的关系，C正确；当不满足的条件时，细线对小车的拉力大小就不能近似等于砝码盘和砝码的总重力大小，D错误；故选C；
（3）实验时要求小车质量M要远远大于砂及砂桶的质量m，D中M与m相等，所以D最不合适；
（4）根据得：；
（5）图中图象与横轴的截距大于0，说明在拉力大于0时，加速度等于0，说明物体所受拉力之外的其他力的合力大于0，即没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足
【点睛】要真正掌握了实验原理才能顺利解决此类实验题

三．计算题(22分)
16、 (1)；(2)；(3)。
【解析】(1)对小球受力分析，由共点力平衡条件得：

解得：
；
(2)由共点力平衡条件得：

解得：
；
(3)由胡克定律得：

解得：
。
17、（1）12m/s；（2）2.4s；
【解析】由牛顿第二定律得：

解得：

末速度为：

撤去拉力后，根据牛顿第二定律得：

解得：

匀减速过程，由速度公式得：

解得：